【精?！?020年全國(guó)高考一模試卷新課標(biāo)Ⅰ卷物理

1、2020年全國(guó)高考一模試卷（新課標(biāo)I卷）物理一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。1. （6分）2020年中國(guó)散裂中子源（CSNS將迎來驗(yàn)收，目前已建設(shè)的3臺(tái)譜儀也將啟動(dòng)首批實(shí)驗(yàn)。有關(guān)中子的研究，下列說法正確的是（）A.Th核發(fā)生一次a衰變，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了4B.一個(gè)笊核和一個(gè)瓶核經(jīng)過核反應(yīng)后生成氨核和中子是裂變反應(yīng)C.盧瑟福通過分析a粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D.中子和其他微觀粒子，都具有波粒二象性解析：Aa衰變的

2、本質(zhì)是發(fā)生衰變的核中減小2個(gè)質(zhì)子和2個(gè)中子形成氨核，所以一次a衰變，新核與原來的核相比，中子數(shù)減小了2,故A錯(cuò)誤；B裂變是較重的原子核分裂成較輕的原子核的反應(yīng)，而該反應(yīng)是較輕的原子核的聚變反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C盧瑟福通過分析a粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，查德威克通過a粒子轟擊鍍核獲得碳核的實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了中子，故C錯(cuò)誤；D所有粒子都具有波粒二象性，故D正確。答案：D2. （6分）如圖所示，在距地面高為h=0.4m處，有一小球A以初速度v。水平拋出如圖甲所示，與此同時(shí)，在A的右方等高處有一物塊B以大小相同的初速度V0沿傾角為45。的光滑斜面滑下如圖乙所示，若A、B同時(shí)到達(dá)地面，A、B均可看

3、作質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度g取10m/s2,則V0的大小是（）乙A.1m/s8. .2m/sC.2m/sD.22m/s1解析：A做平拋運(yùn)動(dòng)，由h=-2B在斜面下滑的加速度為:mgsin45a=gsin45=根據(jù)V2h=V0t+1at/W#：V0=1y/gh=1J10041m/s。故A正確，BCD昔誤。222答案：A3. （6分）2020年12月8日消息，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)土衛(wèi)六上有大量的碳?xì)浠衔铮鹊厍蛏系氖秃吞烊粴舛鄮装俦?。土衛(wèi)六和土衛(wèi)五繞土星的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，土衛(wèi)六質(zhì)量、直徑、距土星中心的距離都比土衛(wèi)五的這三個(gè)量大,兩衛(wèi)星相比，土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)的（）A.周期較大B.線速度較大

4、C.角速度較大D.向心加速度較大解析：A、土星的衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有:MmG-2r42=m=r,T2解得：丁=2兀，3rGm土衛(wèi)六距土星中心的距離比土衛(wèi)五距土星中心的距離大,正確；故土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)周期大，故2MmvB根據(jù)G=m-,解得：v=rrGmr土衛(wèi)六距土星中心的距離比土衛(wèi)五距土星中心的距離大,B錯(cuò)誤；故土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)線速度小,C根據(jù)GM；=mo2r,解得：3=rGm土衛(wèi)六距土星中心的距離比土衛(wèi)五距土星中心的距離大,C錯(cuò)誤；故土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)角速度小,MmGmD根據(jù)G=ma解彳導(dǎo):a=,rr土衛(wèi)六距土星中心的距離比土衛(wèi)五距土星中心的距離大,故D錯(cuò)

5、誤。答案：A故土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)向心加速度小,4.（6分）理想變壓器原線圈接如圖甲所示的正弦交變電壓，變壓器原線圈匝數(shù)ni=270匝,P是副線圈上的滑動(dòng)觸頭，當(dāng)P處于圖乙所示位置時(shí)，副線圈連入電路的匝數(shù)降=135匝，電容器C恰好不被擊穿，燈泡L恰能正常發(fā)光，R是滑動(dòng)變阻器。以下判斷正確的是（）必2A.若向下移動(dòng)P,電容器的電荷量增加B.若保持P不動(dòng)，向下移動(dòng)R的滑片，燈泡變暗C.若保持R的滑片不動(dòng)，向下移動(dòng)巳燈泡變亮D.電容器的擊穿電壓為11<2V解析：A、原線圈輸入電壓的有效值U1Um22V當(dāng)P位移題圖乙所示位置，副線圈電壓的有效值為U2n2.，、一.、，U111V,電容器C恰好不被n1

