20XX-2019學(xué)年四川省棠湖實驗中學(xué)高二下學(xué)期期末考試理綜-物理試題

1、四川省棠湖中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期末考試理綜-物理試題?？荚図樌⒁馐马棧?、答題前，請先將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡上的相應(yīng)位置，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷類型A后的方框涂黑。2、選擇題的作答：每個小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。3、主觀題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不

2、按以上要求作答無效。4、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選修題答題區(qū)域的答案一律無效。5、保持卡面清潔，不折疊，不破損，不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。6、考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。1.下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（ ）A. 圖甲：普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成功解釋了光電效應(yīng)B. 圖乙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的C. 圖丙：盧瑟福通過分析粒子散射實驗結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和

3、中子D. 圖?。焊鶕?jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有粒子性【答案】B【解析】【詳解】A.普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，愛因斯坦成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，A錯誤B.波爾提出自己的原子模型，他指出氫原子能級是分立的，解釋了原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的，B正確C.盧瑟福通過分析粒子散射實驗結(jié)果，提出了自己的原子核式結(jié)構(gòu)模型，C錯誤D.衍射是波的典型特征，根據(jù)電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，說明電子具有波動性，D錯誤2.a、b、c三個物體在同一條直線上運動。它們的位移時間圖象如圖所示，其中a是一條頂點坐標為（0，10）的拋物線，下列說法正確的是（）A. b、c兩物體都做勻速直線運動，

4、兩個物體的速度相同B. 物體c的速度越來越大C. 物體a的加速度為0.4m/s2D. 在05s內(nèi)，a、b兩個物體間的距離逐漸變大【答案】D【解析】【詳解】A、位移圖象中傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，則知b、c兩物體都做勻速直線運動。由圖看出斜率看出，b、c兩圖線的斜率大小相等、正負相反，說明兩物體的速度大小相等、方向相反，速度不同，故A錯誤。B、位移圖象的斜率表示速度，c圖線的斜率不變，說明物體c的速度不變，故B錯誤。C、對于勻加速直線運動位移公式xv0tat2，可見，xt圖象是拋物線，所以物體a一定做勻加速直線運動,在05s內(nèi)a通過的位移為 x20m10m10m，將t5s，x10m代入x

5、at2，解得a0.8m/s2故C錯誤。D、t0時刻a、b從同一位置出發(fā)開始運動，a物體沿正方向運動，b物體沿負方向運動，在05s內(nèi)，a、b兩個物體間的距離逐漸變大，故D正確。3.如圖所示為一理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)比為，分別接有定值電阻和，且。原線圈接正弦交流電。電壓表為理想交流電壓表。則A. 電阻和消耗功率之比為1：1B. 電壓表和的示數(shù)之比為5：1C. 電壓表和的示數(shù)之比為6：1D. 原副線圈磁通量變化率之比為5：1【答案】C【解析】【詳解】設(shè)流過原線圈的電流為，流過副線圈的電流為，因。電阻和消耗功率之比，所以錯誤。電壓表的示數(shù)，電壓表的示數(shù)，所以，因此B錯誤，C正確。理想變壓器原副線

6、圈磁通量變化率相同，所以D錯誤。綜上所述，選項C正確。4.如圖,半圓球P和豎直擋板固定在水平面上擋板與P相切,光滑小球Q靜止在P和擋板之間。已知Q的質(zhì)量為m、P、Q的半徑之比為4:1,重力加速度大小為g。則Q對P的壓力大小為A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】對Q受力分析如圖所示設(shè)Q的半徑為r，由幾何關(guān)系得： 解得： 由平衡條件得： 解得：故選：B。5.如圖所示，電路中二極管為理想二極管，正向電阻為零，反向電阻無窮大，電源內(nèi)阻不能忽略，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，只改變下列一個條件能增大平行板電容器兩板間電場強度的是（）A. 增大平行板電容器兩板間距離B. 減小平行板電容器的正對面積

7、C. 將滑動變阻器的滑片向b端移動D. 斷開開關(guān)S【答案】C【解析】【詳解】A只增大兩板間的距離時，電容器的電容減小，因電壓不變，故電容器應(yīng)放電，但由于二極管有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，所以電容器的電量不變，增大板間距離時，根據(jù)推論可知，板間場強不變，故A錯誤；B減小平行板電容器的正對面積，電容器的電容減小，因電壓不變，故電容器應(yīng)放電，但由于二極管有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，所以電容器的電量不變，電壓不變，板間距不變，板間場強E=U/d不變，故B錯誤；C將滑動變阻器的滑片向b端移動，滑動變阻器電阻增大，分壓變大，電容器的電壓變大，板間場強變大，故C正確；D只斷開開關(guān)S，電容器不能放電，電容

