浙江省臺(tái)州市高二物理下學(xué)期期末試卷(含解析)

1、- 1 -2004-2015學(xué)年浙江省臺(tái)州市高二（下）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題12小題，每小題3分，共36分每一小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)）1（3分）（2015春?臺(tái)州期末）許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列符合 物理學(xué)史實(shí)的是（ ）A 愛因斯坦為了解釋光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，提出了光子說B 托馬斯?楊通過對(duì)光的干涉現(xiàn)象的研究，證實(shí)了光具有粒子性C 貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，發(fā)現(xiàn)了原子核是由質(zhì)子和中子組成的D 波爾原子理論無法解釋較復(fù)雜原子的光譜，說明波爾提出的原子定態(tài)假設(shè)是錯(cuò)誤的考點(diǎn) ： 物理學(xué)史分析： 根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可解答： 解：A、

2、愛因斯坦為了解釋光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，提出了光子說，故A正確；B托馬斯？楊通過對(duì)光的干涉現(xiàn)象的研究，證實(shí)了光具有波動(dòng)性，故B錯(cuò)誤；C貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，揭示了原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，但并沒有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中 子，故C錯(cuò)誤；D玻爾原子理論無法解釋較復(fù)雜原子的光譜現(xiàn)象，由于原子是穩(wěn)定的，故玻爾提出的原子定態(tài)概念是正確的，故D錯(cuò)誤；故選：A點(diǎn)評(píng)： 本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加 強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2（3分）（2015春?臺(tái)州期末）關(guān)于光的現(xiàn)象，下列說法中錯(cuò)誤的是（）A 光的偏振現(xiàn)象說明了光是一種橫波B 雨后的彩虹是由于光的色散現(xiàn)象形成的C 在光導(dǎo)纖

3、維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象D 用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的衍射現(xiàn)象考點(diǎn) ： 光的偏振；光的衍射分析： 光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波；光纖束傳送圖象信息，是光的全反射現(xiàn)象；標(biāo)準(zhǔn)平面 檢查光學(xué)平面的平整程度是利用了薄膜干涉解答： 解：A、光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波，故A正確；B雨后的彩虹是由于光的色散現(xiàn)象形成的；故B正確；C用光纖束傳送圖象信息，這是光的全反射的應(yīng)用，故C正確；D用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤；本題選錯(cuò)誤的；故選：D點(diǎn)評(píng)： 決本題的關(guān)鍵知道光的干涉和衍射都是波特有的現(xiàn)象，知道干涉和衍射的區(qū)別；同 時(shí)掌握其他光學(xué)現(xiàn)象的本質(zhì)3. （3分

4、）（2015春？臺(tái)州期末）一個(gè)單擺做受迫振動(dòng)，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動(dòng)力的頻率f的關(guān)系）如圖所示，則（）-2 -A.此單擺的擺長(zhǎng)約為1mB.此單擺的固有周期約為0.5sC.若擺長(zhǎng)增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長(zhǎng)增大，共振曲線的峰值將向右移動(dòng) 考點(diǎn)：產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用.分析：由共振曲線可知，出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動(dòng)的頻率.解答： 解：AB、由圖可知，此單擺的振動(dòng)頻率與固有頻率相等，f=0.5Hz，則周期為T= =2sf 0.5由圖可知，此單擺的振動(dòng)頻率與固有頻率相等，則周期為故A正確，B錯(cuò)誤；C若擺長(zhǎng)增加，單擺的固有周期增加，則固有頻率減小.故C錯(cuò)誤；D若擺長(zhǎng)增大，則固有頻率減

5、小，所以共振曲線的峰將向左移動(dòng).故D錯(cuò)誤；故選：A.點(diǎn)評(píng)： 受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；當(dāng)受迫振動(dòng)中的固有頻率等于驅(qū)動(dòng)力頻率時(shí), 出現(xiàn)共振現(xiàn)象.4. （3分）（2015春？臺(tái)州期末）關(guān)于核力，以下說法正確的是（）A.B.C.D.核力與萬有引力都是只有引力，沒有斥力除萬有引力外，兩個(gè)中子之間不存在其他相互作用力 兩個(gè)質(zhì)子之間，不管距離如何，核力總是大于庫侖力 核力是強(qiáng)相互作用的一種表現(xiàn)，只有相鄰核子之間才存在核力作用考點(diǎn)：庫侖定律；萬有引力定律及其應(yīng)用.分析：自然界有四種基本的作用力：萬有引力相互作用、電磁相互作用、強(qiáng)相互作用和弱相互作用，核力是短程力，越過一定范圍，則沒有核力，核力存在斥力

