2019年四川省宜賓市敘州一中高考物理二診試卷

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2019年四川省宜賓市敘州一中高考物理二診試卷副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共6小題，共36.0分）1. 下列四個核反應(yīng)方程式書寫正確的是（）A. 713N+24He817O+11HB. 1024Na1124Mg+10eC. 92235U+01n56141Ba+3692Kr+301nD. 919F+24He1022Na+11n2. 近年來，人類發(fā)射的多枚火星探測器已經(jīng)相繼在火星上著陸，正在進行著激動人心的科學(xué)探究，為我們將來登上火星、開發(fā)和利用火星資源奠定了堅實的基礎(chǔ)。如果火星探測器環(huán)繞火星做“近地”勻速圓周運動，并測得該運動的周期為T，則火星的平均密度

2、的表達式為（k為某個常量）（）A. =kTB. =kTC. =kT2D. =kT23. 一宇航員在一星球表面高度為h處以水平速度為v0拋出一物體，經(jīng)時間t落到地面，已知該星球半徑為R，忽略星球的自轉(zhuǎn)下列說法正確的是（）A. 該星球的質(zhì)量為R2hGt2B. 該星球的質(zhì)量為R2v0GtC. 該星球的第一宇宙速度為2RhtD. 該星球的第一宇宙速度為v0Rt4. 在選定正方向后，甲、乙兩質(zhì)點運動的xt圖象如圖所示，則在0t2時間內(nèi)（   ）A. 甲質(zhì)點做直線運動，乙質(zhì)點做曲線運動B. 乙質(zhì)點的速度先增大后減小C. t1時刻兩質(zhì)點速度大小一定相等D. 0t2時間內(nèi)，甲質(zhì)點的平均速度

3、大于乙質(zhì)點的平均速度5. 如圖，直角坐標(biāo)xOy平面內(nèi)，有一半徑為R的圓形勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度的大小為B，方向垂直于紙面向里，邊界與x、y軸分別相切于a、b兩點。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子從b點沿平行于x軸正方向進入磁場區(qū)域，離開磁場后做直線運動，經(jīng)過x軸時速度方向與x軸正方向的夾角為60°下列判斷正確的是（）A. 粒子帶正電B. 粒子在磁場中運動的軌道半徑為RC. 粒子運動的速率為3qBRmD. 粒子在磁場中運動的時間為m6qB6. 在傾角為的光滑斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為3m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一沿

4、斜面向上的恒力F拉物塊A使之沿斜面向上運動，當(dāng)B剛離開C時，A的速度為v，A的加速度的方向沿斜面向上，大小為a，則下列說法錯誤的是（）A. 從靜止到B剛離開C的過程中，A運動的距離為5mgsinkB. 從靜止到B剛離開C的過程中，A克服重力做的功為5m2g2sin2kC. 恒力F的大小為5mgsin +3maD. 當(dāng)A的速度達到最大時，B的加速度大小為32a二、多選題（本大題共4小題，共22.0分）7. 在傾角為的斜面上固定兩根足夠長且間距為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌PQ、MN，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向下。有兩根質(zhì)量分別為m1和m2的金屬棒a、b，先將a棒垂

5、直于導(dǎo)軌放置，用跨過光滑定滑輪的細(xì)線與物塊c連接，連接a棒的細(xì)線平行于導(dǎo)軌，由靜止釋放c，此后某時刻，將b也垂直于導(dǎo)軌放置，此刻起a、c做勻速運動而b靜止，a棒在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直，兩棒與導(dǎo)軌電接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計，則（）A. 物塊c的質(zhì)量是（m1+m2）sinB. b棒放上導(dǎo)軌前，物塊c減少的重力勢能等于a、c增加的動能C. b棒放上導(dǎo)軌后，a棒克服安培力所做的功等于a棒上消耗的電能D. b棒放上導(dǎo)軌后，b棒中電流大小是m2gsinBL8. 如圖（a），傾角為=37°的斜面固定在水平地面上。物塊在與斜面成=37°、大小F=10N的拉力作用下，從底端A點沿斜面向上做

