內(nèi)蒙古2020年高考物理模擬試卷(8套)解析版

1、高考物理一模試卷題號一一得分三四總分第12頁，共13頁、單選題（本大題共 5小題，共30.0分）1 .若一個氫核（窗Rn）發(fā)生一次“衰變生成新核針（pO P。），并放出一個能量為Eo=0.09MeV的丫光子，氫的半衰期為 3.8天，則（）A.針核與原來的氫核相比中子數(shù)減少了6B,若有12個氫原子核，經(jīng)3.8天后一定剩下6個氫原子核 C.氫核a衰變中產(chǎn)生的丫光子是從針核中放出的 D.氫核的比結(jié)合能大于針核的比結(jié)合能2 .如圖所示，滑板運動員從傾角為53。的斜坡頂端距水平地面高度H=3.2 m的A點水平滑出，斜面底端有個寬 L=1.2 m、高h=1.4 m的障礙物。忽略空氣阻力，重力加速 度 g

2、取 10 m/s2, sin53 ° =0.8cos53° =0.6.為了不觸及這 礙物并落在水平面上，運動員從 A點沿水平方向滑出的最 小速度為（）A. 3.0 m/sB. 4.0m/sC. 4.5 m/sD. 6.0 m/s3. 如圖甲所示，理想變壓器原線圈匝數(shù)M=2200匝副線圈的匝數(shù) N2=100匝，R為光敏電阻（光照越強電阻越?。儔浩鞯脑€圈兩端接有圖乙所示的交變電壓u,燈泡L正常發(fā)光流過小燈泡的電流為0.3A,以下說法中正確的是（）A.副線圈兩端電壓為 22 VB.用強光照射R,燈泡亮度不變C.圖乙交變電壓的表達式為u =2202 sin50戊（V）D.燈泡

3、L的額定功率為6W4. 2018年美國宇航局的木星探測器接近木星后進入一個環(huán)繞周期為1284小時的橢圓軌道I并繞木星運行兩圜，然后調(diào)整進入一個環(huán)繞周期為336小時的橢圓軌道n.貝 （）A.木星探測器被木星引力俘獲進入環(huán)繞木星的工作軌道，需要點火加速B.木星探測器從橢圓軌道 I變軌到橢圓軌道n,需要點火加速C.若木星探測器繞木星做圓周運動，測出軌道半徑和周期，可以求木星的質(zhì)量和 密度D.若木星探測器在木星表面附近繞木星做圓周運動，測出周期，可以求木星的密XXXXXXXXXXXXXXa度5.如圖所示，紙面內(nèi)的半圓形導(dǎo)線框A和圓心角為90。的扇形導(dǎo)線框B,處在垂直于紙面向里的勻強磁場水平邊界的下方，

4、它們的圓心 O1、O2均在磁場的邊界上，兩圓弧半徑相等；現(xiàn)使兩線框從圖示位置開始分別繞垂直于紙面且過01和O2的軸沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，結(jié)果兩線框產(chǎn)生的交變電動勢有效值相同，則 AB 兩線圈轉(zhuǎn)動的角速度 叫和？的大小關(guān)系為（）6.7.A. 31 =：, 32B. 31 = 32多選題（本大題共 5小題，共26.0分）如圖所示，三根質(zhì)量不計的勁度系數(shù)相同的彈簧 a、b、c套在固定 的光滑桿上，彈簧一端固定另一端連接在質(zhì)量為 m的網(wǎng)球上，相鄰 彈簧間的夾角均為120。，彈簧c處于豎直方向，網(wǎng)球處于靜止狀態(tài),并不與桿接觸。已知彈簧a和b對網(wǎng)球的作用力的大小均為 2mg, 則彈簧c對網(wǎng)球的作用力的大小

5、可能為（）A. mgB. 2mgC. 3mg如圖所示，平行等距的水平虛線 1、2、3、4為某一電場的等勢面 其電勢分別為 1=3V=9V、（4=12V. 一個不計重力的帶電粒 子在電場中運動（只受電場力作用），運動的軌跡如圖中實線所示，軌跡為拋物線，M、N、P是軌跡上的三點，其中 N點為軌跡上的最高點，則（）A.電場的方向豎直向上且虛線2的電勢一定是6VB.粒子一定沿M、N、P方向運動C. M、N、P三點中，粒子在 P點的電勢能最大，動能最小D.粒子在電場中的運動是勻變速運動8. 利用圖象來描述物理過程、探尋物理規(guī)律是常用的方法 ,下圖是描述某個物理過程的圖象，橫縱軸所表示的物 理量都使用國際

6、單位制中的單位。下列對該物理過程分 析正確的是（）A.若圖象描述的是一質(zhì)點直線運動時的加速度（ y軸 ）隨時間變化的規(guī)律，則 0-2秒的時間內(nèi)該質(zhì)點的速度 變化量為0B.若圖象描述的是一條沿 x方向的電場線上各點的電 勢（y軸）隨坐標變化的規(guī)律，則該電場線可能是某個 點電荷形成的電場中的一條C.若圖象描述的是穿過閉合線圈的磁場的磁感應(yīng)強度（ 則該閉合線圈中一定產(chǎn)生大小不變的感應(yīng)電動勢y軸）隨時間變化的規(guī)律,D.若圖象描述的是質(zhì)點運動的位移（y軸）隨時間變化的規(guī)律，則在 1秒時質(zhì)點的 速度一定改變了方向9. 關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁磁撞的次數(shù)與單位體積

7、內(nèi)的分子數(shù)和溫度 有關(guān)B.空氣的相對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示C.固體很難被壓縮是因為分子之間有斥力D.分子運動的平均速率可能為零瞬時速率不可能為零E.溫度升高，分子熱運動的平均動能增大，但并非每個分子的速率都增大10. 關(guān)于電磁波和機械波，下列說法正確的有（）A.與x射線相比紫外線更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象B.不同頻率的電磁波在真空中的傳播速度都相同C.電磁波是橫波，機械波是縱波D.電磁波在任何介質(zhì)中傳播的速度都相同，而機械波的波速大小與介質(zhì)密切相關(guān)E.機械波在介質(zhì)中傳播，離波源較近的質(zhì)點總比離波源較遠的質(zhì)點振動得早一些三、實驗題(本大題共 2小題，共15.0分)11.某同學(xué)做驗證機械能守恒定