6、與引力之分.解答：解：A、核力存在相互吸引與相互排斥的，而萬有引力，沒有斥力之說.故A錯(cuò)誤.B除萬有引力外，兩個(gè)中子之間存在核力故B錯(cuò)誤.C兩個(gè)質(zhì)子之間，核力是短程力，作用范圍在i.5xio15m越過此范圍，則沒有核力，因此會(huì)小于庫侖力.故C錯(cuò)誤.D核力是強(qiáng)相互作用的一種表現(xiàn)，是短程力，只有相鄰核子之間才存在核力作用.故D正確.故選：D.點(diǎn)評(píng)：本題考查對(duì)核力的理解.核力是自然界四種基本作用力之一，與萬有引力性質(zhì)、特點(diǎn)不同.5（3分）（2015春?臺(tái)州期末）兩列頻率相同的波發(fā)生干涉時(shí)，若兩列波的波谷在某質(zhì)點(diǎn)P位置相遇，則（）L=gT24 7T2im2s.由公式T=2可得- 3 -ABCD質(zhì)點(diǎn)P的

7、振幅隨時(shí)間周期性變化質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)始終減弱， 質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)始終加強(qiáng)， 質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)始終減弱，P點(diǎn)振幅最小P點(diǎn)振幅最大P點(diǎn)位移始終最小考點(diǎn)：波的干涉和衍射現(xiàn)象分析：兩列波波谷與波谷相遇，振動(dòng)加強(qiáng)，振幅最大，質(zhì)點(diǎn)依然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，不是靜止不動(dòng)解答：解：P點(diǎn)為波谷與波谷疊加， 為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振動(dòng)始終加強(qiáng)，振幅最大.位移在變化,有時(shí)為零，,有時(shí)處于最大；但頻率不變；故C正確，ABD昔誤.故選：C點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道波峰與波峰疊加、波谷與波谷疊加，為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，波峰與波 谷疊加，為振動(dòng)減弱點(diǎn)6（3分）（2015春?臺(tái)州期末）關(guān)于多普勒效應(yīng)，下列說法中正確的是（）A 夏天雷聲轟鳴不絕的現(xiàn)象是多普勒效應(yīng)B

8、 如果某一遙遠(yuǎn)星球離地球遠(yuǎn)去，那么地球上接收到該星球發(fā)出光的波長(zhǎng)要變長(zhǎng)C 如果離我們遠(yuǎn)去的星球發(fā)出的是紫光，那么被靜止于地球上的接收器接收到的可能 是紫外線D 正在鳴笛的火車向我們疾駛而來時(shí)，我們聽到汽笛聲的音調(diào)變高了，這是因?yàn)槁曉?振動(dòng)的頻率變大了 考點(diǎn) ：多普勒效應(yīng)分析： 本題考查多普勒效應(yīng)的原理：間距變大時(shí)，接收頻率變小，間距變小時(shí)，接收頻率 變大，而發(fā)射頻率不變，熟記多普勒的定義即可求解，同時(shí)掌握頻率變化與運(yùn)動(dòng)間的關(guān)系解答： 解：多普勒效應(yīng)是指波源或觀察者發(fā)生移動(dòng)，而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察 者收到的頻率發(fā)生了變化；A、夏天雷聲轟鳴不絕的現(xiàn)象是聲波的反射，不是多普勒效應(yīng)現(xiàn)象，故A

9、錯(cuò)誤；B如果某一遙遠(yuǎn)星球離地球遠(yuǎn)去，那么地球上接收到該星球發(fā)出光的頻率變小，則波長(zhǎng)要變 長(zhǎng)，故B正確；C如果離我們遠(yuǎn)去的星球發(fā)出的是紫光，那么被靜止于地球上的接收器接收到的頻率小于紫 光，而紫外線頻率大于紫光，故C錯(cuò)誤；D正在鳴笛的火車向我們疾駛而來時(shí)，我們聽到汽笛聲的音調(diào)變高了，這是因?yàn)榻邮盏念l率 變大了，故D錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評(píng)： 多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的；掌握物理概念要一定要理 解其真正意義7（3分）（2015春?臺(tái)州期末）某交流發(fā)電機(jī)給燈泡供電，產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖 所示，下列說法中正確的是（）-4 -A.在1s內(nèi)交變電流的方向改變50次B.在t=0.01

10、s時(shí)，穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最大C.在t=0.02s時(shí)，串聯(lián)在電路中的交流電流表讀數(shù)為5AD.若發(fā)電機(jī)線圈電阻為0.4Q,則其產(chǎn)生的熱功率為5W考點(diǎn)：正弦式電流的圖象和二角函數(shù)表達(dá)式.專題：交流電專題.分析：根據(jù)瞬時(shí)值的表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，即可求得結(jié)論.解答：解：A、由圖象可知，交流電的周期為20X103s，所以交流電的頻率為f= =50Hz,T故在1s內(nèi)交流電的方向改變100次；所以A錯(cuò)誤；B在t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電流最大，所以此時(shí)穿過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量的變化率最大，穿 過交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最小，所以B錯(cuò)誤；故選：D.點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵就是有電流的瞬