6、勻加速運動，經(jīng)t=l0s物塊運動到B點，物塊運動的v-t圖象如圖（b）所示。已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.5，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8下列說法正確的是（）A. 物塊的質(zhì)量m=lkgB. 物塊的加速度a=lm/s2C. A、B兩點的距離x=100mD. t=10s時拉力的功率P=80W9. 下列說法正確的是（）A. 氣體總是充滿容器，說明氣體分子間只存在斥力B. 對于一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大C. 溫度越高布朗運動越劇烈，說明水分子的運動與溫度有關(guān)D. 物體內(nèi)能增加，溫度一定升高E. 熱可以從低溫物體傳到高

7、溫物體10. 如圖所示，一簡諧橫波在某區(qū)域沿x軸傳播，實線a為t=0時刻的波形圖線，虛線b為t=t時刻的波形圖線，已知該簡諧橫波波源振動的頻率為f=2.5Hz，虛線b與x軸交點P的坐標(biāo)xp=1m。下列說法中正確的是（）A. 這列波的傳播速度大小一定為20m/sB. 這列波一定沿x軸負(fù)向傳播C. 可能有t=1.45sD. 可能有t=0.85sE. 若該列波遇到寬度為6m的障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象三、實驗題探究題（本大題共2小題，共15.0分）11. 某研究性學(xué)習(xí)小組利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示，在氣墊導(dǎo)軌上安裝個光電門，滑塊上固定一遮光條（1）用天平測得重物的質(zhì)量為m1，

8、滑塊的質(zhì)量為m2（2）用螺旋測微器測遮光條的寬度d測量結(jié)果如圖乙所示，則d=_cm。（3）按圖甲所示組裝實驗裝置，將滑塊由靜止釋放測得遮光條起始位置到光電門的距離為x，遮光條通過光電門的時間為t。若實驗結(jié)果表明，重物和滑塊運動過程中機械能守恒，則機械能守恒的表達式為m1gx=_（用已知量相應(yīng)的字母表示，g為重力加速度）。12. 某實驗小組為了測量某種材料制成的電阻絲的電阻率，實驗室提供的器材有：A電流表A1（內(nèi)阻Rg1=100，滿偏電流Ig1=10mA）B電流表A2（內(nèi)阻Rg2=100，滿偏電流Ig2=25mA）C定值電阻R0（10，1A）D電阻箱R1（09999，1A）E滑動變阻器R2（10

9、0，1AF電源E（36V，內(nèi)阻不計）G多用電表，螺旋測微器，刻度尺H開關(guān)S和導(dǎo)線若干某同學(xué)進行了以下操作（1）用多用電表粗測電阻絲的阻值，當(dāng)用“×10”擋測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，為了更準(zhǔn)確地測量該電阻絲的阻值，多用電表的歐姆擋位應(yīng)換為_（填“×1”或“×100”）擋，并重新進行_（填“機械調(diào)零”或“歐姆調(diào)零”），若測量時指針位置如圖甲所示，則示數(shù)為_。（2）把電流表A1與電阻箱串聯(lián)，改裝成量程為36V的電壓表，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為_。（3）用改裝好的電壓表設(shè)計一個測量電阻絲阻值的實驗，根據(jù)提供的器材和實驗需要，作出如圖乙的電路圖。（4）測得電阻絲的長度為L，

10、電阻絲的直徑為d，開關(guān)閉合后，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片到合適位置電流表A1的示數(shù)為I1，電流表A2的示數(shù)為I2，則該種材料的電阻率的表達式為=_（請用相應(yīng)物理量的字母符號表示）四、計算題（本大題共4小題，共52.0分）13. 如圖所示，一邊長為2R的正方形與半徑為R的圓相切，兩區(qū)域內(nèi)有大小相等方向相反的勻強磁場，M是正方形左邊長的中點，O點是圓的圓心，M、O、N三點共線。若把比荷為qm、重力不計的兩個帶正電的粒子分別從M、N兩點以速度v0沿MON直線相向進入磁場，它們在磁場中運動相同的時間，并以相同的方向離開磁場，若從N點進入磁場的帶電粒子的速度大小變?yōu)?v0，并改變其速度方向，該粒子將從M點離開