8、律的實驗，實驗裝置如圖甲所示。小鐵球的質(zhì)量為m=10 g光電門到小鐵球重心的豎直距離為x打開試管夾由靜止釋放小鐵球，小球經(jīng)過正下方的固定在鐵架臺上的光電門時，與光電門連接的計時器可以記錄小鐵球經(jīng)過光電門的時間to回答下列問題(1)用螺旋測微器測得小鐵球直徑如圖乙所示則直徑D=(2)從與光電門連接的計時器上讀出小鐵球經(jīng)過光電門的時間t=2ms,則小鐵球經(jīng)過光電門時的動能 Ek=J.(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(3)某同學(xué)多次改變光電門的位置測量出光電門到小鐵球重心的豎直距離x,并計算出小鐵球經(jīng)過光電門時的速度u,通過描繪v2-x圖象來驗證機械能是否守恒。若實驗中小鐵球所受阻力不可忽略且阻力大小保

9、持不變，從理論上分析合理的v2-x圖象是下圖中的甲乙12.興趣小組的同學(xué)們要進行“電表改裝和測量電源電動勢、內(nèi)阻”的實驗。根據(jù)實驗過程回答下列問題：(1)將內(nèi)阻R=100Q ,滿偏電流值g =3mA,面板如圖甲所示的電流表，改裝成量 程為0.6A的電流表，要與該電表并聯(lián)一個電阻號，R大小是 Q.(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(2)若將內(nèi)阻為25，滿偏電流為3mA的靈敏電流計改裝成量程為3V的電壓表，需串聯(lián)一個阻值為 Q的電阻。(3)現(xiàn)用以上改裝后的電流表和電壓表測量一電池的電動勢E (約為2.4V)和內(nèi)阻(約為0.8 ),考慮到電壓表和電流表內(nèi)阻的影響，采用如圖乙所示的電路測 量。實驗室有兩種規(guī)

10、格的滑動變阻器：R1 (0-15Q; 1A)、R (0-5Q; 1A),為了盡可能多測幾組數(shù)據(jù)，實驗時應(yīng)選用 (填寫“ RJ或" R2 )、(4)閉合開關(guān)S進行實驗時，由于改裝后的電流表沒有更換刻度面板(電路連接 沒有錯誤)，改變滑動變阻器阻值的過程中，依次記錄了滑片在兩個位置時電壓表 和電流表的讀數(shù)分別為：2.13V和1.00 mA, 1.88V和2.00 mA,根據(jù)此數(shù)據(jù)可求得該 電源電動勢E=V,內(nèi)電阻r=Q .(計算結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位)四、計算題(本大題共 4小題，共52.0分)13.如圖，x-y坐標系的0vxva區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向里。有兩

11、個比荷均為工的正負粒子先后從 O點附以相同的速度進入磁場，速度方向與y軸正方向的夾角為 60°,不計粒子的重力。(1)若兩個粒子都能從 y軸離開磁場，求進入磁楊時的最大速度(2)若兩個粒子同時從 y軸離開磁場，求兩個粒子從 O點進入的時間差?14.如圖所示，水平地面上放置長木板m2和小滑塊m3,m3與m左端距離為S=0.16 m。某時刻小滑塊 m1,以水平向左初速度 % =1.5m/s滑上m的右端，m開始向左運動， 與m3發(fā)生彈性碰撞(碰撞時間極短)。已知 m =1.0kg、m =0.5kg、3m =0.3kg, m i 與m2之間的動摩擦因數(shù) 0=0.1、m2與地面之間的動摩擦因數(shù)

12、21=0.05 > m 與地面之間無摩擦，設(shè) m2足夠長，取g=10m/s2.求：(1)通過計算判斷：m2與m即將發(fā)生碰撞時，m和m的速度是否相等；(2) m2與m3碰撞后m還能滑行多遠？15.如圖所示，內(nèi)徑之比為 1: 2的兩段兩端均開口的玻璃管組成一個上 細下粗的玻璃容器，玻璃容器豎直固定放置，在下面粗的玻璃管內(nèi)有兩A上方有一段高為10cm的水銀柱，水銀 10cm,活塞A、B間封閉有一段一定個質(zhì)量不計的活塞 A、B,活塞 柱上表面離兩管對接處高度為的理想氣體氣，柱高為20cm,氣體溫度為27 c已.知大氣壓強po=75 cmHg .活塞與玻璃 管內(nèi)壁氣密性好。（計算結(jié)果保留到小數(shù)點后

13、一位）若保持B活塞不動，緩慢給封閉氣體加熱當水銀全部推入上段玻璃管中時，氣體的溫度多高？若保持氣體溫度不變，緩慢向上推B活塞，當水銀全部推入上段玻璃管中時，B活塞上移的距離為多少？16.有一橫截面是半圓形的透明柱體，圖甲是以O(shè)為球心的半圓形橫截面，直徑 AB=2R. 一束光線從 O點左側(cè)的E點射人，進入半球體后在上表面的入射角恰好等于全 反射的臨界角C=45°。求透明柱體介質(zhì)的折射率？若將柱體傾斜使其平面部分與水平面成45。角，橫截面如圖乙所示。水平射來的平行光射到直徑AB所在的柱體平面上，經(jīng)折射后有部分光能直接從半圓面射出， 求半圓面上透光部分的弧長？答案和解析1 .【答案】C【解

