2020屆安徽阜陽(yáng)高三上學(xué)期期末物理試卷

1、2019-2020學(xué)年安徽省阜陽(yáng)市高三（上）期末物理試卷、單選題（本大題共5小題，共30.0分）1.如圖所示，粗糙的固定斜面上放有一小物塊物塊上的輕繩a豎直，輕繩b與斜面平行。（視為質(zhì)點(diǎn)），連接在關(guān)于物塊受力，下列分析正確的是（A.繩a對(duì)物塊一定有作用力力C.斜面對(duì)物塊一定有作用力B.繩b對(duì)物塊一定有作用D.物塊可能受到4個(gè)力作用2.用頻率為V0的單色光照射某金屬表面時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為光速為c,要使此金屬發(fā)生光電效應(yīng)，所用入射光的波長(zhǎng)應(yīng)不大于（Ekm,已知普朗克常量為）h,A.B.C.hi"%V0的速度豎直向上拋出一物體，經(jīng)時(shí)間物體落回拋出點(diǎn)。已知該星球的半徑為大小為（）

2、R,該星球沒(méi)有大氣層，也不自轉(zhuǎn)。則該星球的第一宇宙速度A.B-C.3 .我國(guó)計(jì)劃在2030年之前制造出可水平起飛、水平著陸并且可以多次重復(fù)使用的空天飛機(jī)。假設(shè)一航天員乘坐空天飛機(jī)著陸某星球后，由該星球表面以大小為4 .一質(zhì)量為0.5kg的物塊沿直線運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間（v-t）圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（A.0.25s時(shí)的速度方向與1.25s時(shí)的速度方向相反B. 1.5s末受到的合力為0C. 00.5s內(nèi)合力做的功為D.前2s的平均速度大小為5.如圖所示，一帶電粒子從0.5J0.75m/sy軸上的a點(diǎn)以某一速度平行于x軸射入圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，該區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0

3、,粒子從x軸上b點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí)，速度方向與x軸正方向夾角為60,坐標(biāo)原點(diǎn)O在圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的邊界上，不計(jì)粒子重力，若只把勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小改為某一確定值，使粒子經(jīng)過(guò)Ob的中點(diǎn)后射出磁場(chǎng)，則改變后的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（A.B0B.C.2B0D.4B0二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）6 .圖為某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線，一帶負(fù)電的粒子（可以看成點(diǎn)電荷）只受電場(chǎng)力作用，從A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，用Ek、v、x和t分別表示粒子的動(dòng)能、速度、位移和運(yùn)動(dòng)時(shí)間，則下列圖象可能正確的是（）7 .理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1,副線圈接有電阻Ri、二極管D和電阻R2,電路如圖所示,變壓器原線圈接正弦交變電

4、流，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)原線圈中交變電流電壓最大值不變而頻率增大時(shí)，Ri消耗的功率不變8 .當(dāng)原線圈中交變電流電壓最大值不變而頻率增大時(shí)，Ri消耗的功率增大C.當(dāng)原線圈接e=40sin100tV）交變電流時(shí)，R2上電壓的有效值為4VD.當(dāng)原線圈接e=40sin100t7t（V）交變電流時(shí)，R2上電壓的有效值為姬V8.如圖所示，a、b、c分別為固定豎直光滑圓弧軌道的右端點(diǎn)、最低點(diǎn)和左端點(diǎn)，Oa為水平半徑，c點(diǎn)和圓心O的連線與豎直方向的夾角a=53°,現(xiàn)從a點(diǎn)正上方的P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量m=1kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球經(jīng)圓弧軌道飛出后以水平速度v=3m/s通過(guò)Q點(diǎn)，已知圓弧軌道

5、的半徑R=1m,取重力加速度g=10m/s2,sin53=0.8,cos53°=0.6,不計(jì)空氣阻力，下列分析正確的是（）A.小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中重力所做的功為4.5J8 .P、a兩點(diǎn)的高度差為0.8mC.小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)的速度大小為4m/sD.小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為43N三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）9 .某同學(xué)利用如圖甲所示裝置探究合力做功與動(dòng)能變化之間的關(guān)系，通過(guò)改變懸掛鉤碼的質(zhì)量M改變小車所受合力大小，力傳感器示數(shù)用F表示，鉤碼每次從同一位置由靜止釋放落到墊臺(tái)上，由豎直放置的刻度尺測(cè)出釋放點(diǎn)離墊臺(tái)的高度h,由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和紙帶記錄小車的運(yùn)動(dòng)，實(shí)驗(yàn)