11、磁場。求：（1）勻強磁場的磁感應(yīng)感度大?。唬?）粒子從N點以2v0進入磁場運動到M點的總時間。14. 如圖所示，兩根足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間的距離為L，導(dǎo)軌上平行放置兩根導(dǎo)體棒b和cd，構(gòu)成矩形回路。已知兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R，其他電阻忽略不計，整個導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B，導(dǎo)體棒均可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑行。開始時，導(dǎo)體棒cd靜止、b棒有水平向右的初速度v0，兩導(dǎo)體棒在運動中始終不接觸且始終與兩導(dǎo)軌垂直。求：（1）從開始運動到導(dǎo)體棒cd達到最大速度的過程中，cd棒產(chǎn)生的焦耳熱及通過b棒橫截面的電量；（2）當(dāng)cd棒速度變?yōu)?4v0時，cd棒加速度

12、的大小。15. 如圖所示，一定量的氣體密封在體積為V0的容器中，室溫為T0=300K，光滑導(dǎo)熱活塞C（體積忽略不計）將容器分成A、B兩室，A室的體積是B室的2倍，B室上連有一U形管（U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計）。兩邊水銀柱高度差為76cmA室裝有閥門K，可與大氣相通。已知外界大氣壓強等于76cm汞柱，求：（i）將閥門K打開穩(wěn)定后，B室的體積；（ii）打開閥門K后將容器內(nèi)氣體的海度從300K緩慢加熱到540K，U形管內(nèi)兩邊水銀面的高度差。16. 如圖所示，一個橫截面為直角三角形的三棱鏡，A、B、C為三個頂點，其中A=60°，B=90°，AB長度為103cm一束與BC平行的單色

13、光射向AC面，入射點為D，D、C兩點間距離為53cm，三棱鏡材料對這束單色光的折射率是n=3求：光在三棱鏡中的傳播速度v；光從進入三棱鏡到經(jīng)AC面出射所經(jīng)過的最短時間t。答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、為發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的人工轉(zhuǎn)變方程，但質(zhì)量數(shù)不守恒，故A錯誤； B、不是核反應(yīng)方程，故B錯誤； C、是核反應(yīng)方程，且質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，故C正確； D、不是核反應(yīng)方程，故D錯誤； 故選：C。核反應(yīng)前和發(fā)應(yīng)后的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒本題考查了核反應(yīng)方程，要注意反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)要守恒2.【答案】D【解析】解：研究火星探測器繞火星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：  

14、;                    （ r為軌道半徑即火星的半徑）               得：M=- 則火星的密度：- 由得火星的平均密度：=（k為某個常量）  則A B C錯誤，D正確。 

15、; 故選：D。研究火星探測器繞火星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質(zhì)量。根據(jù)密度公式表示出密度。運用萬有引力定律求出中心體的質(zhì)量。能夠運用物理規(guī)律去表示所要求解的物理量。向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用。3.【答案】C【解析】解：A、B、小球在星球表面做平拋運動，由h=得該星球表面的重力加速度 g=設(shè)該星球的質(zhì)量為M，則由G=mg 得：M=故A、B錯誤；C、D、根據(jù)力F=m，知v=第一宇宙速度時取 r=R得v=故C正確，D錯誤。故選：C。小球做平拋運動，先根據(jù)平拋運動的公式求出該星球上的重力加速度，根據(jù)萬有引力等