14、析】解：A、氫核的衰變方程為： 管RnWPo+He+Y；可知生成的針核與原來的氫核相比，質(zhì)量數(shù)減少 2個，其中質(zhì)子數(shù)減少 2個，則中子數(shù)減少了 2個。故A錯誤;B、放射性元素的半衰期是大量放射性原子發(fā)生衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對個別的原子沒有意義。故B錯誤；C、衰變后的新核處于激發(fā)態(tài)，在向基態(tài)躍遷的過程中釋放丫光子，所以氫核 “衰變中產(chǎn)生的丫光子是從針核中放出的。故 C正確；D、由于氫核衰變的過程中釋放能量，根據(jù)比結(jié)合能與能量的關(guān)系可知，針核的比結(jié)合能大于氫核的比結(jié)合能。故D錯誤故選：C。根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出衰變方程，分析中子數(shù)的變化；半衰期具有統(tǒng)計意義;根據(jù)結(jié)合能與比結(jié)合能分析；理解丫衰變

15、的原理與特點。解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，以及掌握半衰期的意義。2 .【答案】D【解析】 解：由題題意，可知要使運動員不觸及障礙物，則運動員下落到與障礙等高時 ,根據(jù)幾何關(guān)系可知運動員在水平方向發(fā)生的位移應(yīng)該滿足：此時運動員在豎直方向下落的高度為H-h,設(shè)運動員運動的時間為 t,則有：Hi =代入數(shù)據(jù)可得時間為：t=0.6s所以運動員從 A點沿水平方向滑出的最小速度為：1.2+ T%加=f1m= 6m/*故D正確，ABC錯誤。故選：Do由幾何關(guān)系求出當運動員下落到與障礙物等高時，水平方向發(fā)生的最小位移，根據(jù)平拋 運動規(guī)律分析即可求出最小速度。本題考查平拋運動的臨界問題

16、，關(guān)鍵是要由幾何關(guān)系找出當運動員下落到與障礙物等高 時，水平方向發(fā)生的最小位移，即可正確分析。3 .【答案】B【解析】 解：A、交變電壓最大值是 220匿V,所以原線圈的電壓有效值為220V,原、副線圈的匝數(shù)比為 22: 1,故副線圈兩端電壓為10V,故A錯誤；B、用強光照射 R,副線圈兩端電壓不變，所以燈泡亮度不變，故 B正確；C、根據(jù)圖象得交變電壓的周期是0.02s,所以3葛二100兀rad/s,所以圖乙交變電壓的表達式為u=220京sin100 Tit (V),故C錯誤；D、小燈泡L的額定功率為 P=10X0.3=3W,故D錯誤；故選：Bo根據(jù)圖象求交變電壓的瞬時值表達式，閉合電路中的動

17、態(tài)分析類似，可以根據(jù)R的變化,確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不 變，來分析各量的變化。理想變壓器的輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，由于輸入電壓和匝數(shù)比不變，所 以副線圈的輸出的電壓也不變。4 .【答案】D【解析】 解：A、只有減速制動，才能使木星探測器被木星引力俘獲，進入環(huán)繞木星的 工作軌道，故A錯誤；B、根據(jù)開普勒第三定律可知，周期較大的橢圓軌道對應(yīng)的軌道的半長軸一定大一些；由較高軌道變軌到較低軌道，需要減速制動，使得萬有引力大于向心力，做近心運動， 而周期越大，軌道越高，所以大橢圓軌道變軌到小橢圓軌道，需要減速制動，故 B錯誤C、測出木星探測

18、器號繞木星做圓周運動的軌道半徑和周期，根據(jù) 涔 .得,木星的質(zhì)量M="但不知道火星的半徑，無法求出火星的密度，故 C錯誤；D、萬有引力充當向心力，有G一二mJ-得，木星的質(zhì)量M騫，又M=p當r=R時,故選：Do只有減速制動，才能使“朱諾”號被木星引力俘獲，進入環(huán)繞木星的工作軌道；根據(jù)開普勒第三定律知，周期越大，軌道越高，結(jié)合變軌的原理分析需要加速還是減速。根據(jù)萬有引力提供向心力得出中心天體的質(zhì)量，結(jié)合中心天體的體積求出密度。解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，注意根據(jù)軌道半徑和周期只能求出中心天體的質(zhì)量，不能求出環(huán)繞天體的質(zhì)量。5 .【答案】D【解析】 解：設(shè)兩圓弧半徑

19、為 r,則兩種情況下線框切割磁感線產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢1 T表達式均為E m=尹- 3。A圖中，線框轉(zhuǎn)動一周的過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小不變，有效值為E產(chǎn)國=月產(chǎn)31。B圖中，設(shè)電動勢有效值為 E2 .根據(jù)有效值的定義有 殳? = : T,可得，與=:Br2(2 。2 2據(jù)題El =E2 ,則得3 =y 2。故選：Do 先根據(jù)E= 用/3求出線框產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢，再根據(jù)有效值的定義求出有效值，結(jié)合兩種情況有效值相等，即可分析必和g的大小關(guān)系。本題的關(guān)鍵是要把過程細分，注意兩個線框進入或離開磁場的情況有差別。根據(jù)有效值 的定義來求有效值，這是常用的方法，要學(xué)會運用。6 .【答案】AC【解析】

20、 解：若彈簧a和b對網(wǎng)球的作用力為拉力，對網(wǎng)球進行受力分析，由于網(wǎng)球處 于平衡狀態(tài)，所以：Fc=mg+Fa cos60 4F cos60 =3mg,若彈簧a和b對網(wǎng)球的作用力為推力，對網(wǎng)球進行受力分析，由于網(wǎng)球處于平衡狀態(tài)，所以：Fc=FaCOs60 ° +F cos60 -mg=mg故AC正確，BD錯誤。故選：AC。網(wǎng)球處于平衡狀態(tài)，合力為零，對網(wǎng)球進行受力分析，應(yīng)用平衡條件計算出網(wǎng)球豎直方 向受到的力的大小，彈簧可能處于伸長和原長狀態(tài)，也可能處于壓縮狀態(tài)，進行討論即 可。選取m為研究的對象，對 m進行受力分析，它受到重力和abc三個彈簧的彈力,畫出受力分析的圖象，結(jié)合共點力平衡的