6、擊穿，若向下移動(dòng)巳電容器c兩端的電壓減小,故A錯(cuò)誤；有Q=cu知，電容器所帶的電荷量減小,日若彳持P不動(dòng)，向下移動(dòng)R的滑片，R接入電路的電阻減小，流過燈泡的電流增大，燈泡變亮，故B錯(cuò)誤；C若彳持R的滑片不動(dòng)，向下移動(dòng)P,則副線圈的電壓變小，燈泡變暗，故D電容器擊穿電壓的最大值U'J2U111VV,故D正確。答案：DC錯(cuò)誤;5.（6分）如圖所示，在矩形abdc區(qū)域中有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E,某種正粒子（不計(jì)粒子的重力）從。點(diǎn)以初速度v0水平射入后偏轉(zhuǎn)角為0?，F(xiàn)電場(chǎng)換為方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），仍使該粒子穿過該區(qū)域，并使偏轉(zhuǎn)角也為磁場(chǎng)的磁感應(yīng)弓雖度大小為B,粒子穿

7、過電場(chǎng)和磁場(chǎng)的時(shí)間之比為8,則（t20角，若勻強(qiáng)A.B=Esnv0EsinB.B=一V0C.B=注V0EcosD.B=tit2tlt2tisinsinsinV0t2sin解析：粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力作用，做類平拋運(yùn)動(dòng),加速度aqEm，故有：tlab一,V。tanat1qE?ab2，mv0粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做向心力，故有:Bvq2mv0mv0qR根據(jù)幾何關(guān)系可知：粒子轉(zhuǎn)過的中心角為圓周運(yùn)動(dòng)半徑ab-ab-,所以,sinmv°sinBqab-2xmv0tancosqE?ab?cos_Ecosqab?v0q?ab?v0Vo2R所以，粒子運(yùn)動(dòng)周期TJRVot2FT答案：C?

8、ab一四-,所以,v0sin2?ab,故粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間v0sint1sin,.一-，故C正確，ABD錯(cuò)誤。t26. （6分）如圖所示，固定的粗糙斜面的傾角0=37°,長(zhǎng)度L=4m可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從斜面的頂端由靜止開始下滑，滑到斜面底端時(shí)速度大小v=4m/s,滑塊的質(zhì)量m=200g空氣阻A.滑塊沿斜面下滑的加速度大小為力可忽略不計(jì)，取重力加速度2m/s=0.8,則()B.滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6C.整個(gè)下滑過程的時(shí)間為1.5sD.在整個(gè)下滑過程中重力對(duì)滑塊的沖量大小為4N?s解析：A根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知a=2m/s2,故A正確；2LB對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律可得mgsin0

9、-f=ma,而f=科mgcos。,解得科=0.5,故B錯(cuò)誤；1c2LC根據(jù)L=1at2可彳導(dǎo)t=J=2s,故C錯(cuò)誤；2aD在整個(gè)下滑過程中重力對(duì)滑塊的沖量大小I=mgt=4Ns,故D正確。答案：AD7. （6分）如圖所示，重力均不計(jì)、帶電荷量均為+q的兩點(diǎn)電荷固定不動(dòng)且連線豎直，檢驗(yàn)電荷（帶電荷量為Q可在兩點(diǎn)電荷連線的中垂面內(nèi)繞中心點(diǎn)。做半徑為r、線速度為v、角速度為w的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）1A.檢驗(yàn)電荷一定帶正電B.圓軌道上各點(diǎn)的電勢(shì)處處相等C.檢驗(yàn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)的r越小，v一定越大D.檢驗(yàn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)的r越小，w一定越大解析：A、檢驗(yàn)電荷繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由合外力提供向心力可知，檢驗(yàn)