11、時(shí)值表達(dá)式求得原線圈中電流的最大值，進(jìn)而求得 原線圈的電流的有效值的大小.8（3分）（2015春？臺(tái)州期末）從發(fā)電站輸出的功率為220kW輸電線的總電阻為0.05Q,用110V和11kV兩種電壓輸電，則兩種情況下輸電線上的功率損失分別是（）33A.2X10 W 0.2WB. 2X10 W 20WC.2X105W 20W D. 2X105W 2X10訕考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電.專題：交流電專題.分析：2根據(jù)P=UI求出輸電電流，結(jié)合P=I R求兩種情況下輸電線上由電阻造成的功率損失.解答：解：用110V電壓輸電時(shí)電路中的電流為：T_P:5功率損失為：n用11kV電壓輸電時(shí)電路中的電流為:D交流電的有效值

12、為I= A,故讀數(shù)為：2.5匚A;故C錯(cuò)誤;V2 V2D發(fā)電機(jī)的發(fā)熱功率為D正確.2X0.4W=5W所以- 5 -功率損失為：一 -.故選：C點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系，知道采用高壓輸電，可以減小功率的損失.9.（3分）（2015春？臺(tái)州期末）有兩個(gè)核反應(yīng)方程分別為：!|U+FTX+Sr+10 F;920380：n+: HRY.則下列敘述中正確的是（）01A.方程的X原子核中含有80個(gè)中子B.方程的核反應(yīng)要釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，所以生成物的總質(zhì)量數(shù)減少C.方程的核反應(yīng)要吸收能量D.方程的Y原子核中含有2個(gè)核子數(shù)考點(diǎn)：愛因斯坦質(zhì)能方程.分析：正確解答本題需要掌握：聚

13、變和裂變反應(yīng)的特點(diǎn)以及應(yīng)用；質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒在核反應(yīng)中的應(yīng)用以及質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)、質(zhì)量數(shù)等之間關(guān)系.解答： 解：A、反應(yīng)為重核的裂變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知：X原子核中含有質(zhì)子數(shù)92+1-38=55，而質(zhì)量數(shù)為235+1-90-10=136，那么中子數(shù)為136-55=81,故A錯(cuò)誤；B反應(yīng)為重核的裂變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知，生成物的質(zhì)量數(shù)不變，隨著釋放核能，則總質(zhì)量減小，故B錯(cuò)誤；C反應(yīng)為原子核的衰變，要釋放核能，故C錯(cuò)誤；D反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒知，Y的質(zhì)量數(shù)為2，質(zhì)子數(shù)為1,因此有2個(gè)核子數(shù)，故D正確；故選：D.點(diǎn)評(píng)：裂變和聚變是在原子物理中學(xué)習(xí)的兩種重要反應(yīng)

14、，要明確它們的特點(diǎn)以及應(yīng)用，理解質(zhì)量數(shù)不變，但質(zhì)量會(huì)虧損，是因會(huì)釋放能量的原故.10.（3分）（2015春？臺(tái)州期末）如圖所示，用綠光照射一光電管的陰極時(shí)產(chǎn)生光電效應(yīng)，欲 使光子從陰極逸出時(shí)的最大初動(dòng)能增大，應(yīng)采取的措施是（）A.改用紅光照射B.改用紫光照射C.增大綠光的強(qiáng)度D.增大加在光電管上的正向電壓-6 -考點(diǎn)：光電效應(yīng).專題：光電效應(yīng)專題.分析：光電子從陰極逸出時(shí)的最大初動(dòng)能是由入射光的頻率決定，與其它因素?zé)o關(guān).解答： 解：由E=hv-W逸出知增加最大初動(dòng)能，只要入射光的頻率變大就行了.A、紅色的頻率比綠光的下，因此最大初動(dòng)能減小，故A錯(cuò)誤；B紫光的頻率比綠光的大，因此最大初動(dòng)能增大，

15、故B正確.C增加綠光照射強(qiáng)度只是增大了光電流強(qiáng)度，C錯(cuò)誤；D增大光電管上的加速電壓，不會(huì)改變頻率，故D錯(cuò)誤；故選：B.點(diǎn)評(píng)：本題考查了光電效應(yīng)公式，牢記最大初動(dòng)能是由入射光的頻率決定即可基礎(chǔ)題目.11.（3分）（2015春？臺(tái)州期末）可見光光子的能量在1.61eV3.10eV范圍內(nèi).圖為氫原子能級(jí)的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干不同頻率的光.關(guān)于這些光下列說法正確的是（）n1-11“.).853 -L512 -3.4丄-13 75A.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B.由n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)產(chǎn)生的光是可見光C.由n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)產(chǎn)生

