2019年遼寧省大連四十八中高考物理考前模擬試卷解析版

1、高考物理考前模擬試卷題號(hào)一一二四五總分得分一、單選題（本大題共 6小題，共32.0分）1. 在物理學(xué)的發(fā)展過(guò)程中， 許多物理學(xué)家都做出了重要的貢獻(xiàn)，他們也探索出了物理學(xué)的許多研究方法，下列關(guān)于物理研究方法的敘述中不正確的是（）A.理想化模型是把實(shí)際問(wèn)題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷、向心加速度等都是理想化模型B.重心、合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的理想A |I & IC.根據(jù)速度定義式 8三，當(dāng)at足夠小時(shí)，就可以表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)速度， ,a q該定義應(yīng)用了極限思想方法D.用比值定義的物理量在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如場(chǎng)強(qiáng)E=、電容

2、C專、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=：都是采用比值法定義的 2. 一滑塊做直線運(yùn)動(dòng)的v+圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）H' Illi > |A.滑塊在2s末的速度方向發(fā)生改變B.滑塊在4s末的加速度方向發(fā)生改變C.滑塊在24s內(nèi)的位移等于46s內(nèi)的位移D.滑塊在02s內(nèi)的平均速度等于 24s內(nèi)的平均速度3.如圖所示，A、B兩帶正電粒子質(zhì)量相等，電荷量之比為1: 4.兩粒子在O方同一位置沿垂直電場(chǎng)方向射入平行板電容器中，分別打在C、D兩點(diǎn)，OC=CD忽略粒子重力及粒子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（） + + + + + + +0 C oA. A和B在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為 1： 2B. A和

3、B運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為4: 1C. A和B的初速度大小之比為1 : 4D. A和B的位移大小之比為1 : 24 .“太空涂鴉”技術(shù)的基本物理模型是：原來(lái)在較低圓軌道運(yùn)行的攻擊衛(wèi)星在變軌后接近在較高圓軌道上運(yùn)行的偵察衛(wèi)星時(shí)，向其發(fā)射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵察衛(wèi)衛(wèi)星時(shí)，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開并噴向偵察衛(wèi)星，噴散后強(qiáng)力吸附在偵 察衛(wèi)衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽(yáng)能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時(shí)失效。關(guān)于這一過(guò)程下列說(shuō)法正確的是（）A.攻擊衛(wèi)星在原軌道上運(yùn)行的周期比偵察衛(wèi)星的周期大B.攻擊衛(wèi)星在原軌道上運(yùn)行的線速度比偵察衛(wèi)星的線速度小C.攻擊衛(wèi)星在原軌道需要加速才能變軌接近偵查衛(wèi)星D.攻擊衛(wèi)

4、星接近偵查衛(wèi)星的過(guò)程中受到地球的萬(wàn)有引力一直在增大5 .如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng),電阻為R的正方形金屬線框 ABCD放在光滑絕緣水平面上，其右邊有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為廣 r *fl-iB、方向豎直向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的寬度為L(zhǎng),線- I： ： *1框的AB邊與磁場(chǎng)的左邊界相距為 L ,且與磁場(chǎng)邊界平行。 匕b 1：線框在某一水平恒力作用下由靜止向右運(yùn)動(dòng)， 當(dāng)AB邊進(jìn) 入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好開始做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題中信息，下列物理量可以求出的是（ ）A.外力的大小B.勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小C.通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱D.線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線框某橫截面的電荷量6 .我國(guó)在2011年發(fā)射的“天宮一

5、號(hào)”飛行器可以被改造為一個(gè)短期有人照料的空間實(shí)驗(yàn)室.有同學(xué)設(shè)想在“天宮一號(hào)”飛行器中進(jìn)行高中物理的部分實(shí)驗(yàn)，你認(rèn)為可行的是（）A.用彈簧秤驗(yàn)證力的平行四邊形定則B.用自由落體運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律C.用砂桶拉動(dòng)小車驗(yàn)證牛頓第二定律D.用彈簧懸掛鉤碼探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系二、多選題（本大題共 5小題，共28.0分）7.下列四幅圖的有關(guān)說(shuō)法中正確的是（）甲強(qiáng)蕩光 鐳番光 零黑光乙第9頁(yè)，共12頁(yè)A.甲圖中，球 mi以速度v碰靜止球m2,若兩球質(zhì)量相等，碰后 m2的速度一定為 vB.乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大C.丙圖中，射線甲由電子組成，射線乙為電磁波，射線丙由“

