【KS5U解析】廣東省珠海市2020屆高三上學(xué)期期末考試理綜物理試題 Word版含解析

1、珠海市20192020學(xué)年度第一學(xué)期普通高中學(xué)生學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測高三理科綜合-物理部分二、選擇題1.以下說法中正確的是a. 如甲圖是a粒子散射實驗示意圖，當顯微鏡在a，b，c，d中的a位置時熒光屏上接收到的a粒子數(shù)最多b. 如乙圖是氫原子的能級示意圖，氫原子從n=4能級躍遷到n=l能級時吸收了一定頻率的光子能量c. 如丙圖是光電效應(yīng)實驗示意圖，當光照射鋅板時驗電器的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，則此時驗電器的金屬桿帶的是負電荷d. 如丁圖是愛因斯坦在研究黑體輻射的基礎(chǔ)上，提出了量子理論，描繪兩種溫度下黑體輻射強度與波長關(guān)系的圖【答案】a【解析】【詳解】a. 圖甲是粒子散射實驗示意圖，多數(shù)粒子穿過金箔后運動方向幾

2、乎沒有改變，當顯微鏡在a. b. c. d中的a位置時熒光屏上接收到的粒子數(shù)最多。故a正確；b. 圖乙是氫原子的能級示意圖，結(jié)合氫光譜可知，氫原子從n=4能級躍遷到n=1能級時輻射了一定頻率的光子能量。故b錯誤；c. 當光照射鋅板時，金屬板失去電子，將帶正電，所以與之相連的驗電器的指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，此時驗電器的金屬桿帶的是正電荷。故c錯誤；d. 普朗克在研究黑體輻射的基礎(chǔ)上，提出了量子理論，故d錯誤。 故選：a2.如圖，空間某區(qū)域有一個正三角形abc，其三個頂點處分別固定有三個等量正點電荷，d點為正三角形的中心，e、g、h點分別為正三角形三邊的中點，f點為e關(guān)于c點的對稱點。取無限遠處

3、的電勢為0，下列說法中正確的是a. e、g、h三點的電場強度均相同b. e、g、h三點的電勢均相同c. d點的場強最大d. 根據(jù)對稱性，e.、f兩點的電場強度等大反向【答案】b【解析】【詳解】a. 由對稱性可知，e、g、h三點的電場強度大小相等，但電場強度的方向不同，故a錯誤； b. 由對稱性可知，e. g、h三點的電勢均相等，故b正確； c. 由于d點為正三角形的中心，即到三個點電荷的距離相等，故任意兩點電荷在d點產(chǎn)生的合場強與第三個點電荷在d點產(chǎn)生的電場強度大小等大反向，故d點的電場強度為零，故c錯誤；d. 由c點電荷在e、f兩點產(chǎn)生的電場強度等大反向，但a、b兩個點電荷在e、f

4、兩點產(chǎn)生的電場強度卻不相等，故d錯誤； 故選：b3.如圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓均為u的燈炮a和b。輸入電壓為5u時，兩燈泡均能正常發(fā)光。下列說法正確的是a. 原、副線圈匝數(shù)比為1:4b. 原、副線圈的功率為4:1c. 流過燈炮a、b的電流之比為4:1d. 燈炮a、b的額定功率之比為1:4【答案】d【解析】【詳解】a.兩燈均正常發(fā)光，則a、b兩端的電壓均為u，原線圈兩端電壓u1=5uu=4u，副線圈兩端電壓u2=u，所以原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=u1：u2=4：1，故a錯誤；b.理想變壓器自身不消耗能量，輸入功率等于輸出功率，所以原、副線圈的功率為1:1，故b錯誤；c.原、副線