16、的光的波動(dòng)性最顯著D.用n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)考點(diǎn)：氫原子的能級(jí)公式和躍遷.專題：原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題.分析：本題考查了波爾原子理論：從高軌道向低軌道躍遷時(shí)減少的能量以光子的形式輻射出去；所有的激發(fā)態(tài)都是不穩(wěn)定的，都會(huì)繼續(xù)向基態(tài)躍遷， 故輻射光子的種類為C - ,C=入丫，n故波長(zhǎng)越大，頻率越短.波長(zhǎng)越大，越容易發(fā)生明顯的衍射.只有入射光子的能量大于金屬的逸出功才會(huì)發(fā)生光電效應(yīng).解答： 解：A、大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)n=C - =6.故A4錯(cuò)誤；B根據(jù)Em-En=hv，由n=4能級(jí)躍到n=1能級(jí)產(chǎn)生的光子

17、能量為E=13.6-0.85eV=12.75eV,不是可見光，故B錯(cuò)誤；C由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)產(chǎn)生的光子頻率最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，波動(dòng)性顯著故C錯(cuò)誤.D n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子能量E=13.6-3.40eV=10.2eV，大于逸出功，能發(fā)生光電效應(yīng).故D正確.故選：D.-7 -點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與能極差的關(guān)系，即Em-En=hv,以及知道光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件.12.（3分）（2015春？臺(tái)州期末）放射源放在鉛塊上的細(xì)孔中，鉛塊上方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方 向垂直紙面向外.如圖所示，已知放射源放出的射線有a、B、丫三種，下列判斷正確的是考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；

18、牛頓第二定律.專題： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.分析：根據(jù)粒子偏轉(zhuǎn)方向，應(yīng)用左手定則判斷粒子類型.解答： 解：a射線帶正電，由左手定則可知，a射線受到的洛倫茲力向左，a射線向左偏轉(zhuǎn)，由圖示可知，丙是a射線.3射線是高速電子流， 帶負(fù)電荷.根據(jù)左手定則，3射線受到的洛倫茲力向右，故甲是3射線.丫射線是丫光子，是中性的，故在磁場(chǎng)中不受磁場(chǎng)的作用力，軌跡不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn). 故乙是丫射線.故B正確.故選：B.點(diǎn)評(píng)：本題綜合性較強(qiáng)，主要考查兩個(gè)方面的問題：三種射線的成分主要是所帶電性. 洛倫茲力的方向的判定.只有基礎(chǔ)扎實(shí)，此類題目才能順利解決，故要重視基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí).二、多項(xiàng)選擇題（本題4小題，每小題4分

19、，共16分，每小題有一個(gè)以上選項(xiàng)正確，全部選 對(duì)得4分，只選出部分正確選項(xiàng)得2分）_13.（4分）（2015春？臺(tái)州期末）一理想變壓器的原線圈A、B兩端接入電壓為u=220 =sin（100nt）V的交變電流.原線圈匝數(shù)n1=1100匝，副線圈匝數(shù)n2=30匝，則（）A.把電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在C、D兩端，打點(diǎn)周期為0.02sB.把交流電壓表接在C D兩端時(shí)，電壓表讀數(shù)為8.48VC.將擊穿電壓為10V的電容器接在C D兩端，能正常工作D.把阻值為10Q的電阻接在C D兩端，變壓器的輸入功率為7.2W考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理.專題：交流電專題.分析：理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時(shí)，導(dǎo)

20、致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).變壓器的電流比與電壓比均是有效值，電表測(cè)量值也是有效值.A.甲是a射線、 乙是B.甲是3射線、 乙是C.甲是Y射線、 乙是D.甲是a射線、 乙是丫射線、 丙是3射線 丫射線、丙是a射線3射線、丙是a射線3射線、丙是丫射線-8 -解答： 解：A、根據(jù)u=220sin（100nt）V可知，周期T= “，變壓器3 一QOJT不改變周期，則把電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在C D兩端，打點(diǎn)周期為0.02s，故A正確；B AB電壓-_-1-二-節(jié)，1V2 V2根據(jù)三得：U?口2吩22W課唧電壓表讀數(shù)為

21、有效值，所以電壓表讀數(shù)為6V,故B錯(cuò)誤；C CD端電壓最大值為6V,而擊穿電壓為最大值，所以將擊穿電壓為10V的電容器接在CD兩端，能正常工作，故C正確；2D P=，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，則變壓器的輸入功率為3.6W,故D錯(cuò)誤R 10 故選：AC點(diǎn)評(píng)：理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象，知道電容器擊穿電壓為最大值，電表測(cè)量值是有效值，難度適中.14.（4分）（2015春？臺(tái)州期末）如圖所示為一直角棱鏡的橫截面，/bac=90, /abc=60.平行細(xì)光束從O點(diǎn)沿垂直于bc面的方向射入棱鏡已知棱鏡材料的折射率n=匚，若不考慮原入射光在bc面上的反射光，則有光線（）