8、器上的電量不變，故兩板間的電壓不變，板間場強不變，故D錯誤。6.如圖所示，輕桿可以繞O點自由轉(zhuǎn)動，兩輕繩AC和BC長度相同，A、B端固定在輕桿上，另一端系于C點懸掛重物m，ACB大于90°，某同學(xué)緩慢轉(zhuǎn)動輕桿將重物抬起，直到BC繩豎直的過程中，下列說法正確的是（）A. AC繩的拉力一直減小B. AC繩的拉力先增大后減小C. BC繩的拉力一直增大D. BC繩的拉力先增大后減小【答案】AD【解析】【詳解】對結(jié)點C進行受力分析，其受力如圖：C點受到重物的拉力mg，AC的拉力以及BC的拉力，由三力平衡的特點可知，AC與BC的拉力的合力與重物對C的拉力大小相等，方向相反。當B點逐漸升高的過程中

9、，AC與BC之間的夾角不變，重物對C的拉力方向始終向下，若以C點為圓心，以mg大小為半徑做一個圓，則AC與BC的合力的方向?qū)㈨槙r針轉(zhuǎn)動，如圖：由平行四邊形定則可知，AC的拉力與BC的拉力將如圖變化；可知拉力AC逐漸減小，而當AC的平行線與圓相切時（圖中得紅色線），拉力BC達到最大值，此后繼續(xù)抬高B點，則BC的拉力減小，所以整個的過程中BC的拉力先增大后減小。由以上的分析可知，AD正確，BC錯誤。7.如圖所示，真空中有兩個點電荷Q1、Q2分別固定在x軸上的x1=0和x2的位置上。將一試探電荷q放置在x0處恰好靜止?，F(xiàn)將Q2的固定點左移少許距離，將該試探電荷q仍放置在x0處，則A. 試探電荷q一定

10、向右運動B. 試探電荷q所受電場力一定向左C. 電場力對試探電荷一定是先做正功D. 試探電荷的電勢能一定是先減小【答案】CD【解析】分析】開始時，x0點場強為零；當移動Q2后x0點的場強不再為零，則電荷放置在該點時不再平衡，要發(fā)生移動，電場力做正功，電勢能減小；【詳解】將一試探電荷q放置在x0處恰好靜止，說明x0點的場強為零，即Q1在x0處產(chǎn)生的場強與Q2在x0處產(chǎn)生的場強等大反向；將Q2的固定點左移少許距離，則Q2在x0處產(chǎn)生的場強減小，x0處的合場強不再等于零，但是由于不知道Q1和Q2的電性，則不知道合場強的方向，則將該試探電荷q仍放置在x0處時，不能判斷它受力的方向以及運動的方向，但是可

11、知電場力對試探電荷一定是先做正功，電勢能先減小，選項AB錯誤，CD正確；故選CD.8.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為m的圓環(huán)相連，圓環(huán)套在傾斜的粗糙固定桿上，桿與水平面之間的夾角為，圓環(huán)在A處時彈簧豎直且處于原長。將圓環(huán)從A處由靜止釋放，到達C處時速度為零。若圓環(huán)在C處獲得沿桿向上的速度v，恰好能回到A。已知ACL，B是AC的中點，彈簧始終在彈性限度之內(nèi)，重力加速度為g，則（ ）A. 下滑過程中，其加速度先減小后增大B. 下滑過程中，環(huán)與桿摩擦產(chǎn)生熱量為mv2C. 從C到A過程，彈簧對環(huán)做功為mgLsinmv2D. 環(huán)經(jīng)過B時，上滑的速度小于下滑的速度【答案】AC【解析】【詳解】A

12、環(huán)由A到C，初速度和末速度均為0，環(huán)先加速后減速，加速度先減小后增大，選項A正確；BC環(huán)由A到C，有mgLsinEpCQ，環(huán)由C到A，有EpCQmgLsin mv2，解得Q mv2，EpCmgLsinmv2，選項C正確，B錯誤；D由功能關(guān)系可知，圓環(huán)由A下滑至B，有mghWfW彈mvB20，圓環(huán)由B上滑至A，有mghWfW彈0mvB2，故可知，環(huán)經(jīng)過B時，上滑的速度大于下滑的速度，選項D錯誤。三、非選擇題： （一）必考題： 9.某實驗小組利用下圖甲所示器材測量滑塊與木板之間的動摩擦因素。 實驗步驟：用彈簧秤測量橡皮泥和滑塊的總重力，記作G；將裝有橡皮泥滑塊放在水平木板上，通過水平細繩和固定彈簧