16、于重力解得該星球的質(zhì)量，再根據(jù)萬有引力提供向心力解得該星球的第一宇宙速度該題將萬有引力定律與平拋運動結(jié)合起來考查，關(guān)鍵要理清解題的思路，知道平拋運動豎直方向做自由落體運動，從而解得該星球的表面重力加速度，這是解題的關(guān)鍵4.【答案】B【解析】【分析】解決本題的關(guān)鍵要理解位移時間圖線表示的物理意義，知道圖象的斜率等于速度，位移等于縱坐標(biāo)的變化量。位移-時間圖象只能反映直線運動的規(guī)律，圖象的斜率表示速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，位移等于x的變化量，平均速度等于位移除以時間?！窘獯稹緼.位移-時間圖象只能反映直線運動的規(guī)律，則知甲、乙兩質(zhì)點均做直線運動，故A錯誤；B.根據(jù)x-t圖象的斜率表示

17、速度，乙質(zhì)點運動圖線的斜率先增大后減小，則知乙質(zhì)點的速度先增大后減小，故B正確；C.t1時刻兩質(zhì)點運動圖線的斜率的絕對值不一定相等，則兩質(zhì)點速度大小不一定相等，故C錯誤；D.0t2時間內(nèi)，兩質(zhì)點的位移大小相等，由可知，甲質(zhì)點的平均速度等于乙質(zhì)點的平均速度，故D錯誤。故選B。5.【答案】C【解析】解：粒子的軌跡如圖所示，向上或向下偏轉(zhuǎn)，都有速度方向與x正方向夾角為60°的情況，所以粒子可以帶正電，也可以帶負(fù)電，根據(jù)幾何知識可得，解得，故根據(jù)可得粒子運動的速率為，從圖中可知粒子軌跡所對圓心角為60°，故粒子在磁場中運動的時間為，故C正確，ABD錯誤；故選：C。畫出粒子的運動軌跡

18、如圖，由左手定則判斷電性，根據(jù)幾何關(guān)系求出半徑，由半徑公式求出速度；求出圓弧所對的圓心角，再由求時間。帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當(dāng)向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運動時間公式，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關(guān)，運動周期和速度無關(guān)，畫軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識分析解題6.【答案】B【解析】解：A、開始A處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據(jù)平衡有：3mgsin =kx1，x1=，當(dāng)B剛離開C時，B對擋板的彈力為零，彈簧處于拉伸狀態(tài)，有：kx2=2mgsin ，x2=，可知從靜止到B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移x=x1+x2=，故A正確；B、從靜止到B

19、剛離開C的過程中，重力對A做的功：W=-3mgxsin=-，故B錯誤；C、根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)-3mgsin -kx2=3ma，得F=5mgsin +3ma，故C正確；D、當(dāng)A的速度達到最大時，A受到的合外力為0，則F-3mgsin -T=0，得T=2mgsin +3ma；B沿斜面方向受到的力FB=T-2mgsin =2ma，解得：d=，故D正確本題選擇錯誤的，故選：B。未加拉力F時，物體A對彈簧的壓力等于其重力的下滑分力；物塊B剛要離開C時，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合胡克定律求解出兩個狀態(tài)彈簧的形變量，得到彈簧長度

20、的變化量，從而求出A發(fā)生的位移，根據(jù)功的公式求出重力對A做功的大小。根據(jù)牛頓第二定律求出F的大小，結(jié)合P=Fv求出恒力對A做功的功率。當(dāng)A的加速度為零時，A的速度最大，根據(jù)合力為零求出彈簧的拉力，從而結(jié)合牛頓第二定律求出B的加速度。本題關(guān)鍵抓住兩個臨界狀態(tài)，開始時的平衡狀態(tài)和最后的B物體恰好要滑動的臨界狀態(tài)，然后結(jié)合功能關(guān)系分析。7.【答案】AD【解析】解：A、b棒靜止說明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒勻速向上運動，說明a棒受繩的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三個力平衡，c勻速下降則c所受重力和繩的拉力大小平衡。由b平衡可知，安培力大小F安=m2g