22、考點(diǎn)：光的折射定律. 專題： 光的折射專題.分析：根據(jù)臨界角公式sinC=一求出臨界角C.由幾何知識(shí)分析光線在ac面和ab面上的入n射角，判斷能否發(fā)生全反射，再確定光線的出射方向.解答： 解：由sinC=一得sinC=二，得到全反射臨界角C=45.D2射到光線ac面的光線，入射角等于30,小于臨界角C,不發(fā)生全反射，則ac面上有光射 出，也有反射，此反射光射到ab面上時(shí)入射角為60,發(fā)生全反射，而不能從ab面射出.如圖，射到光線bc面的光線，入射角i=0。，則光線從bc面垂直射出.故AC錯(cuò)誤，BD正確. 故選：BD.C.出，且與bc面垂直從ab面射出B.從ac面射出從bc面射出，且與bc面斜交

23、D.從bc面射-9 -點(diǎn)評(píng)：本題運(yùn)用光的折射定律、反射定律及光的全反射條件還利用光的幾何特性，來尋找角與角的關(guān)系，從而算出結(jié)果.15.（4分）（2015春？臺(tái)州期末）一物體置于一平臺(tái)上， 隨平臺(tái)一起在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)， 則（ ）A.當(dāng)平臺(tái)振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物體對(duì)平臺(tái)的正壓力最大B.當(dāng)平臺(tái)振動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，物體對(duì)平臺(tái)的正壓力最大C.當(dāng)平臺(tái)向下振動(dòng)經(jīng)過平衡位置時(shí)，物體的動(dòng)能最大D.物體在上下振動(dòng)的過程中，物體的機(jī)械能保持守恒考點(diǎn)： 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量.分析：物體和平臺(tái)一起做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，加速度方向總是指向平衡位置，當(dāng)振動(dòng)平臺(tái)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)時(shí)，物體的加速度豎直向下， 處于失重狀態(tài)，當(dāng)振動(dòng)平臺(tái)運(yùn)動(dòng)到最

24、低點(diǎn)時(shí)，物體的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài).解答： 解：A、B、物體和平臺(tái)一起做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，加速度方向總是指向平衡位置，當(dāng)處于平衡位置下方時(shí)，加速度向上，處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律，有：N=mg+ma在最低點(diǎn)加速度最大，支持力最大；根據(jù)牛頓第三定律，物體對(duì)平臺(tái)的正壓力最大；故A錯(cuò)誤，B正確;C當(dāng)平臺(tái)振動(dòng)經(jīng)過平衡位置時(shí)，加速度為零，此時(shí)速度達(dá)最大，動(dòng)能最大；故C正確；D物體運(yùn)動(dòng)過程中，支持力做功，故機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；故選：BC.點(diǎn)評(píng)：本題應(yīng)用牛頓第二定律分析簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)超重、失重現(xiàn)象，關(guān)鍵抓住簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中，物體的加速度方向特點(diǎn)：加速度方向總是指向平衡位置.16.（4分）（2015春？臺(tái)州期末）

25、圖（甲）為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖（乙）為 質(zhì)點(diǎn)P在該時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)（t=0）的振動(dòng)圖象，下列說法正確的是（）B.經(jīng)過0.15s，波沿x軸的正方向傳播了3mC.經(jīng)過0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向D.在t=0.05s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度大于質(zhì)點(diǎn)P的加速度-10 -考點(diǎn)：橫波的圖象；橫波和縱波.分析：由振動(dòng)圖象讀出t=0時(shí)刻P點(diǎn)的振動(dòng)方向，判斷波的傳播方向.由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)，由振動(dòng)圖象讀出周期，可求出波速分析波動(dòng)過程，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，判斷Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向.解答： 解：A、由圖乙可知，在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，則由帶動(dòng)法可 知，波向正方向傳播；故A正確；B

26、由由圖知：入=4m T=0.2s，則波速為：v=1m/s=20m/s.故經(jīng)過0.15s，波沿x軸的T 0+2正方向傳播了3m故B正確；C經(jīng)0.1s為半個(gè)周期，此時(shí)Q點(diǎn)正在向平衡位置運(yùn)動(dòng)；故C錯(cuò)誤；D、圖示時(shí)刻Q點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，t=0.05s= T,質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向向上運(yùn)動(dòng)，4沒有到達(dá)最高點(diǎn)，而P處于最低點(diǎn)，所以P的加速度大.故D錯(cuò)誤. 故選：AB.點(diǎn)評(píng)：波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系同時(shí)，熟練要分析波動(dòng)形成的過程，分析物理量的變化情況.三、填空題（本題4小題，每空2分，共18分）17.（4分）（2015春？臺(tái)州期末）在“雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，（1