6、粒子組成D. 丁圖中，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核的裂變8. 在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r為定值，R1為滑動(dòng)變阻器，R2和R3為定值電阻。當(dāng) Ri的 滑動(dòng)觸頭P從左向右移動(dòng)時(shí)，伏特表 Vi和V2的示數(shù) 的增量分別為 *1和U2,對(duì)Ui和4U2有（）A. |AUi|>|AU2|B.|AU1|=|AU2|C. AU1>0, AU2<0D. AU2>0, AUK09.如圖所示，一質(zhì)量為 m的物體靜置在傾角為 9 =36勺固 定光滑斜面底端?，F(xiàn)用沿斜面向上的恒力F拉物體，使其做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間 t,力F做功為W,此后 撤去ff力F,物體又經(jīng)時(shí)間t回到出發(fā)點(diǎn)，若以斜面底

7、端為重力勢(shì)能零勢(shì)能面，則下列說(shuō)法正確的是（）A.回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為b廊詬B.從開始到回到出發(fā)點(diǎn)的整個(gè)過(guò)程中機(jī)械能增加了WC.恒力F大小為1mgD.物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小是撤去恒力F時(shí)速度大小的三倍10 .下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)一定量氣體吸熱時(shí)，其內(nèi)能可能減小B.玻璃、石墨和金剛石都是晶體，木炭是非晶體C.單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體和非晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)D.當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其它分子作用力的合力總是 指向液體內(nèi)部E.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù) 和氣體溫度有關(guān)11 .如圖所示，若在兩種介質(zhì)中頻率及傳播速度分別為f

8、1、f2和V1、V2, f1=f2, V1=2V2,下列說(shuō)法正確的是（ ）A.同一地點(diǎn)的單擺擺長(zhǎng)越長(zhǎng)，其振動(dòng)周期越長(zhǎng)B.汽車?guó)Q笛向我們開來(lái)時(shí)，我們感到笛聲很尖銳，這是波的共振現(xiàn)象C.縱波可以沿水平方向傳播，也可以沿豎直方向傳播D.用同一裝置進(jìn)行楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，紫光比紅光條紋間距大E.位于介質(zhì)I和n分界面上的波源 S,產(chǎn)生兩列分別沿x軸負(fù)方向與正方向傳播的 機(jī)械波三、填空題（本大題共 1小題，共4.0分）12 .某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量一圓柱體的長(zhǎng)度1,用螺旋測(cè)微器測(cè)量該圓柱體的直徑d,示數(shù)如圖，由圖可讀出 l=cm, d=mm.四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共9.0分）13 .為了測(cè)量一個(gè)“ 1

9、2V、5W”的小燈泡在不同電壓下的功率，給定了以下器材: 電源：電動(dòng)勢(shì)12V,內(nèi)阻不計(jì)；安培表：00.6A （內(nèi)阻約0.5 0、。3A （內(nèi)阻約0.1 ）;伏特表：03V （內(nèi)阻約3kQ）、015V （內(nèi)阻約15kQ）;滑動(dòng)變阻器：020Q,允許最大電流1A;開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干.(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)要求加在燈泡兩端的電壓從0調(diào)到12V,請(qǐng)?jiān)趫D1所示的電路中再接入所需導(dǎo)線，完成實(shí)驗(yàn)電路.(2)某同學(xué)測(cè)得的小燈泡伏安特性曲線如圖2所示.在某次測(cè)量時(shí)，安培表指針位置如圖3所示，則其讀數(shù)為 A,此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率為 W.(3)若還想根據(jù)小燈泡伏安特性曲線求出圖2中P狀態(tài)時(shí)小燈泡的電阻，甲同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該用Li直