21、sin由a平衡可知：F繩=F安+m1gsin由c平衡可知：F繩=mcg聯(lián)立解得物塊c的質(zhì)量為：mc=（m1+m2）sin，故A正確；B、b放上導(dǎo)軌之前，根據(jù)能量守恒知物塊c減少的重力勢能等于a、c增加的動能與a增加的重力勢能之和，故B錯誤；C、b棒放上導(dǎo)軌后，a棒克服安培力所做的功等于a、b兩棒上消耗的電能之和，故C錯誤；D、b棒放上導(dǎo)軌后，根據(jù)b棒的平衡可知，F(xiàn)安=m2gsin，又因為F安=BIL，可得b棒中電流大小是：I=，故D正確；故選：AD。a、b棒中電流大小相等方向相反，故a、b棒所受安培力大小相等方向相反，對b棒進行受力分析有安培力大小與重力沿斜面向下的分力大小相等，再以a棒為研究

22、對象，由于a棒的平衡及安培力的大小，所以可以求出繩的拉力，再據(jù)C平衡可以得到c的質(zhì)量。c減少的重力勢能等于各棒增加的重力勢能和動能以及產(chǎn)生的電能，由此分析便知。從導(dǎo)體棒的平衡展開研究可得各力的大小，從能量守恒角度分析能量的變化是關(guān)鍵，能量轉(zhuǎn)化問題從排除法的角度處理更簡捷。8.【答案】ABD【解析】解：AB、設(shè)物塊運動的加速度為a，由v-t圖象的斜率表示加速度，得：a=1m/s2設(shè)物塊所受的支持力為FN，所受的摩擦力為Ff，受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得：Fcos-mgsin-Ff=ma Fsin+FN-mgcos=0  又Ff=FN 聯(lián)立以上三式得：m=1kg，故AB正

23、確。C、根據(jù)據(jù)v-t圖象與時間軸所圍的面積表示位移，得A、B兩點的距離為：x=50m，故C錯誤。D、t=10s時物塊的速度為：v=0m/s，則拉力的功率為：P=Fvcos=10×10×cos37° W=80W，故D正確。故選：ABD。根據(jù)v-t圖象的斜率求出物塊的加速度，對物塊分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列式，可求得物塊的質(zhì)量m。根據(jù)v-t圖象與時間軸所圍的面積求A、B兩點間的距離。根據(jù)P=Fvcos求t=10s時拉力的功率P。本題是已知運動情況確定受力情況，關(guān)鍵是明確v-t圖象的斜率表示加速度，面積表示位移。運用正交分解法研究物體在斜面上運動的問題。9.【答案

24、】BCE【解析】解：A、氣體總是充滿容器，是由于分子做擴散運動的原因，能說明分子的無規(guī)則的運動，不能說明氣體分子間只存在斥力，故A錯誤； B、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，對于一定質(zhì)量的理想氣體，由于分子勢能可以忽略不計，所以溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大，故B正確； C、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，而布朗運動能反映分子的無規(guī)則的運動，所以溫度越高布朗運動越劇烈，說明水分子的運動與溫度有關(guān)，故C正確； D、物體內(nèi)能增加，可能是分子的勢能增大，而溫度不一定升高，如冰融化的過程內(nèi)能增大而溫度不變。故D錯誤； E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，在一定的條件下熱可以從低溫物體傳到高溫物體。故E正確。 故選：BCE

25、。擴散現(xiàn)象說明分子處于永不停息的無規(guī)則運動，溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，布朗運動是液體分子運動的反映，物體的內(nèi)能包括分子勢能和分子動能；在一定的條件下熱可以從低溫物體傳到高溫物體本題考查了擴散運動、布朗運動的特點、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志、物體的內(nèi)能以及熱力學(xué)第二定律等知識點，難度不大；在平時的學(xué)習(xí)中要注意對熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說法的理解10.【答案】ADE【解析】解：A、波的周期為，由圖讀出波長=8m，則波速，故A正確；B、根據(jù)題中條件不能確定傳播的方向，故B錯誤；C、若波向左做傳播，則t=nT+=0.4n+0.35（s） （n=0，1，2，3，），當(dāng)t=1.45s，n不能取整數(shù)，故