21、條件分析即可。掌握力的特點，是正確分析受力的基礎(chǔ)和依據(jù)。要想熟練掌握，還需要通過一定量的練 習(xí)，不斷加深對物體運動規(guī)律的認識，反復(fù)體會方法，總結(jié)技巧才能達到。7 .【答案】AD【解析】 解：A、由題 1=3V、=9V、4 =12 V,則 知二褂+ （4蟲3）3+ （12-9） =6V, 故A正確；B、根據(jù)運動軌跡只能判斷電場力方向向下，不能保證粒子運動方向，故 B錯誤；C、粒子只受電場力作用，粒子的軌跡彎曲的方向向下，故合外力方向為豎直向下，即電場力得方向豎直向下，由于1=3V、=9V、 =12V,則場強方向豎直向上，所以帶電粒子帶負電；根據(jù)場強方向豎直向上可得：P點電勢最高，M點其次，N點電

22、勢最低，故帶負電的粒子在N點電勢能最大，動能最小，故 C錯誤；D、由圖可知，等勢面為平行線而且間距是相等的，所以該電場為勻強電場，所以帶電 粒子在電場中受到的電場力的大小方向都不變，即粒子的加速度不變，所以粒子在電場 中做勻變速運動。故 D正確 故選：AD。根據(jù)等勢面分布得到電場分布，由運動軌跡得到電場力方向，從而得到電場方向；即可 得到電勢、電場力關(guān)系；再根據(jù)電勢關(guān)系得到電勢能關(guān)系，由動能定理得到動能關(guān)系。 等勢面的疏密程度、電場線疏密程度都可以表示場強大??；若等勢面均勻分布，那么， 電場為勻強電場。8 .【答案】AC【解析】 解：A、若該圖象為質(zhì)點運動的加速度 -時間圖象，即（a-t）圖象

23、，圖象與時間1x5 I M S軸所圍的面積表示速度變化量，則0-2秒的時間內(nèi)該質(zhì)點的速度變化量-=0,故A正確。B、若該圖象為一條沿 x方向的電場線上各點的電勢隨坐標變化的圖象，根據(jù)6x圖象的斜率等于電場強度，斜率不變，電場強度不變，只能是勻強電場中的一條電場線， 故B錯誤。C、若該圖象為閉合線圈內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖象，即B-t圖象，直線的A BdB斜率不變，即 大7為定值，線圈的面積一定，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E= .7S知，該閉合線圈內(nèi)產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢，故C正確。D、若該圖象為質(zhì)點運動的位移 -時間圖象，即（y-t）圖象，圖象的斜率等于速度，可知,質(zhì)點的速度大小和方向均不變

24、，故 D錯誤。故選：AC。從圖象可以看出物理量 y隨x是均勻變化的，圖象的斜率不變。根據(jù)圖象的面積、斜率 的物理意義，再結(jié)合物理規(guī)律進行逐項分析。本題考查的學(xué)生對物理圖象分析和理解能力，關(guān)鍵要明確各種圖象斜率、面積的數(shù)學(xué)意 義來分析圖象的物理意義。9 .【答案】ACE【解析】 解：A、氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁磁撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)。故 A正確；B、空氣的相對濕度定義為相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強與水的飽和蒸汽壓之比。故B錯誤；C、分子間存在著間隙，其中固體分子間距離最小，氣體分子間距離最大，分子間同時 存在著引力和斥力，只不過分子間的作用力表現(xiàn)為引力還是斥力，取

25、決于分子間距離的 大小。實際上，正是由于分子間存在著斥力，而且隨著分子間距離的減小斥力會越來越 大，所以才使得固體和液體很難被壓縮。故 C正確；D、分子永不停息做無規(guī)則的運動，則分子運動的平均速率不可能為零，瞬時速度也不 可能為零。故D錯誤；E、溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子熱運動的平均動能增大，但并非每個 分子的速率都增大。故 E正確。故選：ACE。氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁磁撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)； 空氣的相對濕度定義為相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強與水的飽和蒸汽壓之比；由 于分子間存在斥力，固體很難被壓縮；分子永不停息做無規(guī)則的運動，則分子運動的平 均

26、速率不可能為零，瞬時速度也不可能為零；溫度升高，分子熱運動的平均動能增大， 但并非每個分子的速率都增大。本題考查了氣體壓強的微觀表達、分子力、溫度是分子平均動能的標志、相對濕度等知 識點。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。10 .【答案】BE【解析】 解：A、波長越長，衍射越明顯，x射線的波長比紫外線短，衍射更加不明顯。故A錯誤；B、不同頻率的電磁波在真空中的傳播速度都相同。故 B正確；C、機械波有橫波和縱波之分，電磁波是橫波。故 C錯誤；D、電磁波在真空中的傳播速度最快，在不同的介質(zhì)中傳播的速度不同，機械波的波速與介質(zhì)有關(guān)。故 D錯誤；E、機械波的形成可表述為離波源近的質(zhì)點帶動離波

27、源遠的質(zhì)點，故離波源近的質(zhì)點振 動的早一些。故 E正確。故選：BE。波的衍射和波長有關(guān)；電磁波在真空中的傳播速度是不變的；機械波有橫波和縱波之分 ;不同的介質(zhì)，波的傳播速度是不同的；波源近的質(zhì)點振動的早一些。本題考查了衍射現(xiàn)象、波的傳播速度等知識點。對于這一部分知識很多是屬于記憶部分 的，因此需要注意平時的記憶與積累。11 .【答案】6.860 mm 0.059 C【解析】 解：(1)螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5 mm,可動刻度讀數(shù)為36.0 x 0.01mm=0.360 mm,所以最終讀數(shù)為：6.5mm+0.360 mm=6.860 mm。(2)根據(jù)在很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度，則