10、線斜率求燈泡電阻；乙同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該用 L2直線斜率求燈泡電阻.則 同學(xué)的說(shuō)法正確.五、計(jì)算題(本大題共 4小題，共52.0分)14 . 2011年7月23日，發(fā)生在溫州的動(dòng)車追尾事故造成重大的人員傷亡和經(jīng)濟(jì)損失.有報(bào)道稱，在緊急關(guān)頭，D301次列車司機(jī)放棄逃生，緊急制動(dòng)使列車盡量降速，使得列車相撞的沖擊力大大降低，他用生命挽救了許多人和許多家庭.據(jù)資料記載進(jìn)行估算，當(dāng)時(shí)火車以 216km/h行進(jìn)，制動(dòng)后以180km/h與靜止的前車相撞，該動(dòng)車 制動(dòng)時(shí)最大能產(chǎn)生1m/s2的加速度.司機(jī)從發(fā)現(xiàn)險(xiǎn)情，需0.7s的反應(yīng)時(shí)間，采取措施緊急制動(dòng).根據(jù)以上信息，估算列車司機(jī)是在距相撞地點(diǎn)多少米處，發(fā)現(xiàn)前方靜

11、止的列車的？15 .如圖所示，光滑平行金屬軌道的傾角為9,寬度為L(zhǎng),電阻為£r.在此空間存在著垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.在軌道上端連接阻值為 R的電阻，質(zhì)量為m的金屬棒擱在軌道上， 由靜止釋放，在下滑過(guò)程中，始終與軌道垂直，且 接觸良好.軌道的電阻不計(jì).當(dāng)金屬棒下滑高度達(dá) h時(shí)，其速度恰好達(dá)最大. 試求： (1)金屬棒下滑過(guò)程中的最大加速度.(2)金屬棒下滑過(guò)程中的最大速度.(3)金屬棒從開始下滑到速度達(dá)最大的過(guò)程中，電阻R所產(chǎn)生的熱量.16.17.如圖，體積為 V、內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T。、壓強(qiáng)為1.2P

12、0的理想氣體。P0和To分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度。已知：氣體內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為U = aT, a為正的常量；容器內(nèi)氣體的所有變化 過(guò)程都是緩慢的。求：(1)氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積Vi；(2)在活塞下降過(guò)程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量 Q。如圖所示，頂角為 30。的等腰玻璃三棱鏡 ABC,光線由空氣垂直AB面進(jìn)入棱鏡，由AC面進(jìn)入空氣中，其折射光線與入射光線之 間的夾角為30°,求棱鏡的折射率、光在這種玻璃中的傳播速 度.(已知光在真空中速度為3.0X08m/s)答案和解析1.【答案】A【解析】 解：A、理想化模型是把實(shí)際問(wèn)題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷

13、，向心加速度不是，故A錯(cuò)誤；B、重心、合力和交變電流的有效值體現(xiàn)了等效替代的思想，故 B正確；C、根據(jù)速度定義式 8:，當(dāng)t足夠小時(shí)，;就可以表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)速度,& tAq該定義應(yīng)用了極限思想方法，故C正確；D、用比值法定義的物理量在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，場(chǎng)強(qiáng) E=、電容C吊、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=：采用比值法，故 D正確； U,本題選不正確的，故選：Ao理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的.重心、合力等體現(xiàn)了等效替代的思想;場(chǎng)強(qiáng)E=電容C=今磁感應(yīng)強(qiáng)度 B=：采用比值法.瞬時(shí)速度定義用了數(shù)學(xué)極限思想.本題涉及了物理多種物理方法和數(shù)學(xué)方法，理想化模型，等效替代，比值定義法，這

14、些都是老師在課上經(jīng)常提到的，只要留意聽(tīng)課，這些很容易解答.2 .【答案】D【解析】 解：A、在2s末前后滑塊的速度均為正，說(shuō)明滑塊的速度方向沒(méi)有改變，故 A 錯(cuò)誤。B、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，知2-6s內(nèi)滑塊加速度保持不變， 滑塊在4s末的加速度方向沒(méi)有改變，故 B錯(cuò)誤。C、根據(jù)圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，知滑塊在24s內(nèi)的位移與46s內(nèi)的位移大小相等，方向相反，位移不等，故 C錯(cuò)誤。D、滑塊在。2s內(nèi)的位移等于24s內(nèi)的位移，所用時(shí)間也相等，則滑塊在。2s內(nèi)的平均速度等于 24s內(nèi)的平均速度，故 D正確。故選：D。在速度時(shí)間圖象中速度的正負(fù)表示其方向。圖象的斜率等于加速度， 圖象與