26、C錯誤；D、若波向右傳播，則t=nT+=0.4n+0.05（s） （n=0，1，2，3，），當(dāng)n=2時，t=0.85s，故D正確；E、因波長為8m，則若該列波遇到寬度為6m的障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故E正確；故選：ADE。由振動圖象得到波長，再由波動曲線方程得到某一點的位移；根據(jù)波的傳播方向得到周期的可能取值，進而得到頻率和速度的可能值。在求解機械振動的問題中，一般根據(jù)振動圖象得到周期及質(zhì)點的振動方向，進而根據(jù)波動圖象得到傳播方向和波長，然后求解波速；最后在根據(jù)距離和波速求得任一質(zhì)點的振動狀態(tài)。11.【答案】0.5500  12(m1+m2)d2t2【解析】解：（1）螺旋測微器的

27、固定刻度讀數(shù)為5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×50.0mm=0.500mm，所以最終讀數(shù)為：0mm+0.500mm=5.500mm=0.5500cm。（2）要驗證滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機械能是否守恒，就應(yīng)該去求出動能的增加量和重力勢能的減小量，光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法。由于光電門的寬度很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度。v=，滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)動能的增加量為：Ek=（m1+m2）（）2。滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)動能的重力勢能的減小量為：Ep=m1gx如果系統(tǒng)動能的增加量等于系統(tǒng)重力勢能的減小量，那么滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機械能守恒。即：m1gx=故答案為：（1）0

28、.5500；（2）（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。（2）要驗證滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機械能是否守恒，就應(yīng)該去求出動能的增加量和重力勢能的減小量，根據(jù)這兩個量求解，滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機械能守恒列出關(guān)系式。掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法。了解光電門測量瞬時速度的原理。實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統(tǒng)我們要考慮全面。12.【答案】×100   歐姆調(diào)零   900   3500  I1(R1+Rg1)d24L(11I2I1)【解析】解：（1）用多用電表粗測電阻絲的阻值，當(dāng)用“×10”

29、擋測量時，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明所選擋位太小，為了更準(zhǔn)確地測量該電阻絲的阻值，多用電表的歐姆擋位應(yīng)換為×100擋，并重新進行歐姆調(diào)零；由圖甲所示指針位置可知，歐姆表示數(shù)為：9×100=900。（2）把電流表A1改裝成36V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻阻值：R=-Rg1=-100=3500；（4）電流表A2內(nèi)阻為100，定值電阻R0阻值為10，兩者并聯(lián)，則通過定值電阻的電流為通過電流表A2的10倍，由圖乙所示電路圖可知，待測電阻阻值：R=，由電阻定律得：R=，電阻率：=；故答案為：（1）×100；歐姆調(diào)零；900；（2）3500；（4）。（1）用歐姆表測電阻要選擇合適的

30、擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調(diào)零，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。（2）把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值。（4）根據(jù)圖示電路圖求出電阻兩端電壓與通過電阻的電流，應(yīng)用歐姆定律求出待測電阻阻值，然后應(yīng)用電阻定律求出電阻率。要掌握歐姆表的使用方法與注意事項、讀數(shù)方法，用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在表盤中央刻度線附近；根據(jù)題意分析清楚圖示電路圖，求出通過待測電阻的電流與待測電阻兩端電壓，應(yīng)用歐姆定律與電阻定律可以求出電阻率的表達式。13.【答案】解：（1）如圖所示，只有當(dāng)帶電粒子在磁場中運動14圓周時，兩個