10、電荷一定帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；日根據(jù)同種電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布特點(diǎn)，可知，圓軌道上各點(diǎn)的電勢(shì)處處相等，故B正確；C設(shè)兩個(gè)點(diǎn)電荷的距離為2L,檢驗(yàn)電荷的軌道半徑為r,檢驗(yàn)電荷繞。點(diǎn)在中垂面內(nèi)做勻則有:2kQq?r二一rL2一定越大，根據(jù)v=r3,當(dāng)正確。答案：BD速圓周運(yùn)動(dòng)，庫侖力的合力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，2曰2kQqr,解得：3=xm(r2L2"r2L2r變小時(shí)，co變大，所以不能確定v的變化情況，故C錯(cuò)誤，D8. （6分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一光滑水平直軌道與半徑為R的光滑半圓形軌道在半圓的一個(gè)端點(diǎn)B相切，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從A點(diǎn)通過B點(diǎn)進(jìn)入半徑為R的半圓，恰好能通過B.小球在

11、A點(diǎn)時(shí)的速度為v5gRC.小球落地點(diǎn)離B點(diǎn)的水平距離為2RD.小球落地時(shí)的動(dòng)能為也空2解析：A、小球恰好能通過半圓的最高點(diǎn)M由重力提供向心力，則有mg=m-，得vm=JgR,R故A錯(cuò)誤。BA到M,由動(dòng)能定理得-2mgR=-mvM2-mvA,解得va=j5gR。故B正確。22C小球離開M點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，則有x=vMt,2R=1gt2,得x=2R,故C正確。DM到落地，由動(dòng)能定理得2mgR=Ek-1mvM2,解得小球落地時(shí)的動(dòng)能£卜=處史。故D22正確。答案：BCD二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。9. （5分）如圖所示，某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室做“測(cè)動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)，細(xì)線連接鋼球和滑

12、塊跨在木板上端的定滑輪上處于靜止?fàn)顟B(tài)，燒斷細(xì)線鋼球落地和滑塊撞擊擋板的時(shí)間相同。a（1）寫出滑塊下滑的加速度a與圖中x、H、重力加速度g的關(guān)系式（用字母表示）;用刻度尺測(cè)量出H=2.5m,x=0.50m,計(jì)算出滑塊下滑的加速度的值為。解析：根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，則有：H=2gt2x=,1at22聯(lián)立兩式，解得：a=g,H代入數(shù)據(jù)，解得：a=2m/s2。2答案：a=一g,2m/s。H(2)以滑塊為研究對(duì)象，利用牛頓第二定律，用H、h、x這三個(gè)物理量表示出動(dòng)摩擦因數(shù)的數(shù)學(xué)表達(dá)式，表達(dá)式是(用字母表示)。解析：設(shè)木板與水平桌面間的夾角為。，滑塊下滑時(shí),對(duì)其進(jìn)行受力分析，并根據(jù)牛頓第二定律，則有：mgsin

13、0-mgcos0=ma及cos0=x2h2xHhx2H,x2h2答案：=Hhx2H.x2h2(3)再用刻度尺測(cè)量出h=0.30m,代入相關(guān)數(shù)據(jù)，可得出滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)2、祖=。(g取10m/s)解析：將H=2.5m,x=0.50m,h=0.30mHhx2代入尸Hhx解得:科=0.5。Hx2h2答案：0.5。10.(10分)某同學(xué)要測(cè)定某金屬絲的電阻率。(1)先用多用電表粗測(cè)其電阻，選擇開關(guān)才T到“X1”擋，指針偏轉(zhuǎn)如圖甲所示，則所測(cè)阻值為Q。解析：由圖甲所示多用電表可知，所測(cè)電阻阻值為：6X1Q=6QO答案：6。(2)為了精確地測(cè)定該金屬絲的電阻，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材:A.電壓表03V

14、15V,內(nèi)阻約為10k50kQB.電流表00.6A3A,內(nèi)阻約為0.5Q,0.1QC.滑動(dòng)變阻器05aD.滑動(dòng)變阻器050aE.兩節(jié)干電池F.開關(guān)及導(dǎo)線若干本實(shí)驗(yàn)要借助圖象法測(cè)定金屬絲的電阻，電壓表的量程應(yīng)該選V,電流表的量程應(yīng)該選A;滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選（填序號(hào)）。請(qǐng)?jiān)谌鐖D乙所示的實(shí)線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖。解析：電源為兩節(jié)干電池，電動(dòng)勢(shì)為3V,電壓表應(yīng)選擇3V量程，電壓表內(nèi)阻約為10kQ,金屬絲電阻約為6Q,電路最大電流約為：|=U=0.5A,R電流表應(yīng)選擇0.6A量程，內(nèi)阻約為0.5電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇C,滑動(dòng)變阻器最大阻值為5Q,為