27、） 雙縫干涉儀的示意圖如圖所示，請(qǐng)指出裝置中A的名稱是 濾光片（2） 以下哪些操作能夠增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離B.A增大“單縫”與“雙縫”之間的距離B.增大“雙縫”與“光屏”之間的距離C.增大雙縫距離.考點(diǎn)：用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng).專題： 實(shí)驗(yàn)題；光的干涉專題.分析：增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離由x=入入分析即可.d解答： 解：（1）圖中從左向右是光源、濾光片、單縫、雙縫、光屏，（2）依據(jù)雙縫干涉條紋間距規(guī)律x=入，可知：A、Ax與單縫和雙縫間的距離無關(guān)，故增大單縫與雙縫之間的距離不改變相鄰兩條亮紋之間 的距離，故A錯(cuò)誤；B增大雙縫與光屏之間的距離L,由上式知，可增大相鄰兩條亮紋之間

28、的距離，故B正確.C增大雙縫之間的距離d,干涉條紋的間距減小，故C錯(cuò)誤. 故答案為：（1）濾光片；（2）B.點(diǎn)評(píng)：本題考查了雙縫干涉實(shí)驗(yàn)的原理圖，影響條紋間距的因素，記住公式，難度不大.光單縫鯛返光Hi垢屏TTltL.-1 i -18.(4分)(2015春？臺(tái)州期末)在用兩面平行的玻璃磚測(cè)定玻璃折射率的實(shí)驗(yàn)中，(1)如圖所示，Pl、P2、P3、P4為所插4枚大頭針的位置.某同學(xué)插針的步驟如下，請(qǐng)?jiān)跈M線 上補(bǔ)充完整步驟；1入射光線AO上插上兩枚大頭針P、P2；2在白紙上放上玻璃磚，使其中一個(gè)長(zhǎng)邊與直線aa對(duì)齊，并畫出另一條對(duì)齊線bb;3通過玻璃磚觀察并調(diào)整視線，使P2的像擋住Pi的像，然后在觀察

29、一側(cè)插上大頭針P3,使P3擋住Pi、Pa的像；再插P4,使P4擋住P3及Pi、Pa的像 ；4移去玻璃磚，拔去大頭針P3、P4,由大頭針的針孔位置確定出射光線OB及出射點(diǎn)O,連接OO.(2)對(duì)實(shí)驗(yàn)中的一些具體問題，下列說法中正確的是A.A為了減小作圖誤差，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)取大些B.為減少測(cè)量誤差，Pi、P2的連線與玻璃磚界面的夾角應(yīng)越大越好C.為了使玻璃磚的長(zhǎng)邊與直線bb盡量對(duì)齊，應(yīng)該用玻璃磚當(dāng)尺子畫出直線bbD.若Pi、P2連線與法線NN夾角過大，有可能在bb面上發(fā)生全反射，所以在bb 一側(cè)就看 不到Pi、P2的像.考點(diǎn)： 測(cè)定玻璃的折射率.專題：實(shí)驗(yàn)題.分析：(i)為確定折射光線，在B

30、側(cè)邊觀察邊插P3,直到Pi、P2的像被P3擋住，定下P3的位置后，續(xù)插P4,直到P3及Pi、P2的像被P4擋住，定下P4的位置，即可折射光線的位置.(2)R、P2及P3、P4之間的距離適當(dāng)大些，這樣引起的角度的誤差較小，可提高精度入射 角0i盡量大些，折射角也會(huì)大些，角度的相對(duì)誤差會(huì)減小根據(jù)光路可逆性原理可知，折射 光線不會(huì)在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射.解答： 解：(i)通過玻璃磚觀察并調(diào)整視線，使P2的像擋住Pi的像，然后在觀察一側(cè)插上大頭針P3,使P3擋住Pi、P2的像；再插P4，使P4擋住P3及Pi、P2的像.(2)A折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的

31、 角度會(huì)較大，故Pi、P2及P3、P4之間的距離適當(dāng)大些，可以提高準(zhǔn)確度.故A正確.B入射角0i即Pi和P2的連線與法線的夾角盡量大些，即Pi、P2的連線與玻璃磚界面的夾角適當(dāng)小些，折射角也會(huì)大些，折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對(duì)誤差會(huì)減小.故B錯(cuò)誤.C不能把玻璃磚當(dāng)尺子畫出直線bb,這樣會(huì)污染和損壞玻璃磚，故C錯(cuò)誤.D由幾何知識(shí)可知，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，折射光線不會(huì)在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射.故D錯(cuò)誤.故選：A.故答案為：(i)P4擋住P3及Pi、P2的像；(2)A.-12 -點(diǎn)評(píng)：本題考查了插針法測(cè)量玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是明