31、粒子的運動時間才相同（如圖中實線），   粒子在磁場中運動的向心力由洛倫茲力提供，根據(jù)牛頓第二定律可得：qv0B=mv02r由幾何關(guān)系可知，帶電粒子做勻速圓周運動的半徑：r=R聯(lián)立可解得：B=mv0qR。（2）當(dāng)粒子從N點以2v0進入磁場運動到M點，結(jié)合題意它的軌跡圖如圖所示，同理，粒子在磁場中運動的向心力由洛倫茲力提供，再根據(jù)牛頓第二定律可得：q(2v0)B=m(2v0)2r，解得：r´=2R；利用幾何知識可知：MO2P和PNO1都是正三角形，則該粒子在兩個磁場中運動的總時間t=2×T6=13×2r2v0=2R3v0。答：（1）勻強

32、磁場的磁感應(yīng)感度大小為mv0qR；（2）粒子從N點以2v0進入磁場運動到M點的總時間為2R3v0?！窘馕觥浚?）根據(jù)粒子的運動軌跡判斷出只有轉(zhuǎn)動周期時，二者的運動時間才能相同，再利用牛頓第二定律可解出磁感應(yīng)強度的大?。唬?）當(dāng)速度增加到二倍后，必須改變速度方向才能從M點射出，根據(jù)題意畫出粒子的軌跡圖象，結(jié)合幾何知識和牛頓第二定律可解出答案。解答本題的關(guān)鍵是：根據(jù)題意先畫出正確的軌跡圖象，結(jié)合幾何知識和軌跡的對稱性，運用牛頓第二定律和周期公式可解出答案。14.【答案】解：（1）當(dāng)ab棒與cd棒速度相同時，cd棒的速度最大，設(shè)最大速度為v，取向右為正方向，由動量守恒定理得：mv0=2mv解得：v=

33、12v0由能量守恒定律可得系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱Q=12mv0212×2mv2=14mv02cd棒產(chǎn)生的焦耳熱Qcd=12Q=18mv02對b棒應(yīng)用動量定理得：Ft=ILBt=LBq=m×12v0mv0通過b棒的電量：q=mv02BL（2）設(shè)當(dāng)cd棒的速度為14v0時，ab棒的速度為v'。由動量守恒定律得：mv0=m×14v0+mv解得：v=34v0兩棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢分別為Eab=LvB=34Lv0B，Ecd=14Lv0B回路中的電流：I=EabEcd2R=Lv0B4R此時cd棒的加速度大小為：a=Fcdm=ILBm=L2B2v04mR答：（1）從開始運動到導(dǎo)

34、體棒cd達到最大速度的過程中，cd棒產(chǎn)生的焦耳熱是18mv02，通過ab棒橫截面的電量是mv02BL；（2）當(dāng)cd棒速度變?yōu)?4v0時，cd棒加速度的大小是L2B2v04mR。【解析】（1）先分析兩根導(dǎo)體棒的運動情況：ab棒向cd棒運動時，兩棒和導(dǎo)軌構(gòu)成的回路面積變小，磁通量發(fā)生變化，于是產(chǎn)生感應(yīng)電流。ab棒受到與運動方向相反的安培力作用作減速運動，cd棒在安培力作用下向右作加速運動。在ab棒的速度大于cd棒的速度時，回路總有感應(yīng)電流，ab棒繼續(xù)減速，cd棒繼續(xù)加速，兩棒速度達到相同后，回路面積保持不變，磁通量不變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，最終兩棒以相同的速度作勻速運動。所以兩棒勻速運動時cd棒的速度最大，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律求出cd棒的最大速度，由能量守恒定律求焦耳熱。由動量定理求通過ab棒橫截面的電量。（2）當(dāng)cd棒速度變?yōu)闀r，根據(jù)動量守恒定律求出ab棒的速度，再由法拉第定律、歐姆定律求出感應(yīng)電流，從而求得cd棒所受的安培力，即可求得加速度的大小。解決本題關(guān)鍵要分析兩棒的運