5、圈匝數(shù)比n1：n2=u1：u2=4：1，則原副線圈的電流比i1：i2=n2：n1=1：4，故c錯誤；d.燈泡a、b的電流之比為1：4，兩燈的額定電壓相同，則燈泡a、b的額定功率之比為1:4.故d正確。故選：d。4.甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛，其vt圖像如圖所示，下列對汽車運動狀況的描述正確的是a. 在第10s末，乙車改變運動方向b. 在第10s末，甲、乙兩車相距150mc. 在第20s末，甲、乙兩車可能相遇d. 第20s末兩者相距最近【答案】c【解析】【詳解】a. 由圖知，乙車的速度一直為正，說明乙一直沿正方向運動，運動方向沒有改變，故a錯誤； bc. 在第10s末，甲通過的位移比乙的位

6、移大，但由于它們初始位置關(guān)系未知，所以不能判斷是否相遇或者什么時候相遇，故b錯誤，c正確；d. 第20s內(nèi)，甲、乙兩車的位移之差最大，但由于出發(fā)點的位置關(guān)系未知，所以不能確定它們相距的距離是否最近，故d錯誤。故選：c。5.2019年1月3日，中國“嫦娥四號”探測器成功在月球背面軟著陸，中國載人登月工程前進了一大步假設(shè)將來某宇航員登月后，在月球表面完成下面的實驗：在固定的豎直光滑圓軌道內(nèi)部最低點靜止放置一個質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點)，如圖所示，當給小球一瞬時沖量時，小球恰好能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動已知圓軌道半徑為r，月球的半徑為r，則月球的第一宇宙速度為a. b. c. d. 【答案】b

7、【解析】【分析】由最小發(fā)射速度應(yīng)是萬有引力等于重力，而重力又充當向心力時的圓周運動速度，由此可以解得最小發(fā)射速度.【詳解】小球獲得瞬時沖量的速度為v0，有；而小球恰好通過圓周的最高點，滿足只有重力提供向心力，；從最低點到最高點由動能定理可知：；聯(lián)立解得：月球的近地衛(wèi)星最小發(fā)射速度即為月球的第一宇宙速度，滿足解得：；故選b.6.自動卸貨車始終靜止在水平地面上。車廂在液壓機的作用下改變與水平面間的傾角，用以卸下車廂中的貨物。當傾角增大到時，質(zhì)量為m的木箱a與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體b一起以共同的速度v沿車廂底勻速滑下，則下列說法正確的是a. a受到的靜摩擦力方向沿斜面向上b. a受到的摩擦力為，方

8、向沿底面向上c. a受到車廂底面的滑動摩擦力大小為d. a與車廂底面間的動摩擦因數(shù)【答案】bd【解析】【詳解】a. a受到車廂地面的摩擦力是滑動摩擦力，受到b的摩擦力是靜摩擦力，故a錯誤；b.對a受力分析，受重力、支持力、車廂底面的摩擦力和沿b的摩擦力，根據(jù)a勻速運動，受力平衡，a受到的摩擦力大小為，方向沿底面向上，故b正確；c.將a、b作為整體，勻速運動，受力平衡，所以a受到車廂底面的滑動摩擦力大小為(m+m)gsin，故c錯誤；d. 對于a、b整體，根據(jù)受力平衡：(m+m)gsin=(m+m)sin，所以=tan，故d正確。故選：bd7.如圖，長為l、板間距離為d的平行板電容器水平放置，電

9、容器充電后與電源斷開，現(xiàn)將兩電荷量相等的帶電粒子a、b分別從兩極板的中心線、上極板的邊緣處同時沿水平方向射入電場，兩粒子恰好能在距下極板為的p點處相遇。若不考慮粒子的重力和相互作用力，則下列說法中正確的是a. a質(zhì)量是b的3倍b. 相遇時，a在水平方向上運動的距離為c. 相遇時，b的動能變化量是a的3倍d. 若僅將下極板向下移動一小段距離，則兩粒子仍能在p點相遇【答案】acd【解析】【詳解】a. 粒子a與粒子b豎直分運動是勻加速直線運動，根據(jù)分位移公式,有：，豎直位移與質(zhì)量成反比，故ma：mb=yb：ya=3：1，即a所帶的質(zhì)量是b的3倍，故a正確；b. 相遇時，兩個粒子的水平分位移之和為l，