15、時(shí)間軸所圍的面積表示位移。結(jié)合平均速度等于位移與時(shí)間之比分析。本題關(guān)鍵要從圖象的斜率等于加速度來(lái)理解質(zhì)點(diǎn)的加速度；從面積來(lái)求解位移。 要注意位移是矢量，只有位移的大小相等，方向相同時(shí)位移才相等。h%H嚕，因m、E相等，2： 1,故A錯(cuò)誤;3 .【答案】C【解析】 解：A、粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向 所以q與t2成反比，電荷量之比為 1： 4.所以時(shí)間之比為B、由牛頓第二定律得：a=：,因m、E相等，所以加速度大小之比等于電荷量之比,電荷量之比為1:4.所以加速度大小之比為 1: 4,故B錯(cuò)誤;C、粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向：x=vot,由題意可知，飛行的水平距離之比為1： 2

16、,時(shí)間之比為2： 1,初速度大小之比為 1： 4,故C正確；打N +被1D、A、B的位移大小之比：同=爐+加；溫，故D錯(cuò)誤。故選：Co帶電粒子垂直射入電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)， 水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 豎直方向做初速度 為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得時(shí)間之比、加速度大小之比、初速度大小之比；寫出位移的表達(dá)式可知位移大小之比不等于1: 2。本題關(guān)鍵要熟練掌握類平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法：運(yùn)動(dòng)的分解法，關(guān)鍵是明確二者具有相同的豎直位移，但水平位移不同，因此分別對(duì)兩個(gè)方向進(jìn)行分析求解即可，對(duì)于比例式的 計(jì)算一定要熟練掌握。4 .【答案】C【解析】 解：萬(wàn)有引力提供向心力：Gpr=m =

17、m o?r=m 點(diǎn)） 2r=ma解得：飛甲丁=?=2%市3=浸畛2三A、由T=：'=2 謂可知半徑小的周期小，則 A錯(cuò)誤B、由v=/¥可知半徑小的線速度大，則 B錯(cuò)誤C、衛(wèi)星由低軌道加速做離心運(yùn)動(dòng)變到高軌道，則C正確D、由F=h可知距離變大力變小，則 D錯(cuò)誤故選：Co由萬(wàn)有引力提供向心力可確定出周期，速度的表達(dá)式，據(jù)表達(dá)式分析大小關(guān)系；衛(wèi)星由 低軌道加速做離心運(yùn)動(dòng)變到高軌道，由萬(wàn)有引力的公式確定力的大小。本題關(guān)鍵根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力等于向心力確定出各量的表達(dá)式，明確變軌的原理。5 .【答案】D【解析】 解：AB、勻速時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv對(duì)線框根據(jù)歐姆定律可得：1

18、 =ab邊受到的安培力大小為：Fa=BIL根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可得：Fa=F解得：v=，由于拉力F不知道，也不能求出，所以 v無(wú)法求出，故 AB錯(cuò)誤；C、線框通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程，由能量守恒定律得：3FL=Q + mv2,由于F和v不知道，所以通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱無(wú)法求解，故C錯(cuò)誤；D、線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線框某橫截面的電荷量為：q=jt=%-=7，故D正確；故選：D。 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律求解電流強(qiáng)度，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡判斷能否求解速度；根據(jù)能量守恒定律分析能否求解通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱；根據(jù)閉合電路的歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合電荷量的計(jì)算公式求解電荷量。 對(duì)于電