28、有：小球經(jīng)過光電門時的速度為：v=-X 10T m占=3.430 m/s,根據(jù)動能表達式為：Ek寸mv2= x 0.01 X 3.430 X 3.430/ 0.059J ;(3)根據(jù)動能定理，則有：mgx-fx= mv2,則有：v2= (2g； ) x因此從理論上分析，合理的V2-X圖象是圖中C;故答案為：(1 ) 6.860 mm; ( 2) 0.059; (3) C;螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀 由于光電門的寬度 d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度，再根據(jù)動 能表達式，即可求解；根據(jù)動能定理， W合=AEk,結(jié)合v2-x圖象的

29、斜率含義，即可求解。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。明確瞬時速度的測量方法，即用極短時間內(nèi)的平均速度表示瞬時速度，進而表示動能12 .【答案】5.0 875 Ri 2.38 1.25【解析】解：(1)改裝電流表要并聯(lián)電阻R為：R=i=-，X1H°=5.0Q0 6 3 X 1.0 3(2)改裝電壓表要串聯(lián)電阻R為：R=7-25=875口外 3 X L0(3) 了盡可能多測幾組數(shù)據(jù)，即要測量的電流變化范圍大一些，則滑動變阻器的阻值 要大一點，即實驗時應(yīng)選用電阻R1。(4)電流表量程擴大倍數(shù)為 一±=200,真實電流：3 1011=1

30、 mA x 200=200mA=0.2 A I =2mA x 200=0.4A則閉合電路歐姆定律得：E=2.13+0.2 rE=1.88+0.4 r解得：E=2.38 V, r=1.25 Q故答案為：(1) 5.0; ( 2) 875; (3) R； (4) 2.38, 1.25(1) (2)把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分 流電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值。(3)測量的電流變化范圍大一些，則滑動變阻器的阻值要大一點。(4)由閉合電路歐姆定律列式求得電動勢與內(nèi)阻。本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電壓表與電流表的改裝原理是解題的前提與關(guān)

31、鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以解題。對于測量電動勢與內(nèi)阻的實驗原理是閉合電路歐姆定律。13 .【答案】 解：(1)兩粒子進入磁場后恰好不從右邊界穿出，軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系得：r2-r2sin30 ° ar2=2a由粒子在磁場中受力分析得:mu解得:要使兩個粒子都能從y軸離開磁場，v*器正粒子運動軌跡的圓心角為120。，負粒子運動軌跡的圓心角為240。由丁二.，得丁二兩個粒子在磁場中的運動時間分別為：擻二篝 ”海弋所以兩個粒子從 O點進入的時間差： A=t2-ti=答：（1）兩個粒子都能從 y軸離開磁場求進入磁楊時的最大速度為2qBa（2）兩個粒子同時從y軸離開磁揚求兩個粒子

32、從O點進入的時間差為【解析】（1）粒子恰好沿平行于 y軸方向射出，此時半徑最大，對應(yīng)速度有最大值; （2）畫出粒子軌跡過程圖，利用幾何關(guān)系結(jié)合粒子周期以及粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，求解粒子在磁場中運動的時間，再比較兩粒子的運動時間差。本題考查了帶電粒子在磁場中運動，運用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系求解，解題 關(guān)鍵是要作出粒子軌跡圖，正確運用數(shù)學(xué)幾何關(guān)系，運用粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角， 結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間。14 .【答案】 解：（1） m與m發(fā)生相對運動過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：孫小道 對 m1 : a1 =-=1 m/s2,加速度方向向右；對m2 : a2 =三&q

33、uot;匚0.5m/s2,方向向左；m2與ms相撞時經(jīng)過的時間t',根據(jù)位移時間關(guān)系可得:解得 t' =0.8 s此時 m1 的速度 v1=v -a t' =0.7 m/sm2的速度 助=a? t' =0.4m/s,故m 和加 的速度不相等;(2) m2與ms相撞時時間極短， m速度不變；根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律可得：m2 v =n2 v' 2 +m v解得：v' 2=0.1 m/s, v =0.5m/s設(shè)再經(jīng)過ti時間mi和n2共速，根據(jù)速度時間關(guān)系可得：v 共=vi -a ti =v' 2 +a t八,021解得：ti=0.4s

34、, v共=0.3 m/s此過程中 m2的位移xi= ；%=0.08 m以后mi和他以相同的加速度減速運動到靜止，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度: a= ug=0.5 m/s2,減速位移X2=0.09 m 加故m2與 m 碰撞后 m 還能滑行x=x +x =0.i7 m。答：(i) m2與ns即將發(fā)生碰撞時，m和m的速度不相等；(2) m2與m3碰撞后m還能滑行0.i7m?！窘馕觥?i) mi與m2發(fā)生相對運動過程中，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小，求出 電與ms相撞時經(jīng)過的時間，根據(jù)速度時間關(guān)系求解速度，判斷 m和m的速度是否 相等；(2) m2與m3相撞時時間極短，m速度不變，根據(jù)動量守恒定律和

35、能量守恒定律求解 碰撞后m2的速度，求出二者共速的時間和位移，再求出減速運動位移即可。本題主要是考查了動量守恒定律和能量守恒定律；對于動量守恒定律，其守恒條件是： 系統(tǒng)不受外力作用或某一方向不受外力作用；解答時要首先確定一個正方向，利用碰撞 前系統(tǒng)的動量和碰撞后系統(tǒng)的動量相等列方程，再根據(jù)能量關(guān)系列方程求解。15 .【答案】解：設(shè)細管橫截面為 S,則粗管橫截面為 4S初態(tài)封閉氣體壓強為：Pi = PH + Pb =H+p =i0+75 cmHg=85cmHg體積為：Vi = H?4S=40 S溫度為：Ti=27+273 K=300 K加熱至水銀全部進入細管時水銀柱的高度為H',H