6、時(shí)，保證小車的質(zhì)量m不變，逐次增加鉤碼的質(zhì)量，打下紙帶，測(cè)量并記錄相關(guān)數(shù)據(jù)（1）本實(shí)驗(yàn)（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力。（2）正確操作后，小車受到的合力做的功可表示為（用題中所給字母表示），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電流的頻率是50Hz,圖乙是某次實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶，紙帶上相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打出的點(diǎn)未畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離在圖中已標(biāo)出，由紙帶可知鉤碼落到墊臺(tái)時(shí)小車的速度為m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，以v2為橫軸，以力傳感器示數(shù)F為縱軸，畫出一條傾斜直線如圖丙所示，該圖象斜率為k,若余率k=,則合力做的功等于物體動(dòng)能的變化。10 .老師給某小組同學(xué)一只量程為2V的電壓表（

7、內(nèi)阻約為50kQ）和一只099.99也阻箱R,同時(shí)給了該小組同學(xué)一只電動(dòng)勢(shì)標(biāo)稱值為1.5V的舊干電池和一只阻值在110范圍內(nèi)的待測(cè)電阻R。，讓同學(xué)們探究測(cè)該節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻和電阻R0的阻值的方法，同學(xué)們經(jīng)過(guò)討論決定用圖甲所示的電路來(lái)測(cè)量。（1）先測(cè)電阻R0：閉合S1,將S2切換到a,為了減小誤差，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)為V（選填“0.1”“0.7”或“1.4”）左右時(shí)，讀出電壓表的示數(shù)U1和電阻箱的示數(shù)R1,保持電阻箱阻值不變；（填寫一重要實(shí)驗(yàn)步驟），讀出電壓表的示數(shù)U2,則待測(cè)電阻的阻值R0=（用Ui、U2和Ri表示）。（2）該小組經(jīng)過(guò)（1）的測(cè)量，測(cè)得待測(cè)電阻阻值Ro=3.18謔

8、后，繼續(xù)測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)步驟為：閉合Si,將S2切換到a,多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R與電壓表的示數(shù)U,用測(cè)得的數(shù)據(jù)繪出器圖象如圖乙所示，則該干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V、內(nèi)阻r=Q.（結(jié)果均保留位有效數(shù)字）四、計(jì)算題（本大題共3小題，共47.0分）11 .阜陽(yáng)高鐵于2019年12月1日正式通車，據(jù)了解，從阜陽(yáng)到合肥約1小時(shí)，高鐵在改變阜陽(yáng)市居民出行和生活方式方面的作用初步顯現(xiàn)，某高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作在水平面上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，列車的加速度大小為a,已知該列車(含乘客)的質(zhì)量為m,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力為其所受重力的k倍，重力加速度大小為g,求列車從靜止開始到速度

9、大小為v的過(guò)程中。(1)列車運(yùn)動(dòng)的位移大小及運(yùn)動(dòng)時(shí)間；(2)列車牽引力所做的功。12 .如圖甲所示，質(zhì)量m=1kg的小滑塊(視為質(zhì)點(diǎn))，從固定的四分之一光滑圓弧軌道的最高點(diǎn)A由靜止滑下，經(jīng)最低點(diǎn)B后滑上位于水平面的木板，并恰好不從木板的右端滑出，已知木板質(zhì)量M=4kg,上表面與圓弧軌道相切于B點(diǎn)，木板下表面光滑，滑塊滑上木板后運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示，取g=10m/s2,求：(1)圓弧軌道的半徑及滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小;(2)滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)及木板的長(zhǎng)度。13 .如圖所示，豎直平面內(nèi)兩水平虛線間存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，自距離電場(chǎng)上邊界高為h處的A點(diǎn)將質(zhì)量為m、電荷

10、量分別為q和-q(q>0)的帶電小球M、N先后均以速度vo沿平行于電場(chǎng)方向拋出，小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開，已知M在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，N離開電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。(1)求電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?2)求電場(chǎng)上、下邊界間的距離；(3)若把電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小增大到原來(lái)的2倍，其他條件不變，求兩小球從電場(chǎng)下邊界射出時(shí)射出點(diǎn)間的距離。加->答案和解析1 .【答案】D【解析】解：AB、如果物塊受到重力、支持力和摩擦力作用處于平衡狀態(tài)，則繩a、b對(duì)物塊沒(méi)有作用力，故AB錯(cuò)誤。C、如果繩子a的拉力大小等于物塊的重力，則斜面對(duì)物塊沒(méi)有