19、磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下物體的平衡問(wèn)題；另一條是能量，分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵。6 .【答案】A【解析】 解：A、用彈簧秤驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)不受重力影響，可以進(jìn)行, 故A正確；B、在天宮一號(hào)飛行器中，物體處于完全失重狀態(tài)，不能做自由落體運(yùn)動(dòng)，不能用自由落體運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，故B錯(cuò)誤；C、在天宮一號(hào)飛行器中砂與砂桶處于完全失重狀態(tài)，它們對(duì)小車?yán)榱?，不能用砂桶拉?dòng)小車驗(yàn)證牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；D、用彈簧懸掛鉤碼探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系時(shí)，由于鉤碼處于完全失重狀態(tài)，對(duì)彈簧的拉力為零，無(wú)法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，故 D錯(cuò)誤。故選：A

20、。在“天宮一號(hào)”飛行器中， 物體處于完全失重狀態(tài)， 根據(jù)實(shí)驗(yàn)時(shí)是否受到重力的影響來(lái) 分析解答此題.本題考查了重力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，知道在“天宮一號(hào)”飛行器中，物體處于完全失重狀態(tài),難度不大，屬于基礎(chǔ)題.7 .【答案】BD【解析】 解：A、甲圖中，兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，碰撞過(guò)程機(jī)械能不增加，如果兩球質(zhì)量相等，則碰撞后 m2的速度不大于v,故A錯(cuò)誤；B、乙圖中，圖中光的顏色保持不變的情況下，光照越強(qiáng)，光電子數(shù)目越多，則飽和光 電流越大，故B正確；C、丙圖中，由左手定則可知，甲帶正電，則甲射線由“粒子組成，乙不帶電，射線乙是丫射線，丙射線粒子帶負(fù)電，則丙射線由電子組成，故 C錯(cuò)誤；D、圖4中鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于

21、重核裂變，故 D正確；故選：BD。由動(dòng)量守恒定律分析答題；入射光的頻率增大，光電子的最初動(dòng)能增大，遏止電壓增大，光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏制電壓與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)；由左手定則判斷出粒子的電性，然后答題；重核變?yōu)檩p核的核反應(yīng)是裂變。本題考查了選修內(nèi)容，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題，對(duì)選修內(nèi)容要熟練掌握基礎(chǔ)知識(shí)； 入射光的頻率增大，光電子的最初動(dòng)能增大，遏止電壓增大，光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏制電 壓與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)。8 .【答案】AD【解析】 解：AB、滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中電流增大，R3分壓即 U及內(nèi)阻分壓變大，Ri與R2的電壓和即Ui變小；因總電壓不變，故 Ui的減 小量的絕對(duì)值一定大于 R

22、3兩端電壓增大值白絕對(duì)值；故 |*1|>|92|；故A正確；B錯(cuò)CD、Ui減小Ui為負(fù)，U2增大4U2為正，則C錯(cuò)誤，D正確，故選：AD。分析電路結(jié)構(gòu)，明確各電壓表所測(cè)量范圍，根據(jù)閉合電路歐姆定律可分析電流的變化， 明確兩電壓表的變化關(guān)系。本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，此類題型的處理方法一般是按照“局部-整體-局部”的分析方法進(jìn)行分析；本題中還要注意明確內(nèi)阻一定這一條件。9 .【答案】BC【解析】解：A、對(duì)整個(gè)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：!mv2=w,解彳導(dǎo):v=Jv.則物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為P=mgvsin30 =g ,故 A 錯(cuò)誤。第8頁(yè)，共i2頁(yè)B、除重力以外的力做功等于機(jī)械

23、能的變化量，力 F做功為W,則從開始到回到出發(fā)點(diǎn)的整個(gè)過(guò)程中機(jī)械能增加了 W,故B正確；C、從開始到經(jīng)過(guò)時(shí)間t,物體受重力，拉力，支持力，由牛頓第二定律得物體加速度為：a。 m撤去rf力f到回到出發(fā)點(diǎn)，物體受重力，支持力，由牛頓第二定律得物體加速度大小為：, 加且£符3爐a' = =0.5g 兩個(gè)過(guò)程位移大小相等方向相反，時(shí)間相等。得：a at2=- (at?t-a' t2)聯(lián)立解得：az =3a, F=；mg,故C正確；D、設(shè)撤去恒力F時(shí)速度大小為V0,物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v。取沿斜面向上為正方向，根據(jù)撤去 F前后兩個(gè)過(guò)程的位移大小相等、方向相反，得 少t=