10、a、b的水平位移不一定是，故b錯誤；c. 根據(jù)動能定理，動能變化量等于電場力做的功，故：ek=qey，由于a、b粒子的電荷量相等，豎直分位移之比均為1:3，故a、b粒子的動能變化量之比為1:3，即相遇時，b的動能變化量是a的3倍，故c正確；d. 若僅將下極板向下移動一小段距離，電容器的電荷量不變，故板間場強不變，故粒子的運動情況相同，軌跡也相同，故兩粒子仍能在p點相遇，故d正確；故選：acd。8.如圖，光滑水平面上兩虛線之間區(qū)域內(nèi)存在豎直方向的足夠大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為b。邊長為a的正方形導(dǎo)線框pqmn沿圖示速度方向進入磁場，當對角線pm剛進入磁場時線框的速度大小為v，方向與磁場邊界成

11、角，若線框的總電阻為r，則a. pm剛進入磁場時線框中的感應(yīng)電流為b. pm剛進入磁場時線框所受安培力大小為c. pm剛進入磁場時兩端的電壓為d. pm進入磁場后線框中的感應(yīng)電流將變小【答案】ad【解析】【詳解】a. pm剛進入磁場時有效的切割長度等于a，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為e=bav，感應(yīng)電流為，故a正確；b.nm邊所受的安培力大小為f1=bia=，方向垂直nm向下。pn邊所受的安培力大小為f2=bia=，方向垂直pn向下，線框所受安培力大小，故b錯誤；c. pm兩端電壓為，故c錯誤；d. pm剛進入磁場后，有效的切割長度逐漸減小，感應(yīng)電動勢逐漸減小，感應(yīng)電流將減小，故d正

12、確。故選：ad。三、非選擇題9.圖甲是某同學(xué)驗證動能定理的實驗裝置。其步驟如下：a.易拉罐內(nèi)盛上適量細沙，用輕繩通過滑輪連接在小車上，小車連接紙帶。合理調(diào)整木板傾角，讓小車沿木板勻速下滑。b.取下輕繩和易拉罐，測出易拉罐和細沙的質(zhì)量m1以及小車質(zhì)量m2。c.撤去細繩和易拉罐后，換一條紙帶，讓小車由靜止釋放，打出的紙帶如圖乙(中間部分未畫出)，o為打下的第一點。己知打點計時器的打點時間間隔為t，重力加速度為g。(1)步驟c中小車所受的合外力大小為_(2)為驗證從oc過程中小車合外力做功與小車動能變化的關(guān)系，測出bd間的距離為，oc間距離為，則c點速度大小為_，需要驗證的關(guān)系式為_ (用所測物理量

13、的符號表示)。【答案】 (1). （1）m1g； (2). （2）， (3). 【解析】【詳解】（1）1 小車勻速下滑時受到重力、支持力、摩擦力和輕繩的拉力，合力為零；撤去拉力后，其余力不變，故合力等于撤去輕繩的拉力，而輕繩的拉力等于易拉罐和細沙的重力，所以小車所受的合外力為m1g；（2）2勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻瞬時速度，故；3動能增量為：，合力的功為：，需要驗證的關(guān)系式為：10.某個同學(xué)設(shè)計了一個電路，既能測量電池組的電動勢e和內(nèi)阻r，又能同時測量未知電阻的阻值。器材如下：a.電池組（四節(jié)干電池）b.待測電阻（約10）c.電壓表v1 (量程3v、內(nèi)阻很大）d.電壓表v2 (量程