11、作用力，故C錯(cuò)誤。D、如果b繩的拉力等于0,a的拉力小于物塊的重力，則物塊受到重力、a繩子的拉力、斜面的支持力和摩擦力4個(gè)力作用；也可能是a的拉力為零，受到重力、b繩子的拉力、斜面的支持力和摩擦力4個(gè)力作用，故D正確。故選：Do繩a、b對(duì)物塊都有可能沒(méi)有作用力；斜面又物塊有可能沒(méi)有作用力；a和b繩的拉力都可能等于0,物塊可能受到4個(gè)力的作用。對(duì)于物體的受力分析，解題方法是：確定研究對(duì)象，首先分析重力，再分析接觸面的彈力和摩擦力，最后分析非接觸力（電場(chǎng)力或磁場(chǎng)力），只分析物體受到的力，不分析物體對(duì)外施加的力。2 .【答案】A【解析】解：用頻率為v的光照射某種金屬時(shí)會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，且光電子最大初動(dòng)

12、能為E,根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ekm=hV-W,而W=hvo,則該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率為：V0=v-',那么所用入射光的極限波長(zhǎng)為：為=冷，因此所用入射光的波長(zhǎng)應(yīng)不大于故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：Ao根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W,而W=hV0,從而即可求出極限頻率，進(jìn)而求出極限波長(zhǎng)。該題考查光電效應(yīng)方程的內(nèi)容，及理解極限頻率與逸出功的關(guān)系，并掌握極限波長(zhǎng)與極限頻率的關(guān)系。3 .【答案】A【解析】解：根據(jù)小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間關(guān)系可知，t/j,所以星球表面的重力加速度星球表面重力與萬(wàn)有引力相等，mg=,近地衛(wèi)星的軌道半徑為R,由萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有：年，聯(lián)立解得該星球

13、的第一宇宙速度v=J7,故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：Ao根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)求星球表面的重力加速度，第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力求解即可。重力加速度g是天體運(yùn)動(dòng)研究和天體表面宏觀物體運(yùn)動(dòng)研究聯(lián)系的物理量。本題要求學(xué)生掌握兩種等式：一是物體所受重力等于其吸引力；二是物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)其向心力由引力提供。4 .【答案】D【解析】解：A、由圖象知，0.25s時(shí)的速度方向與1.25s時(shí)的速度方向都為正方向，方向相同，故A錯(cuò)誤。B、由圖象知，1.5s末的斜率不為零，則加速度不為零，所以合力不為零，故B錯(cuò)誤。C、由動(dòng)能定理知，00.5s內(nèi)合力做的功W=nv2-0=私522J

14、=1J,故C錯(cuò)誤。D、由圖象的面積表示位移知，前2s的位移x=x(0.5+1.5)X2m->0.52m=1.5m,前2s的平均速度.=；m/s=0.75m/s,故D正確。故選：Dov-t圖象中在橫軸上方表示方向?yàn)檎较?，在橫軸下方表示方向?yàn)樨?fù)方向，斜率表示加速度，面積表示位移，根據(jù)動(dòng)能定理可求得合力做的功。本題考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用，關(guān)鍵要掌握v-t圖象中斜率，面積等表示的含義來(lái)解答。5 .【答案】B【解析】解：設(shè)Ob長(zhǎng)度為2L。粒子從x軸上b點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí)，畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖,一一_扎由幾何知識(shí)：R=由洛倫茲力提供向心力，得：qB0v=m所以：Bo=絆；根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得Oa=R-R

15、cos60。卷若只把勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小改為某一確定值，使粒子經(jīng)過(guò)Ob的中點(diǎn)后射出磁場(chǎng)，如圖所示;根據(jù)幾何關(guān)系可得解得：r=r2=(Oa-r)2+L2,由洛倫茲力提供向心力，得:qBv=m所以：B=所以=.所以B=B0,故B正確、ACD錯(cuò)誤。故選：Bo畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。該題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，正確地畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系找出半徑與已知量之間的關(guān)系是解題的關(guān)鍵。6 .【答案】BD【解析】解、AB、由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱可知，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小，則粒子在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小，所以粒