36、9; ?S=H?4s解得：H' =40 cm封閉氣體壓強為：p2=pH +p0=H' +p0 =40+75 cmHg=ii5cmHg體積為：V2=2 H?4S=80 S由理想氣體狀態(tài)方程得：爭二?勺初態(tài)封閉氣體壓強為：Pi = PH+P0 =H+b =10+75 cmHg=85cmHg水銀全部上升到細筒中的高度為H',H' ?S=H?4s解得：H' =40 cmVi=40SV2=L' ?2S由玻意耳定律得：PiVi=P2 V2解得：L' =14.8 cm活塞 B 上升的距離為：d=2H+L-L' =2X 10+20-14.8 cm

37、=25.2 cm答：若保持B活塞不動，緩慢給封閉氣體加熱當水銀全部推入上段玻璃管中時，氣體 的溫度為811.8 K;若保持氣體溫度不變，緩慢向上推B活塞，當水銀全部推入上段玻璃管中時，B活塞上移的距離為為 25.2 cm?！窘馕觥繉Ψ忾]氣體，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解；水銀進入細管，根據(jù)體積關(guān)系求出細管中水銀上升的高度，對封閉氣體發(fā)生的是等溫變化，根據(jù)玻意耳定律列式求解，再根據(jù)幾何關(guān)系求出活塞B上移的距離。在向上推活塞的過程中，要抓住水銀的體積不變，根據(jù)題意求出氣體初末狀態(tài)的壓強、 應(yīng)用玻意耳定律、幾何關(guān)系即可正確解題。16 .【答案】解：根據(jù)sinC= C=45解得：n=

38、設(shè)從D和E點入射的光線折射到 M和N點時恰好發(fā)生全反射，光路如圖，則半圓面上有光射出的部分為MN由幾何關(guān)系知光線射入介質(zhì)時的入射角i=45° ,由折射定律n=,二得折射角尸30。由幾何關(guān)系知 ZDOM =75 , ZEON=15 JMON=90所以半圓面上透光部分的弧長s=答：透明柱體介質(zhì)的折射率是半圓面上透光部分的弧長是【解析】根據(jù)全反射定律可求得折射率；做出在圓弧面恰好發(fā)生全反射的光路圖。由折射定律結(jié)合幾何關(guān)系可求得半圓面上透 光部分的弧長。本題考查了全反射定律以及折射定律的應(yīng)用，正確作出光路圖，靈活運用幾何知識求解 是關(guān)鍵。第14頁，共13頁高考物理模擬試卷題號一一得分三四總分

39、第1頁，共14頁一、單選題（本大題共 5小題，共30.0分）1. 氫原子從n=6躍遷到n=1能級時輻射出頻率為 Yi的光子，從n=5躍遷到n=1能級時輻射出頻率為 丫2的光子，下列說法正確的是（）A.頻率為Yi與頻率為Y2的光子的能量相等B.頻率為Yi的光子的能量較小C. Y光子比Y光子的波動性更顯著D.做光電效應(yīng)實驗時，頻率為Yi的光產(chǎn)生的光電子的最大初動能較大2. 如圖所示，小車作直線運動的v-t圖象，則下列說法正確的是（）A. 2 s末小車開始反向運動B. 2-4 s內(nèi)小車做勻變速直線運動C. 2s末小車離出發(fā)點最遠D. 03s內(nèi)與36s內(nèi)小車的平均速度相等E. 如圖所示，是嫦娥一號經(jīng)過

40、地月轉(zhuǎn)移軌道在近月點制動減速，被月球捕獲進入12小時周期橢圓軌道運行。第二次近月制動后，嫦娥一號進入3.5小時周期橢圓軌道運行。第三次近月制動后，嫦娥一號最終實現(xiàn)在距離月球表面200千米高度的近圓軌道穩(wěn)定運行，周期127分鐘。A、B為圓軌道直徑上兩點，C、D為所在橢圓軌道遠月點，以月球為參照物，下列說法中正確的是（）A.嫦娥一號在橢圓軌道運行周期與所在軌道半長軸成正比2: 3.5: 122X 1G'kg/m3B.嫦娥一號經(jīng)過 B、C、D三點時加速度大小之比為 C.根據(jù)嫦娥一號在橢圓軌道運行周期，估測月球密度 D.根據(jù)嫦娥一號在圓軌軌道運行周期，估測月球密度F. 如圖所示，一物塊靜止在粗

41、糙的水平面上，在水平恒力 的作用下從靜上開始向右運動，其正前方固定一個足夠長 的輕質(zhì)彈簧，當物塊與彈簧接觸并將彈簧壓至最短的過程 中，下列說法中正確的是（）A.當物塊剛接觸彈簧時速度最大B.當彈簧的彈力等于恒力 F時，物塊速度最大C.物塊在某兩個位置處會具有相同大小的加速度D.當物塊的速度為零時，它受到的合力為零5.如圖所示，小明水平拋出一物塊，物塊落地時速度與水平地面之間的夾角 重力勢能參考平面, 能之比（）A. 3: 1二、多選題（本大題共9=30。，不計空氣阻力，取水平地面為 該物塊在剛水平拋出時的動能與勢B. 1： 3C. 1 ： 15小題，共28.0分）6.如圖所示，光滑弧形金屬雙軌

42、與足夠長的水平光滑雙軌相連，雙軌之間距高為 L,在水平軌道空間充滿豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為 軌上，甲金屬棒在弧形金屬雙軌 道電阻不計。兩棒的質(zhì)量均為B.乙金屬棒靜止在雙 h高處由靜止滑下，軌D. 3:m,電阻均為R,甲棒與乙棒始終不接觸，則下面說第15頁，共14頁法正確的是（A.甲金屬棒剛滑到弧形軌道最低點時對軌道的壓力為mg7.8.A.小球沿圓環(huán)向上緩慢移動時，F(xiàn)減小,B.小球沿圓環(huán)向上緩慢移動時，F(xiàn)不變,C.小球緩慢上移與勻速圓周運動相比，在D.小球緩慢上移與勻速圓周運動相比，在 如圖所示，在某一空間的水平面內(nèi)有邊長為Fn不變F n減小B點的拉力相同B點的彈力相同L的正方形ABCD