13、秤相連，如圖所示。在A端向右水平拉動木板，待彈簧秤示數(shù)穩(wěn)定后，將讀數(shù)記作F；改變滑塊上橡皮泥的質(zhì)量，重復(fù)步驟；實驗數(shù)據(jù)如下表所示： 次數(shù)力123456G/N1.502.002.503.003.504.00F/N0.590.830.991.221.371.61（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙坐標紙上作出FG圖線_。（2）由圖線求得滑塊和木板間的動摩擦因數(shù)_(保留兩位有效數(shù)字)。（3）在A端向右水平拉動木板速度的大小對動摩擦因數(shù)的測量_（選填“會”或“不會”）產(chǎn)生影響?！敬鸢浮?(1). （1）Failed to download image : null； (2). （2）0.390.41 (3). （

14、3）不會【解析】【詳解】（1）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在坐標紙上作出F-G圖線。如圖所示。（2）由題意可知，穩(wěn)定時，彈簧秤的示數(shù)等于滑塊與木板間的滑動摩擦力，根據(jù) 知，圖線的斜率等于滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，則 。（3）滑動摩擦力與相對速度無關(guān)，則在A端向右水平拉動木板速度的大小對動摩擦因數(shù)的測量不會產(chǎn)生影響。10.某同學(xué)要測量一導(dǎo)體的電阻，步驟如下：(1)先用歐姆表粗測該導(dǎo)體的電阻值，選擇“×1”檔，進行歐姆調(diào)零后，測量時表盤示數(shù)如圖，該電阻阻值R=_；(2)現(xiàn)用伏安法更精確地測量其電阻R，要求測量數(shù)據(jù)盡量精確，可供該同學(xué)選用的器材除開關(guān)、導(dǎo)線、待測電阻R外還有：A.電壓表V(量程015

15、V,內(nèi)阻未知)B.電流表A1(量程0200 mA，內(nèi)阻r1=6)C電流表A2(量程03 A，內(nèi)阻r2= 0.1)D.滑動變阻器R1(010，額定電流2A)E.滑動變阻器R2(01k，額定電流0.5A)F.定值電阻R3(阻值等于2)G電源E(E12V，內(nèi)阻不計)實驗中除了選擇器材A、F、G外，還應(yīng)選擇_（填寫器材前面的字母）；請在方框中畫出實驗電路圖_：某次測量中，所選擇的電流表和電壓表的讀數(shù)為I、U，該電阻R=_（用題中物理量的字母表示）；【答案】 (1). 15 (2). BD (3). (4). 【解析】【詳解】（1）根據(jù)歐姆表讀法，電阻=示數(shù)×倍率，所以為15；（2）選器材就是

16、選擇電流表和滑動變阻器，由電動勢12V除以待測電阻大約15，得到通過待測電阻的最大電流為0.8A，所以A2表3A的量程過大，因此選A1表，即B項；滑動變阻器阻值1k過大，阻值利用效率過低，所以選擇小滑動變阻器D?？刂撇糠郑菏褂梅謮菏浇臃?；待測部分：由于A1表量程不足0.8A，故需要改表，需要并聯(lián)一個阻值為R3=2的定值電阻，為了精確測量，需要使用電流表內(nèi)接法。電路如圖；根據(jù)電路連接，通過R的電流為： ，則電阻R大小為11.如圖1所示，光滑絕緣斜面的傾角=30°，整個空間處在電場中，取沿斜面向上的方向為電場的正方向，電場隨時間的變化規(guī)律如圖2所示。一個質(zhì)量m=0.2kg，電量q=1&#

17、215;105C的帶正電的滑塊被擋板P擋住，在t=0時刻，撤去擋板P。重力加速度g=10m/s2，求：(1)04s內(nèi)滑塊的最大速度為多少?(2)04s內(nèi)電場力做了多少功?【答案】（1）20m/s（2）40J【解析】【分析】對滑塊受力分析，由牛頓運動定律計算加速度計算各速度?！驹斀狻俊窘狻?l)在02 s內(nèi)，滑塊的受力分析如圖甲所示，電場力F=qE解得 在2 -4 s內(nèi)，滑塊受力分析如圖乙所示解得因此物體在02 s內(nèi)，以的加速度加速，在24 s內(nèi)，的加速度減速，即在2s時，速度最大由得， (2)物體在02s內(nèi)與在24s內(nèi)通過的位移相等通過的位移在02 s內(nèi)，電場力做正功 -在24 s內(nèi)，電場力做