16、子在A點(diǎn)的加速度?。挥捎诓恢离妶?chǎng)線的方向，所以粒子在電場(chǎng)中可能做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，有可能做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，而v-t圖線的斜率表示加速度的大小，比較可知，A錯(cuò)誤，B正確；CD、根據(jù)動(dòng)能定理：FAx=W=AEk,可知Ek-x圖線的斜率表示粒子受到的電場(chǎng)力得大小，粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)受到的電場(chǎng)力逐漸增大，所以斜率逐漸增大，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：BD。根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布，可確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與大小以及變化情況，根據(jù)電荷在電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力可知加速度大小的變化，從而判斷v-t圖象；由電荷的電性與電勢(shì)高低來(lái)確定電勢(shì)能的變化以及粒子動(dòng)能的變化。本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，并根據(jù)電場(chǎng)線來(lái)確定

17、加速度，速度，電勢(shì)及電勢(shì)能如何變化，注意電場(chǎng)線的方向是未知的，以及圖象含義的應(yīng)用是關(guān)鍵。7 .【答案】AC【解析】解：AB、當(dāng)原線圈中交變電流電壓最大值不變而頻率增大時(shí)，變壓器的匝數(shù)不變，輸出電壓不變，則Ri消耗的功率不變，故A正確，B錯(cuò)誤。CD、當(dāng)原線圈接e=40sin100tV)交變電流時(shí)，原線圈車入電壓最大值為Ui=40V,根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓最大值為W2=i=8V,二極管具有單向?qū)щ娦裕鶕?jù)電流的熱效應(yīng)求解通過(guò)以上電壓的有效值，產(chǎn)|工I)產(chǎn)I.提丁，解得通過(guò)電阻R2上電壓的有效值為U=4V,故C正確，D錯(cuò)誤。RZpI故選：AC。根據(jù)理想變壓器的構(gòu)造和原理可知，輸入電壓不變，匝

18、數(shù)不變，則輸出電壓不變，電阻Ri消耗的功率不變。根據(jù)電流的熱效應(yīng)求解通過(guò)電阻R2上電壓的有效值。本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理以及有效值的求解，解題的關(guān)鍵是明確二極管具有單向?qū)щ娦?，求解有效值利用電流熱效?yīng)。8 .【答案】AD【解析】解：ABC、小球c到Q的逆過(guò)程做平拋運(yùn)動(dòng)，在c點(diǎn)，則有：小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)的速度大小vc=蔡而f,m/s=5m/s,小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)豎直分速度大小vcy=vtana=3r¥s=4m/s則Q、c兩點(diǎn)的高度差h='2：=m=0.8mo2g2x10(設(shè)P、a兩點(diǎn)的高度差為H,從P到c,由機(jī)械能守恒得mg(H+Rcos&=巾/，解得H=0.65m小球

19、從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中重力所做的功為W=mg(H+Rcos&-h=1M0漢(0.65+1>0.6)-0.8J=4.5J,故A正確，BC錯(cuò)誤。D、從P至ijb,由機(jī)械能守恒定律得mg(H+R)=團(tuán)以小球在b點(diǎn)時(shí)，有N-mg=m'-聯(lián)立解得N=43N,根據(jù)牛頓第三定律知，小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為43N,故D正確。故選：AD。采用逆向思維，小球c到Q的逆過(guò)程做平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平行四邊形定則得出小球在c點(diǎn)的速度和豎直分速度，從而求得Q、c兩點(diǎn)的高度差。從P到c,由機(jī)械能守恒定律求出P、a兩點(diǎn)的高度差，即可求得小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中重力所做的功。根據(jù)機(jī)械能守恒求出小

20、球通過(guò)b點(diǎn)的速度，在b點(diǎn)，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求小球?qū)壍赖膲毫?。本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)、機(jī)械能守恒定律和圓周運(yùn)動(dòng)的綜合運(yùn)用，要知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，找到圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源是解決本題的關(guān)鍵。9 .【答案】需要2Fh0.75攝【解析】解：(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)為保證細(xì)線拉力等于彈簧的彈力，實(shí)驗(yàn)必須平衡小車受到的摩擦力，小車合力才能確定為繩的拉力。(2)小車合外力大小為彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)F,小車位移為鉤碼下落高度2倍，小車的合外力做的功是2Fh。由紙帶數(shù)據(jù)可知小車第5點(diǎn)后勻速運(yùn)動(dòng)，獲得最后動(dòng)能，因?yàn)榇螯c(diǎn)頻率為50Hz,打點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s,故有：Iv=；m/s=0.75m/s(3)小車合外