43、,兩個帶等量正點電荷 Q、Q分別固定在B 、C兩點，現(xiàn)有一個帶電粒子以某一速度射入該區(qū)域 時，運動軌跡恰好能經(jīng)過正方形的 A、D點，在運動 軌跡上還有一點E,而軌跡恰好關(guān)于E點對稱，E點到直線AD的垂直距離為力不計粒子重力，則有（B.當甲、乙棒穩(wěn)定后，甲棒產(chǎn)生的電動勢為C.從甲棒開始下滑到最終穩(wěn)定，甲、乙棒均做勻加速運動D.在整個運動過程中，回路產(chǎn)生的熱量為如圖所示，平面內(nèi)整直固定半徑為R的光滑圍環(huán)，圓心為 O.圓環(huán)上A點與園心O連線水平，C點是圓環(huán)最高點且有光滑小孔，圓環(huán) 上B點是A、C兩點間的某一任意位置。穿過小孔C的輕質(zhì)細線與套在光滑圓環(huán)上的小球相連接。第一次拉細線使小球從A處沿圓環(huán)向上

44、緩慢移動，第二次拉細線使小球在圓環(huán)上勻速圓周運動，求兩次拉動過程中細 線對小千拉力F和軌道對小球彈力 Fn的大小變化情況是（）A.帶電粒子為正電荷B.帶電粒子由D到A的過程中，動能先減小后增大C. A、D、E三點的電勢大小關(guān)系為A =（D > ED.帶電粒子在A、D兩點的加速度相等9.卜列說法正確的是（A.飽和汽壓隨溫度升高而增大，與體積無關(guān)B.氣體分子熱運動的平均動能減少，氣體的壓強一定減小C.在任何一個自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總嫡不會減少D.單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強一定增大E.對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱10.卜列說法正確的是（A

45、.從地面上觀察，飛船上的時間進程比地面上慢B. “聞其聲而不見其人”現(xiàn)象說明遇到同樣障礙物時聲波比可見光容易發(fā)生衍射C.用超聲波被血流反射回來其頻率發(fā)生變化可測血流速度，這是利用多普勒效應(yīng)D.做受迫振動的物體，其穩(wěn)定時的振動頻率不一定等于驅(qū)動力的頻率E.用標準平面來檢查光學(xué)面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象三、實驗題（本大題共 2小題，共15.0分）11 .利用圖1中所示的裝置，做“測定重力加速度”的實驗中，得到了幾條較為理想的紙帶.已知每條紙帶上每 5個點取一個計數(shù)點，即兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s,依打點先后編為 0,1,2, 3, 4,.由于不小心，紙帶都被撕斷了，如圖 2所 示，根據(jù)給

46、出的 A、B、C、D四段紙帶回答：圖1圖2（1）在B、C、D三段紙帶中選出從紙帶 A上撕下的那段應(yīng)該是 .（填字母）（2）紙帶A上，打點1時重物的速度 m/s （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）.（3）當?shù)氐闹亓铀俣却笮∈?m/s2 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）.12 .在研究某電路元件的伏安特性時，得到如圖乙所示的伏安特性曲線I備選器材有:電壓表V1 （量程為3V,內(nèi)阻約為6kQ）、電壓表V （量程為15V,內(nèi)阻約為150 ka ）、電流表A1 （量程為150mA,內(nèi)阻約為100）、電流表A （量程為3A,內(nèi)阻約 為0.3Q）、滑動變阻器 R （20Q , 1A）、滑動變阻器 R （ 1kQ, 0.2A

47、） 實驗中電壓表應(yīng)選擇，滑動變阻器應(yīng)選擇 （選填寫器材的字母代號）。請根據(jù)愿意自己設(shè)計電路圖并把甲圖連線補充完整。通過乙圖中的伏安特性曲線I可知，隨著電壓的提高，此元件的電阻 （選填“增加”、“不變”或“減小”）若把此元件與阻值為 90a的定值電阻串接在某一電源上，電源電動勢為7.5V,內(nèi)阻為3.75則此時該元件消耗的功率為 （小數(shù)點后保留兩位）。四、計算題（本大題共 4小題，共52.0分）13 .如圖所示，斜面傾角0 =37。，足夠長的斜面上分別固b定著A、B兩個物體，A、B兩個物體相距L=4m,質(zhì)g量為mA=0.1 kg與m =0.2 kg,與斜面間動摩擦因數(shù)為口=0.5和2=0.8.現(xiàn)同

48、時撤去固定兩物體的外力后，A物體沿斜面向下運動，并與 B物體發(fā)生彈性碰撞（37,g=10m/s2, sin37 ° =0.6 cos37° =0.8)。求:(1) A物體沿斜面下滑時的加速度；(2) A與B第一次碰后瞬時 B的速率。14.如圖所示，在堅直平面內(nèi)建立以水平向右和豎直向上為x軸、y軸的直角坐標系，坐標系中標有A點(遭，0)、P點(包，0)、0點(0, -1),過Q點直線QM 3,3平行于x軸。x軸上方存在豎直向上的勻強電場 E,和垂直平面向里的勻強磁場 Bi ,磁感應(yīng)強度Bi ='隹：x軸與直線QM之間存在水平向左的勻強電場，場強為 E2； 直線QM下方

49、存在垂直于紙面向外的勻強磁場(圖中未畫出)，磁感應(yīng)強度 B2=-懼 .微粒質(zhì)量為m、電荷量為+q,從A點與x軸夾角60°方向垂直磁場射入第I象限, 微粒做勻速圓周運動從 P點射出；經(jīng)P點后沿直線P0運動。已知重力加速度為 go 求：(1)微粒在第I象限做勻速圓周運動的速度 v；(2)勻強電場的場強 E2的大?。?3)微粒沿直線 PQ運動，經(jīng)過Q點時速度的大小和方向；(4)欲使微粒避免從直線 QM下方磁場穿出，該磁場下邊界的y軸坐標值應(yīng)滿足15.如圖所示，一粗細均勻的玻璃瓶水平放置，瓶口處 有閥門K,瓶內(nèi)有A、B兩部分用一活塞分開的理想氣體。開始時，活塞處于靜止狀態(tài)，A、B兩部分氣體長