32、確實(shí)驗(yàn)原理和全反射條件,知道測(cè)量的量相對(duì)大些，可減小相對(duì)誤差.19.(6分)(2015春？臺(tái)州期末)在“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中：(1)用秒表測(cè)出N次全振動(dòng)的時(shí)間t如圖秒表所示，貝U t= 100.2 s；(2)如果實(shí)驗(yàn)測(cè)得的g值偏小，可能的原因是C.A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過緊B.開始計(jì)時(shí)，秒表過遲按下C.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了(3)考慮到單擺振動(dòng)時(shí)空氣浮力的影響后，同學(xué)甲說： “因?yàn)榭諝飧×εc擺球重力方向相反, 它對(duì)球的作用相當(dāng)于重力加速度變小，因此振動(dòng)周期變大”同學(xué)乙說：“浮力對(duì)擺球的影響好像用一個(gè)輕一些的擺球做實(shí)驗(yàn)，因此振動(dòng)周期不變”，這兩個(gè)

33、同學(xué)說法中A.A.甲正確B.乙正確C.兩同學(xué)的說法都錯(cuò)誤.A、測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過緊， 使得擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大， 則測(cè)得的重力加速度偏大. 故A錯(cuò)誤.B實(shí)驗(yàn)中開始計(jì)時(shí)，秒表過遲按下，則測(cè)得周期偏小，所以測(cè)得的重力加速度偏大故B錯(cuò)誤.C擺動(dòng)后出現(xiàn)松動(dòng)，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，則測(cè)得的重力加速度偏小故C正確.故選：C考點(diǎn)：分析：(2)由用單擺測(cè)定重力加速度.(1)秒表先讀分針讀數(shù)，再讀秒針讀數(shù)，兩者相加.T=2?？芍?，還需測(cè)量懸掛點(diǎn)到小球頂端的距離 從而可求加速度g,根據(jù)g的表達(dá)式可確定誤差原因;I;明確單擺的有效長(zhǎng)度，代入公式，(3)考慮到空氣浮力，可以用等效場(chǎng)的觀點(diǎn)解釋.解答： 解：(1)由圖所示秒

34、表可知，分針示數(shù)是1.5min=90s,秒針示數(shù)10.2s，秒表示數(shù)90s+10.2s=10(2)根據(jù)T=. -I-得:g=4兀T2-13 -（3）考慮到單擺振動(dòng)時(shí)空氣浮力的影響后，物體不只受重力了，加速度也不是重力加速度， 實(shí)際加速度要減小，因此振動(dòng)周期變大，甲同學(xué)說法正確，故A正確；故選：A故答案為：（1）100.2；（2）C；（3）A點(diǎn)評(píng)：常用儀器的讀數(shù)要掌握，這是物理實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長(zhǎng)、周期等物理量之間的關(guān)系. 單擺的周期采用累積法測(cè)量可減小誤差. 對(duì)于測(cè)量誤 差可根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析. 同時(shí)一定要記住，單擺測(cè)量時(shí)間的計(jì)時(shí)起點(diǎn)是平衡位置， 這一點(diǎn) 很重要

35、.20 （4分）（2015春？臺(tái)州期末）為了探究碰撞中的不變量，某同學(xué)選取了兩個(gè)體積相同、質(zhì) 量不等的小球.按下述步驟做了如下實(shí)驗(yàn)：步驟1:用天平測(cè)出兩個(gè)小球質(zhì)量m和m2,且mm;步驟2:安裝好實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，使槽末端的切線水平，將另一木條豎直固定在右側(cè)；步驟3:先不在斜槽的末端B點(diǎn)放小球m,讓小球m從頂端自A處靜止釋放，記下小球在豎直 面上的落點(diǎn)位置E；步驟4:將小球m放在斜槽末端B點(diǎn)，讓小球m從頂端A處靜止釋放使它們碰撞，記下小球m和m在豎直面上的落點(diǎn)位置；步驟5:找出小球放在斜槽末端時(shí)小球球心對(duì)應(yīng)的木板上的等高點(diǎn)C；步驟6:用刻度尺量出各落點(diǎn)到C點(diǎn)的距離，圖中D E和F是記下的三個(gè)落點(diǎn)