21、力做功等于動(dòng)能增加量，即為：I22Fh中才解得：F=g-If其斜率k=*則合外力做功等于動(dòng)能變化。故答案為：(1)需要；(2)2Fh,0.75;(3)0(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)為保證細(xì)線拉力等于彈簧的彈力，實(shí)驗(yàn)前必須平衡小車受到的摩擦力。(2)根據(jù)做功公式求解實(shí)驗(yàn)中小車的合力做的功，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解速度。(3)根據(jù)動(dòng)能定理寫出合外力的功與速度平方的表達(dá)式，結(jié)合圖象分析斜率意義。本題考查了探究功與速度變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，處理實(shí)驗(yàn)時(shí)一定要找出實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理我們可以尋找需要測(cè)量的物理量和需要注意的事項(xiàng)。10 .【答案】0.7將S切換到b-i1.432.82【解析】解：(1)因量程為2V,則示數(shù)在中

22、間刻度左右時(shí)較準(zhǔn)確，則使電壓表的示數(shù)為0.7V左右時(shí)，讀S切換到b,讀出電壓表的示數(shù)U2,據(jù)出電壓表的示數(shù)Ui和電阻箱的示數(shù)R,保持電阻箱阻值不變；將歐姆定律：%=囁/，則待測(cè)電阻的阻值(2)由閉合電路歐姆定律得：E=U+；(R°+r)得：泊+華由圖象得：(=070得E=V=1.43V竿'=K=J：1代入E=1.43VR=3.18得r=2.82故答案為：(1)0.7將S切換到b塔丹(2)1.432.82(1)由串聯(lián)電路的電壓與電阻的關(guān)系可測(cè)量出待測(cè)電阻的阻值Ro(2)由閉合電路歐姆定律得出1-的函數(shù)關(guān)系，結(jié)合圖象求得電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻。明確利用圖線進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時(shí)，只要寫出縱橫坐標(biāo)所

23、代表物理量之間的函數(shù)關(guān)系及可明確斜率以及截距的物理意義。11 .【答案】解：(1)由速度位移的關(guān)系式得：v2=2ax解得列車運(yùn)動(dòng)的位移為：x=E|由速度公式得：v=at解得：t=(2)由動(dòng)能定理得：W-kmgx=4：.?-0解得：W=(kg+a)答：(1)列車運(yùn)動(dòng)的位移大小是運(yùn)動(dòng)時(shí)間是。2d.(2)列車牽引力所做的功是F(kg+a)?！窘馕觥?1)列車做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由速度位移的關(guān)系式和速度公式可分別求得列車運(yùn)動(dòng)的位移大小及運(yùn)動(dòng)時(shí)間；(2)根據(jù)動(dòng)能定理可求得牽引力所做的功。本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理的應(yīng)用，只要明確列車的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，靈活選擇規(guī)律求解即可。12 .【答案】解：(1

24、)由圖乙可知，滑塊剛滑上木板時(shí)的速度大小v=10m/s,滑塊在光滑圓弧軌道下滑的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得I2mgR=-mv解得R=5m滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)，由牛頓第二定律得F-mg=m解得F=30N根據(jù)牛頓第三定律知，滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為30N。(2)滑塊在木板上滑行時(shí)，木板與滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mv=(m+M)v'解得v'=2m/s滑塊在木板上滑行過(guò)程，由動(dòng)量定理得-(jmgt=mv,-mv由圖知t=2s解得尸0.4由能量守恒得mv2-(m+M)v'2=mgl解得l=10m答：30N;(1)圓弧軌道的半徑是5m,滑塊滑到圓弧軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小是(2)滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)及木板的長(zhǎng)度是10m?！窘馕觥?1)由圖乙可知，滑塊剛滑上木板時(shí)的速度大小v=10m/s,研究滑塊在光滑圓弧軌道下滑的過(guò)程,根據(jù)機(jī)械能守恒定律求圓弧軌道的半徑?；瑝K滑到圓弧軌道末端時(shí)，由牛頓第二定律求出軌道對(duì)滑塊的支持力，從而得到滑塊對(duì)軌道的壓力大小。(2)滑塊在木板上滑行時(shí)，木板與滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出滑塊恰好不從木板的右端滑出時(shí)的共同速度，由動(dòng)量定理求動(dòng)