15、測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，電路圖如圖所示,答案：3,0.6,C,電路圖如圖所示。（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)量多組電壓、電流的值，作出U-I圖象，由圖象求得金屬絲的電阻R,若測(cè)得金屬絲的長(zhǎng)為L(zhǎng),金屬絲的直徑do則金屬絲的電阻率p=（用字母表示）。解析：根據(jù)電阻定律可得:R=p聯(lián)立可得金屬電阻率:Rd、圓柱體導(dǎo)體材料的橫截面積：S=Tt（）2S224L答案：一R歲4L11. （12分）如圖所示，在光滑的水平地面上有一平板小車質(zhì)量為M=2kg體積相等的滑塊甲和乙質(zhì)量均為m=1kg三者處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻起滑塊甲以初速度v2m/s向左運(yùn)動(dòng)，同時(shí)滑塊乙以V2=4m/s向右運(yùn)動(dòng)。最終甲、乙

16、兩滑塊均恰好停在小車的兩端。小車長(zhǎng)L=9.5m,兩滑塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，（g取10m/s2,滑塊甲和乙可視為質(zhì)點(diǎn)）求：（1）兩滑塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)；解析：兩滑塊與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得:mvmv=（M+m+mv,由能量守恒定律得：1mv2+1mv2=1(M+m+v2+科mgL222解得：=0.1,v=0.5m/s。答案：兩滑塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1。(2)兩滑塊運(yùn)動(dòng)前滑塊乙離右端的距離。解析：滑塊甲離左端距離為xi,剛運(yùn)動(dòng)到左端歷時(shí)ti,在滑塊甲運(yùn)動(dòng)至左端前，小車靜止。由牛頓第二定律得：mg=mai,速度：vi=aiti,位移：xi=1ait

17、i2,2解得：ti=2s,xi=2m,滑塊乙離右端的距離：X2=L-xi=7.5m。答案：兩滑塊運(yùn)動(dòng)前滑塊乙離右端的距離為7.5m。12. (20分)如圖所示，兩平行光滑不計(jì)電阻的金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌上端接一阻值為R的定值電阻，兩導(dǎo)軌之間的距離為do矩形區(qū)域abdc內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為R方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ab、cd之間的距離為L(zhǎng)。在cd下方有一導(dǎo)體棒MN導(dǎo)體棒MNW導(dǎo)軌垂直，與cd之間的距離為H,導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m,電阻為r。給導(dǎo)體棒一豎直向上的恒力，導(dǎo)體棒在恒力F作用下由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后做減速運(yùn)動(dòng)。若導(dǎo)體棒到達(dá)ab處的速度為V。,重力加速度大小為g。求：(i)

18、導(dǎo)體棒到達(dá)cd處時(shí)速度的大小；i2解析：根據(jù)動(dòng)能th理得(F-m©H=mv2解得導(dǎo)體棒到達(dá)cd處時(shí)速度的大小v=J2(F-mg)Hm答案：導(dǎo)體棒到達(dá)cd處時(shí)速度的大小是J2(F-mg)Hm(2)導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度的大??；解析：導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Bdv感應(yīng)電流I=ERr所受的安培力F安=BId根據(jù)牛頓第二定律得mg+F安-F=ma聯(lián)立解得導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度的大小答案：導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度的大小是a=g+g+（3）導(dǎo)體棒通過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中，通過電阻解析：導(dǎo)體棒通過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中，通過電阻E一又IERr聯(lián)立得q=Rr根據(jù)=BLd,得BLdq=Rr根據(jù)