14、6v、內(nèi)阻很大）e.電阻箱及（最大阻值99.9)f.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干 實驗步驟如下：(1)將實驗器材連接成如圖甲所示的電路，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，先讓電壓表v1接近滿偏，逐漸增加電阻箱的阻值，并分別讀出兩只電壓表的讀數(shù)。(2)根據(jù)記錄的電壓表v1的讀數(shù)u1和電壓表v2的讀數(shù)u2，以為縱坐標，以對應(yīng)的電阻箱的阻值a為橫坐標，得到的實驗結(jié)果如圖乙所示。由圖可求得圖像在縱軸的截距為_，待測電阻=_ (保留兩位有效數(shù)字)。(3)圖丙分別是以兩電壓表的讀數(shù)為縱坐標，以兩電壓表讀數(shù)之差與電阻箱阻值的比值為橫坐標得到結(jié)果。由圖可求得電池組的電動勢e=_v，內(nèi)阻r= _;兩圖線的交點的橫坐標為_a,縱

15、坐標為_v.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)【答案】 (1). 1.0 (2). 8.0 (3). 6.0 (4). 4.0 (5). 0.50 (6). 4.0【解析】【詳解】（2）1串聯(lián)電路電流處處相等，由圖甲所示電路圖可知：，則：，當r=0時，=1，所以圖像在縱軸的截距為1.0；2則圖象斜率：，解得：rx=8.0；（3）3由圖(a)所示電路圖可知：，圖線是電源的ui圖象，由圖示圖象可知，電源電動勢：e=6.0v；4電源內(nèi)阻：；5圖線是rx的ui圖象，兩圖線交點反應(yīng)的是電源與定值電阻直接串聯(lián)時的情況，交點的橫坐標：；6縱坐標：。11.如圖，半徑r = 1.0m的四分之一圓弧形光滑軌道豎直放置，圓

16、弧最低點b與長為l0.5m的水平面bc相切于b點，bc離地面高h = 0.45m，c點與一傾角為 = 37°的光滑斜面連接，質(zhì)量m1.0 kg的小滑塊從圓弧上某點由靜止釋放，到達圓弧b點時小滑塊對圓弧的壓力剛好等于其重力的2倍,當小滑塊運動到c點時與一個質(zhì)量m=2.0kg的小球正碰，碰后返回恰好停在b點，已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)µ0.1（sin37°=0.6 cos37°=0.8, g取l0 m/s2）求：（1）小滑塊應(yīng)從圓弧上離地面多高處釋放；（2）小滑塊碰撞前與碰撞后的速度；（3）碰撞后小球的速度；【答案】（1）h=0.95m （2）3m/s，

17、1m/s （3）v2=2.0m/s【解析】（1）設(shè)小滑塊運動到b點的速度為 由機械能守恒定律有：由牛頓第二定律有： 聯(lián)立上式解得： （2）設(shè)小滑塊運動到c點的速度為，由動能定理有： 可得小滑塊在c點速度即與小球碰前的速度           碰后滑塊返回b點過程：由動能定理： 得可碰后滑塊速度  （3）碰撞過程由動量守恒： 解得碰后小球速度  綜上所述本題答案是：（1），（2），（3）12.如圖所示，質(zhì)量為、長度為l的絕緣滑板b靜置于水平面上，滑板與地面間的動摩擦因

18、數(shù)，水平面右端的固定擋板c與滑板等高。在擋板c的右邊有一個區(qū)域pqmn，區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強電場，還有兩個半徑分別為r1=1和r2=3的半圓構(gòu)成的半圓環(huán)區(qū)域，在半圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，半圓環(huán)的圓心o到固定擋板c的頂點的距離為2r，現(xiàn)有一質(zhì)量為m帶電量為+q的小物塊a(視為質(zhì)點)以初速度滑上滑板b，a與b之間的動摩擦因數(shù)。當小物塊a運動到滑板b右端時兩者剛好共速，且滑板b剛好與擋板c碰撞，a從擋板c上方飛入pqnm區(qū)城，并能夠在半圓環(huán)磁場區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運動。求：(1)a剛滑上b時，a和b的加速度大小；(2)a剛滑上b時，b右端與擋板c之間的距離s；(3)區(qū)域pqmn內(nèi)電場強度e