24、-21 + f- 聲-I,解得v=2vo,故D錯(cuò)誤。故選：BC。對(duì)從開始到回到出發(fā)點(diǎn)的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理研究求出物體回到出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能。根據(jù)除重力以外的力做功等于機(jī)械能的變化量，求得整個(gè)過(guò)程中機(jī)械能增加量。分別研究從開始到經(jīng)過(guò)時(shí)間t和撤去恒力F到回到出發(fā)點(diǎn)，物體的受力情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出恒 力F.根據(jù)撤去F前后兩個(gè)過(guò)程的位移大小相等列式，求得物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度與撤去ff力F時(shí)速度大小關(guān)系。本題是動(dòng)能定理、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式等力學(xué)規(guī)律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要抓住兩個(gè)過(guò)程之間的位移關(guān)系和時(shí)間關(guān)系，知道除重力以外的力做功等于機(jī)械能的變化量。10 .【答案】ADE【解析】 解：A、根據(jù)UnW+Q可知，當(dāng)一定量

25、氣體吸熱時(shí)，其內(nèi)能可能減小，也可能不變，也可能增大，故 A正確；B、晶體有整齊規(guī)則的幾何外形，晶體有固定的熔點(diǎn)，在熔化過(guò)程中，溫度始終保持不變，且晶體有各向異性的特點(diǎn)，玻璃是非晶體，故 BC錯(cuò)誤；D、液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面體現(xiàn)分子引力，體現(xiàn)表面張力，故D正確；E、單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)多少和氣體溫度的高低，影響著氣體的壓強(qiáng)，即氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，故E正確。故選：ADE。根據(jù)熱力學(xué)第一定律，UnW+Q可知，即可求解；玻璃是非晶體；晶體有固定的熔點(diǎn)，而非晶體沒(méi)有；由分子間距大于平衡位置時(shí)，體現(xiàn)分子引力；單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù) 和氣體溫度，直接影響氣體的壓強(qiáng)，從而即可求

26、解.考查熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容，注意W與Q的正負(fù)確定，掌握晶體與非晶體的區(qū)別，理解分子表面引力，同時(shí)掌握影響氣體分子的壓強(qiáng)因素.11 .【答案】ACE【解析】 解：A.根據(jù)單擺的周期公式 T = 可知，在同一地點(diǎn)，即重力加速度相同 時(shí)，擺長(zhǎng)越長(zhǎng)，周期越大，故 A正確；B.汽車?guó)Q笛向我們開來(lái)時(shí)，我們感到笛聲很尖銳，這是波的多普勒效應(yīng)，故B錯(cuò)誤;C.縱波是指質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的傳播方向在同一直線上的波，可以沿水平方向傳播，也可以沿豎直方向傳播，比如聲波，故C正確；D.紫光的波長(zhǎng)小于紅光的波長(zhǎng)，則根據(jù)光的干涉條紋間距公式工二品可知,用同一裝置進(jìn)行楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，紫光比紅光條紋間距小，故 D錯(cuò)誤；E

27、.由于fi=f2, V1=2v2,根據(jù)v= f可知，位于介質(zhì)I和n分界面上的波源 S,產(chǎn)生兩列 分別沿x軸負(fù)方向與正方向傳播的機(jī)械波的波長(zhǎng)關(guān)系為4=2 2如圖可知，波長(zhǎng)關(guān)系與結(jié)果符合，故E正確。故選：ACE。根據(jù)單擺的周期公式分析 A選項(xiàng)；根據(jù)多普勒效應(yīng)分析 B選項(xiàng)；根據(jù)波的傳播特點(diǎn)分析C選項(xiàng)；根據(jù)光的干涉條紋間距公式=分析D選項(xiàng)；同一列波在不同的介質(zhì)中傳 播時(shí)，頻率相同，根據(jù) v=f分析波長(zhǎng)的關(guān)系即可。解決本題關(guān)鍵要掌握多普勒效應(yīng)、單擺的周期公式、縱波的特點(diǎn)等等基本知識(shí)，要打好 知識(shí)基礎(chǔ)，加強(qiáng)基本概念的訓(xùn)練，注意區(qū)別質(zhì)點(diǎn)的波速與周期、頻率及波長(zhǎng)間的關(guān)系。12 .【答案】2.25 6.860【