19、動(dòng)能定理得,、,、1(Fmg)(H+DW=2電路中的總熱量Q=W安R電阻R產(chǎn)生的熱量Qr=QRrR聯(lián)立解得Qr=(F-mg)(H+L)RrB2d2.2(F-mg)Hm(Rr).mB2d22(F-mg)Hm(Rr)mFmFomR的電荷量和電阻R產(chǎn)生的熱量。R的電荷量q=IAt2mv012mv02答案：導(dǎo)體棒通過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中，通過電阻r的電荷量是旦色，電阻r產(chǎn)生的熱量是RrR.一12(Fmg)(H+L)mv0。Rr2物理-選彳3-313. （5分）關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）A.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體B.布朗運(yùn)動(dòng)就是分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一

20、定增大D.氣體的溫度升高，每個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率都增加E.0C的冰和0c的鐵塊的分子平均動(dòng)能相同解析：A、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量在一定的條件下可以從高溫物體傳遞到低溫物體，但會(huì)引起其他的變化。故A正確；日布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在體中的小顆粒的運(yùn)動(dòng)，是液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，但不是液體分子的運(yùn)動(dòng)。故B錯(cuò)誤；C溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體分子的平均動(dòng)能只與分子的溫度有關(guān)，一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大。故C正確；D溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，氣體的溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，但不是每個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率都增加。故D錯(cuò)誤；E、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志

21、，可知0c的冰和0c的鐵塊的分子平均動(dòng)能相同。故E正確。答案：ACE14. （10分）如圖所示，總長(zhǎng)度為15cm的氣缸放置在水平桌面上?；钊馁|(zhì)量m=20kg,橫2截面積S=100cm,活塞可沿氣缸壁無摩擦地滑動(dòng)但不漏氣，開始時(shí)活塞與氣缸底的距離12cm。外界氣溫為27C,大氣壓強(qiáng)為1.0xi05Pa。將氣缸緩慢地轉(zhuǎn)到開口向上的豎直位置，待穩(wěn)定后對(duì)缸內(nèi)氣體逐漸加熱，使活塞上表面剛好與氣缸口相平，取g=10m/s2,求：(1)活塞上表面剛好與氣缸口相平時(shí)氣體的溫度為多少？解析：以封閉氣體為研究對(duì)象，當(dāng)氣缸水平放置時(shí)，氣體初狀態(tài)參量:p0=1.0X105Pa,V0=LS,T0=(273+27)K=

22、300K,當(dāng)氣缸口朝上時(shí)，活塞到達(dá)氣缸口時(shí)，活塞受力分析如圖所示。有p1S=p)S+mgmg則Pi=Po+s解得p1.2x105Pa氣體末狀態(tài)參量：V=LiS,Ti=?由理想氣體的狀態(tài)方程：=pv0Pv1ToTi代入數(shù)據(jù)得：T2=450K。答案：活塞上表面剛好與氣缸口相平時(shí)氣體的溫度為450K。(2)在對(duì)氣缸內(nèi)氣體加熱的過程中，吸收了189J的熱量，則氣體增加的內(nèi)能是多少？解析：當(dāng)氣缸開口向上豎直位置時(shí)，未加熱穩(wěn)定時(shí)，設(shè)氣體的長(zhǎng)度為L(zhǎng)',則：plS=pL'S代入數(shù)據(jù)得：L'=0.1m加熱后，氣體做等壓膨脹，氣體對(duì)外力做功：W=pS?(Li-L')解得W=60J由

23、熱力學(xué)第一定律：U=-W+Q代入數(shù)據(jù)聯(lián)立得：U=129J。答案：氣體增加的內(nèi)能4U是129J。物理-選彳3-40.1m/s,S點(diǎn)的橫15. (5分)如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波速大小為坐標(biāo)為1m從圖中狀態(tài)開始計(jì)時(shí)，則()A.這列簡(jiǎn)諧波的周期為1.2sB.這列簡(jiǎn)諧波的振幅為13mC.質(zhì)點(diǎn)S開始振動(dòng)的方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向D.經(jīng)過10s質(zhì)點(diǎn)S開始振動(dòng)E.經(jīng)過9.7s質(zhì)點(diǎn)S第一次到達(dá)波峰解析：A、這列簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為入=12cm=0.12m波速大小為0.1m/s,由v=得T=1.2s,故A正確。日由圖可知，這列簡(jiǎn)諧波的振幅為13cm,故B錯(cuò)誤。C圖示時(shí)刻，這列波最前端的質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為12cm