50、度分別為 3L和L,壓強均為P.若因閥門K封閉不嚴，B中氣體向外緩慢漏氣，活塞將緩慢移動，整個過程 中氣體溫度不變，瓶口處氣體體積可以忽略，當活塞向右緩慢移動的距離為0.3L時,(忽略摩擦阻力)求此時：A中氣體的壓強；B中剩余氣體與漏氣前 B中氣體的質(zhì)量比。16.半徑為R的玻璃半圓柱體，橫截面如圖所示，圓心為 O,兩條平行單色紅光沿截面射向圓柱面，方向與底面垂直，光線 1的入射點A為圓柱面的頂點，光線 2的入射點為B, ZAOB=60 ,已知該 玻璃對紅光的折射率n =原。(1)求兩條光線經(jīng)柱面和底面折射后的交點與O點的距離d;(2)若入射的是單色藍光，則距離d將比上面求得的結(jié)果大還是小?答案

51、和解析1 .【答案】D【解析】 解：AB、氫原子從n=6的能級躍遷到n=1的能級的能級差大于從 n=5的能級 躍遷到n=1的能級時的能極差，根據(jù) Em-En=hT,知，頻率為 Y的光子的能量大于頻率 為丫2的光子的能量，故 AB錯誤；C、由入二二 可知，Y光子的波長比Y光子小，因此 Y光子的波動性更顯著，故 C錯 122誤；D、做光電效應(yīng)實驗時，由光電效應(yīng)方程，Ekm=hrW,頻率越高的，光電子的最大初動能增大，因此頻率為 Yi的光產(chǎn)生的光電子的最大初動能較大，故 D正確； 故選：Do能級間躍遷輻射光子的能量等于能級之差，根據(jù)能級差的大小比較光子能量，從而比較出光子的頻率。頻率大，波長小，并由

52、 A = ,即可確定波長的長短，最后根據(jù)光電效應(yīng) 方程，得出光的頻率與光電子最大初動能關(guān)系。解決本題的突破口是比較出頻率為vi和頻率為 的的能量的大小，然后又個公式得出頻率大小，以及波長大小關(guān)系，并掌握干涉條紋間距公式，理解光電效應(yīng)方程的應(yīng)用。2 .【答案】B【解析】 解：A、根據(jù)速度的正負表示速度方向，知2s末小車沒有反向運動，故 A錯誤B、根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度，知2-4s內(nèi)小車的加速度恒定，做勻變速直線運動,故B正確。C、0-3s內(nèi)小車沿正向運動，3-6s內(nèi)沿負向運動t=6s時返回出發(fā)點，則 3s末小車離出 發(fā)點最遠，故C錯誤。D、03s內(nèi)與36s內(nèi)小車的位移大小相等，方向相反，則

53、平均速度大小相等，方向相反，平均速度不等，故 D錯誤。故選：B。在速度時間圖象中，速度的符號表示速度的方向，圖線的斜率等于加速度，由幾何知識求出面積，即可求得位移大小。再分析平均速度大小。本題的解題關(guān)鍵是抓住速度圖象的兩個數(shù)學(xué)意義來分析和理解圖象的物理意義：速度圖象的斜率等于加速度、速度圖象與坐標軸所圍“面積”大小等于位移。3 .【答案】D【解析】解：A、嫦娥一號在橢圓軌道運行周期與所在軌道半長軸的關(guān)系為=K，故Ar錯誤_ GM ,一 一 J B、由引力產(chǎn)生加速度，a= （為距離），而j二K,可知加速度與周期的關(guān)系肯定不是一次嘉關(guān)系，故 B錯誤C、若為近月軌道衛(wèi)星：G'" &

54、#39;"nmR1則可求得月球的密度P = *代入數(shù)據(jù)可得R丁Lflp =3X itkg/m3,而根據(jù)嫦娥一號在橢圓軌道運行周期不是近月軌道，故 C錯誤，D正確 故選：Do由開普勒運動定律可得周期與半長軸的關(guān)系，結(jié)合牛頓運動定律確定出加速度與周期的 關(guān)系，由萬有引力提供向心力可據(jù)近月衛(wèi)星的周期求得月球的密度?？疾殚_普勒運動定律，明確萬有引力提供向心力是解決天體運動問題的基本依據(jù)。4 .【答案】C【解析】解：A、物體與彈簧接觸后，豎直方向受到重力和地面的支持力，二力平衡。水平方向受到恒力 F、向左的滑動摩擦力和彈簧向左的彈力，彈力不斷增大，開始階段 恒力F大于彈力與摩擦力的合力，物體的

55、合力向右，加速度向右，所以物體向右做加速 運動，彈簧的彈力逐漸增大，后來，恒力F小于彈力與摩擦力的合力，物體的合力向左，加速度向左，所以物體向左做減速運動，因此，當物體的合力為零時速度最大，此時 彈簧處于壓縮狀態(tài)，故 A錯誤。B、當恒力F等于彈力與摩擦力的合力時，物體的速度最大，故B錯誤。C、物體的合力先減小后增大，則加速度先減小后增大，物塊在某速度最大的位置兩側(cè) 兩個位置處會具有相同大小的加速度，故C正確。D、當物塊的速度為零時，恒力 F小于彈力與摩擦力的合力，它受到的合力不為零，故 D錯誤。故選：C。分析物體的受力，結(jié)合合力方向得出加速度的方向，根據(jù)加速度方向與速度方向的關(guān)系 判斷物塊的運動規(guī)律，從而確定速度最大的條件。解決本題的關(guān)鍵要知道加速度方向與合力的方向相同，當加速度方向與速度方向相同， 物體做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動。通過受力情況分析 運動情況。5 .【答案】A【解析】 解：設(shè)落地時速度為 v,則有