28、解析】 解：1、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：2.2cm=22mm,游標(biāo)尺上第5個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為5X0.1mm=0.5mm,所以最終讀數(shù)為：22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm.2、螺旋測(cè)微器的固定刻度為6.5mm,可動(dòng)刻度為36.0 0.01mm=0.360mm,所以最終讀數(shù)為 6.5mm+0.360mm=6.860mm.故答案為：2.25, 6.860.解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確

29、使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量.13 .【答案】0.40 2.4乙【解析】 解：(1):由于實(shí)驗(yàn)要求電壓從零調(diào)，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法;由于小燈泡電阻較小滿足 力工 電流表應(yīng)用外接法，實(shí)驗(yàn)電路如圖所示：(2):電流表每小格讀數(shù)為0.02A,應(yīng)進(jìn)行:估讀，所以讀數(shù)為：I=0.40A；從U-I圖象中可讀出I=0.40A時(shí)對(duì)應(yīng)的電壓 U=6.0V,所以小燈泡功率為：P=UI=2.4W；(3):根據(jù)R="可知，電阻R等于U-I圖象中圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率而不是切線的斜率，所以乙同學(xué)正確.故答案為：(1)如圖(2) 0.40, 2.4(3)乙本題(1)的關(guān)鍵是明確要求電壓從零調(diào)時(shí)，變阻器

30、應(yīng)采用分壓式接法，待測(cè)電阻滿足答)？時(shí)，電流表應(yīng)用外接法；題(2)的關(guān)鍵是電流表的估讀方法：若電表每小格讀數(shù)出現(xiàn)“ 2”則應(yīng)是3古讀，即應(yīng)估讀到每小格讀數(shù)的 ；即可；題(3)的關(guān)鍵是通過(guò) R=可知，電阻應(yīng)等于 U-I圖象中圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率而表示切線的斜率.應(yīng)明確：當(dāng)實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)采用R PlJf分壓式接法；當(dāng)待測(cè)電阻滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足 /時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法；注意電表估讀的方法：若每小格讀數(shù)中出現(xiàn)“1”、“2”、“5”時(shí)，則應(yīng)是“二、“孩、估讀；注意圖象斜率的含義，U-I圖象中，根據(jù)R=：可知，電阻R應(yīng)等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線

31、的斜率，而速度時(shí)間圖象即 v-t圖象中，由于2啜,可知加速度a應(yīng)等于切線的斜率.14.【答案】 解：司機(jī)反應(yīng)時(shí)間內(nèi)，列車仍以原速度勻速運(yùn)動(dòng)xi=voto=60 ><0.7=42m司機(jī)緊急制動(dòng)后列車勻減速前進(jìn) 不二出二十一小二550m1 2ei 2 * (1)x=xi+x2=592m故列車司機(jī)是在距相撞地點(diǎn)592m處發(fā)現(xiàn)前方靜止的列車.【解析】司機(jī)在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)仍然以原速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移公式求出勻減速運(yùn)動(dòng)的位移，勻速運(yùn)動(dòng)的位移和勻減速運(yùn)動(dòng)的總位移為司機(jī)距相撞點(diǎn)的距離.解決本題的關(guān)鍵知道列車經(jīng)歷了勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻減速直線運(yùn)動(dòng)，距離相撞點(diǎn)的距離為兩段位移之和.15.【答案】解：(1)以金屬棒為研究對(duì)象，當(dāng)安培力為零時(shí)，金屬棒的加速度最大, 由牛頓第二定律得：mgsin Omam解得：am=gsin 0E=BLv(2)金屬棒切割磁場(chǎng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，為:感應(yīng)電流為：1 =第13頁(yè)，共12頁(yè)金屬棒在軌道上做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)