18、負功電場力做功W=40 J12.如圖所示、兩根足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.9m，與水平面夾角=30°，正方形區(qū)域abcd內(nèi)有勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=2T，方向垂直與斜面向上，甲、乙是兩根質(zhì)量相同、電阻均為R=4.86的金屬桿，垂直于導(dǎo)軌放置。甲置于磁場的上邊界ab處，乙置于甲上方l處，現(xiàn)將兩金屬桿由靜止同時釋放，并立即在甲上施加一個沿導(dǎo)軌方向的拉力F，甲始終以a=5m/s2的加速度沿導(dǎo)軌勻加速運動，乙進入磁場時恰好做勻速運動，g=10m/s2。計算：(1)每根金屬桿的質(zhì)量m；(2)拉力F的最大值；(3)乙到達磁場下邊界時兩桿間的距離及乙穿過磁場的過程中電路產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?/p>

19、1）0.2kg（2）1N（3）0.225m；0.9J【解析】【分析】（1）由題意乙進入磁場前做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)運動公式求解進入磁場的速度；乙進入磁場后做勻速直線運動，由平衡條件可求解每根金屬棒的質(zhì)量；（2）因甲乙下滑的加速度相等，可知當甲在磁場中滑動時，乙還未進入磁場，根據(jù)牛頓第二定律列出F的表達式，甲做勻加速直線運動，v逐漸增大，拉力F逐漸變大；則當甲滑到cd位置時導(dǎo)體棒的速度最大，F(xiàn)最大；（3）甲出離磁場后做勻加速運動；乙在磁場中做勻速運動，由運動公式求解乙到達磁場下邊界時兩桿間的距離；乙穿過磁場過程產(chǎn)生的熱量等于乙機械能的減小量：【詳解】（1）

20、由題意得：乙進入磁場前做初速度為零的勻加速直線運動，加速度： =10×sin30°=5m/s2； 乙進入磁場時的速度：=3m/s乙進入磁場后做勻速直線運動，由平衡條件得：解得：m=0.2kg（2）因甲乙下滑的加速度相等，可知當甲在磁場中滑動時，乙還未進入磁場，則甲在磁場中受到的安培力：由牛頓第二定律可得： 甲做勻加速直線運動，逐漸增大，拉力逐漸變大；則當甲滑到cd位置時導(dǎo)體棒的速度最大，F(xiàn)最大，此時甲的速度，則代入數(shù)據(jù)解得：F=1N（3）乙從進入磁場到到達磁場下邊界的時間； 當乙進入磁場時，甲剛好出離磁場，速度為v=3m/s，甲出離磁場后的加速度仍為5m/s2，則t=0.3

21、s內(nèi)的位移 ，則此時甲乙兩棒相距 乙穿過磁場過程產(chǎn)生的熱量等于乙機械能的減小量：物理選修3-3 13.密閉的固定容器內(nèi)可視為理想氣體的氫氣溫度與外界空氣的溫度相同，現(xiàn)對該容器緩慢加熱，當容器內(nèi)的氫氣溫度高于外界空氣的溫度時，則A. 氫分子的平均動能增大B. 氫分子的勢能增大C. 氫氣的內(nèi)能增大D. 氫氣的內(nèi)能可能不變E. 氫氣的壓強增大【答案】ACE【解析】【詳解】溫度升高，則氫分子的平均動能增大，選項A正確；理想氣體的分子勢能為零，選項B錯誤； 一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，則氫氣的內(nèi)能增大，選項C正確，D錯誤；氣體的體積不變，溫度升高，根據(jù)PV/T=C可知，氫氣的壓強增大，選項E正

22、確；故選ACE.14.如圖所示在絕熱氣缸內(nèi)，有一絕熱活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，開始時缸內(nèi)氣體溫度為27，封閉氣柱長為9 cm，活塞橫截面積S50 cm2?，F(xiàn)通過氣缸底部電阻絲給氣體加熱一段時間，此過程中氣體吸熱22 J，穩(wěn)定后氣體溫度變?yōu)?27。已知大氣壓強等于105 Pa，活塞與氣缸間無摩擦，不計活塞重力。求：加熱后活塞到氣缸底部的距離；此過程中氣體內(nèi)能改變了多少?！敬鸢浮?2cm 7J【解析】【詳解】取封閉的氣體為研究對象，開始時氣體的體積為L1S溫度為：T1=273+27=300K末狀態(tài)的體積為L2S，溫度為：T2=273+127=400K氣體做等壓變化，則 解得：L2=12cm 在該過程中，氣體對外做功 由熱