24、,根據(jù)波的傳播方向，可知這一點(diǎn)正沿y軸方向運(yùn)動(dòng)，因此在波前進(jìn)方向的每個(gè)質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)的方向都是沿沿y軸負(fù)方向，故C正確。D這列波最前端的質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)S的距離為x=88cm,質(zhì)點(diǎn)S開始振動(dòng)的時(shí)間t=x=8.8s,v故D錯(cuò)誤。E、由波形平移法知：x=3cm處的波峰傳到S時(shí)質(zhì)點(diǎn)S第一次到達(dá)波峰，傳播距離Ax'=97cm因此所用時(shí)間為t'=土=9.7s,故E正確。v16.(10分)如圖所示是一半徑為徑AB方向射入圓柱體。入射光線體的折射率為<3,真空中光速為答案：ACER=.3m的透明的圓柱體的橫截面，現(xiàn)有一束平行光沿直PC由C點(diǎn)射入圓柱體經(jīng)折射后恰經(jīng)過B點(diǎn)，已知透明圓柱c=3x10

25、8m/s。試求：(1)入射光線PC至ijAB的距離；解析：設(shè)光線經(jīng)C點(diǎn)折射后光路如圖所示:根據(jù)折射定律可得：n=嘰=<3,3R=1.5m。C2JeL(X=23,解得：民=60°,3=30°所以入射光線PC到AB的距離為：SskRsina答案：入射光線PC至IJAB的距離是1.5m。(2)入射光線PC在圓柱體中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。(計(jì)算結(jié)果可以保留根號(hào))解析：在DBC中：C、B間的距離為：ScEF-SCD-=43Rsin設(shè)光在介質(zhì)中傳播速度為v,由折射率得：n=cv入射光線在圓柱體中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=SCB=3R-=3-=3108sovC310答案：入射光線pc在圓柱體中運(yùn)動(dòng)的

26、時(shí)間是J3io8so考試高分秘訣是什么？試試這四個(gè)方法，特別是中考和高考生誰都想在考試中取得優(yōu)異的成績(jī)，但要想取得優(yōu)異的成績(jī)，除了要掌握好相關(guān)的知識(shí)定理和方法技巧之外，更要學(xué)會(huì)一些考試技巧。因?yàn)橐环菰嚲淼念}型有選擇題、填空題和解答題，題目的難易程度不等，再加上時(shí)間的限制，更需要考生運(yùn)用考試技巧去合理安排時(shí)間進(jìn)行考試，這樣才能獲得一個(gè)優(yōu)異的成績(jī)。在每次考試結(jié)束之后，我們總會(huì)發(fā)現(xiàn)這樣有趣的情形：有的學(xué)生能超常發(fā)揮，考個(gè)好成績(jī)，而有的學(xué)生卻出現(xiàn)粗心大意的狀況，令人惋惜。有的學(xué)生會(huì)說這是“運(yùn)氣”的原因，其實(shí)更深次的角度來說，這是說明考試準(zhǔn)備不足，如知識(shí)掌握不扎實(shí)或是考試技巧不熟練等，這些正是考前需要調(diào)

27、整的重點(diǎn)讀書學(xué)習(xí)終究離不開考試，像中考和高考更是重中之重，影響著很多人的一生，下面就推薦一些與考試有關(guān)的方法技巧，希望能幫助大家提高考試成績(jī)。一是學(xué)會(huì)合理定位考試成績(jī)你能在一份卷子當(dāng)中考幾分，很大程度上取決于你對(duì)知識(shí)定理的掌握和熟練程度。像最后一道選擇題和填空題，以及最后兩道大題，如果你沒有很大把握一次性完成，就要先學(xué)會(huì)暫時(shí)“放一放”，把那些簡(jiǎn)單題和中等題先解決，再回過頭去解決剩下的難題。因此，在考試來臨之前，每位考生必須對(duì)自身有一個(gè)清晰的了解，面對(duì)考試內(nèi)容，自己處于什么樣的知識(shí)水平，進(jìn)而應(yīng)采取什么樣的考試方式,這樣才能幫助自己順利完成考試，獲得理想的成績(jī)像壓軸題的最后一個(gè)小題總是比較難，目的是提高考試的區(qū)分度，但是一般只有4分左右，很多考生都可以把前面兩小題都做