19、的大小，以及要保證小物塊a只能從半圓環(huán)區(qū)域的開口端飛出，磁感應(yīng)強度b需滿足的取值范圍?！敬鸢浮?1)(2)(3)【解析】【詳解】（1）對小物體a有：解得： 對滑板b有：解得：（2）依題，設(shè)a、b的共同速度為v， 對小物塊a： .對滑板b有：解得： ；（3）進入?yún)^(qū)域pqnm，并能夠在半圓環(huán)磁場區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運動，則有： . 解得：粒子做勻速圓周運動：要小物塊a不從半圓環(huán)區(qū)域的內(nèi)環(huán)和外環(huán)飛出磁感應(yīng)強度b要滿足：， 解得： ，即：；， 解得：，即：；綜上所述，要小物塊a不從半圓環(huán)區(qū)域的內(nèi)環(huán)和外環(huán)飛出磁感應(yīng)強度b要滿足： 或 。13.下列說法正確的是 a. 定質(zhì)量的氣體，在壓強不變時，則單位時間內(nèi)分

20、子與器壁碰撞次數(shù)隨溫度降低而減少b. 知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算出該氣體中分子間的平均距離c. 若一定質(zhì)量的理想氣體在被壓縮的同時放出熱量，則氣體內(nèi)能可能減小d. 同種物質(zhì)不可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)e. 液體表面具有收縮的趨勢，是由于液體表面層里分子的分布比內(nèi)部稀疏的緣故【答案】bce【解析】【詳解】a. 溫度降低，分子的平均動能減小，則單個分子對器壁在平均撞擊力減小，所以一定質(zhì)量的氣體，在壓強不變時，單位時間內(nèi)分子與器壁碰撞次數(shù)隨溫度降低而增加，故a錯誤；b. 由氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，可估算出摩爾體積，再根據(jù)阿伏加德羅常數(shù)，可以估算出單個理想氣體分子

21、所占的平均體積。進而估算出理想氣體分子間的平均距離，故b正確；c. 根據(jù)熱力學(xué)第一定律，如果外界對理想氣體壓縮所做的功，小于放出熱量，則氣體內(nèi)能就會減小，故c正確；d. 同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如煤炭與金剛石。故d錯誤；e. 液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力。就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢，故e正確；故選：bce14.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一粗細均勻的導(dǎo)熱良好的直角形細玻璃管，a端封閉，c端開口，ab=bc=，平衡時，a、c端等高

22、，管內(nèi)水銀柱如圖所示，管內(nèi)水銀柱總長度為,玻璃管ab內(nèi)封閉有長為的空氣柱，己知大氣壓強相當于高度為的水銀柱產(chǎn)生的壓強，環(huán)境溫度為300k。(ab管內(nèi)封入的空氣可視為理想氣體）(i)如果使玻璃管繞b點在豎直平面內(nèi)逆時針緩慢地轉(zhuǎn)動，并緩慢升高環(huán)境溫度，求ab管水平時，若要保持ab管內(nèi)空氣柱的長度不變，則溫度需要升高到多少？(ii)如果使玻璃管繞b點在豎直平面內(nèi)逆時針緩慢地轉(zhuǎn)動，并保持環(huán)境溫度不變，求ab管水平時，管內(nèi)空氣的壓強為多少？(水銀密度為，重力加速度為g)【答案】(i)450k (ii)1.4gl0【解析】【詳解】(i)設(shè)ab管水平時管內(nèi)氣體壓強：，由題意可知：ab管內(nèi)氣體做等容變化，由查理定律得，解得：t450 k；(ii)設(shè)ab管水平時，bc管內(nèi)水銀柱長度為x，ab管長l0，水銀柱總長l0，所以末態(tài)體積為xs，對ab中密閉氣體由玻意耳定律得，解得，所以ab管內(nèi)氣體的壓強為pp0xg，解得15.如圖所示，o點為簡諧橫波的波源振幅為5 cm的波從o點分別沿x軸向正方向和負方向傳播，oa=3 m，ob=4 m，oc=6 mt=0時，波源o由平衡位置開始豎