36、，且到C點(diǎn)的 距離分別為L(zhǎng)D、LE、LF.請(qǐng)回答下列問題：（1）小球m與m發(fā)生碰撞后，m的落點(diǎn)是圖中F點(diǎn)；（2） 用測(cè)得物理量表示動(dòng)量守恒定律（碰撞中不變量）的表達(dá)式為_1 1 . 1考點(diǎn)：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.專題：實(shí)驗(yàn)題.分析： （1）小球m和小球m相撞后，小球m的速度增大，小球m的速度減小，都做平拋 運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律不難判斷出；（2）設(shè)斜面BC與水平面的傾角為a,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出碰撞前后小球m和小球m的速度， 表示出動(dòng)量的表達(dá)式即可求解；解答： 解：（1）小球m和小球 2 相撞后，小球m的速度增大，小球m的速度減小，都做平 拋運(yùn)動(dòng)，所以碰撞后速度最小的m球到達(dá)木條的時(shí)間最長(zhǎng)，下落的高度

37、最大，落點(diǎn)是最下的F點(diǎn)，m球的落地點(diǎn)是D點(diǎn)；-14 -(2)碰撞前，小于m落在圖中的E點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為vo.小球m和m發(fā)生碰撞后，mi的落點(diǎn)在圖中的F點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為vi,m的落點(diǎn)是圖中的D點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為V2.設(shè) 木條與拋出點(diǎn)之間的距離為x,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：x=vt, . 2- 故答案為：(1)F; (2)：打：.| .VLE點(diǎn)評(píng)：本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律及平拋運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用；學(xué)會(huì)運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度，兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機(jī)械能沒有損失.四、計(jì)算題(共3小題，30分，每小題10分解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演 算步驟)21.(10分)(2

38、015春？臺(tái)州期末)在某介質(zhì)中形成一列簡(jiǎn)諧橫波，在t=0時(shí)刻的波形如圖所示，圖上每一小格長(zhǎng)度為1cm.若波向右傳播，t=0時(shí)刻剛好傳到A點(diǎn)，已知開始計(jì)時(shí)后，質(zhì) 點(diǎn)P在t1=1.5s時(shí)刻第一次到達(dá)波谷位置.試求：(1)從t=0到t1=1.5s，波中質(zhì)點(diǎn)O經(jīng)過的路程和t1=1.5s時(shí)相對(duì)平衡位置的位移分別多大；考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象.分析：(1)質(zhì)點(diǎn)P在t1=1.5s時(shí)刻第一次到達(dá)波谷位置，經(jīng)歷四分之二個(gè)周期，O點(diǎn)的路程是3倍振幅，到達(dá)波峰.(2)根據(jù)由P點(diǎn)的振動(dòng)知：t1= T,求得周期，讀出波長(zhǎng)，即可求得波速.4(3) 先求出A點(diǎn)的振動(dòng)傳到B點(diǎn)的時(shí)間，再得到質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波谷

39、位置的時(shí)間. 解答： 解：(1)由P點(diǎn)的振動(dòng)知：0點(diǎn)振動(dòng)經(jīng)歷了四分之三個(gè)周期達(dá)到了波峰.h的平方根成反比., 2整理得：I小球碰撞的過程中若動(dòng)量守恒，則：mivo=mivi+m2V2即:-15 -0點(diǎn)走過的路程：S=X4A=15cm4ti=1.5s時(shí)0點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移為：y=5cm(2)由P點(diǎn)的振動(dòng)知：ti=：T4周期：T=2.0s由圖可知：入=0.12m由v丄T得v=0.06m/s(3)由圖可知AB間距離為x=0.06mA點(diǎn)的振動(dòng)傳到B點(diǎn)的時(shí)間為t2=VB點(diǎn)從開始振動(dòng)到第一次到達(dá)波谷的時(shí)間為t3= T4從t=0時(shí)刻起，到質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰位置經(jīng)歷的時(shí)間為t=t2+t3解得t=1.5s答

40、：(1)從t=0到ti=1.5s,波中質(zhì)點(diǎn)0經(jīng)過的路程和ti=1.5s時(shí)相對(duì)平衡位置的位移分別是15cm和5cm；(2)這列波的傳播速度的大小是0.06m/s;(3)從t=0時(shí)刻起，再經(jīng)過1.5s時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)B將第一次到達(dá)波谷位置.點(diǎn)評(píng)：本題要把握住質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)過程與波動(dòng)形成過程之間的聯(lián)系，對(duì)于質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波谷位置的時(shí)間，也可以根據(jù)波形平移法求解.22.(10分)(2015春？臺(tái)州期末)如圖為放置在水平桌面上半徑為R的圓柱體截面，圓柱體4由折射率為的透明材料制成現(xiàn)有一束平行于桌面的細(xì)光束射到圓柱體表面A點(diǎn)，折射入圓柱體后再從豎直表面B點(diǎn)射出，最后射到桌面上的C點(diǎn)已知入射細(xì)光束與桌面的距離為-R.求：2(1)AB細(xì)光束在0B表面上