高考數(shù)學(xué)專題沖刺：集合與函數(shù)課時(shí)提升訓(xùn)練13含答案

1、PAGE 集合與函數(shù)課時(shí)提升訓(xùn)練（13）1、已知集合，若集合，且對(duì)任意的，存在，使得（其中），則稱集合為集合的一個(gè)元基底.（）分別判斷下列集合是否為集合的一個(gè)二元基底，并說明理由；，；，.（）若集合是集合的一個(gè)元基底，證明：；（）若集合為集合的一個(gè)元基底，求出的最小可能值，并寫出當(dāng)取最小值時(shí)的一個(gè)基底.2、若集合具有以下性質(zhì)：，；若，則，且時(shí)，.則稱集合是“好集”.（）分別判斷集合，有理數(shù)集是否是“好集”，并說明理由；（）設(shè)集合是“好集”，求證：若，則；（）對(duì)任意的一個(gè)“好集”，分別判斷下面命題的真假，并說明理由.命題：若，則必有；命題：若，且，則必有；3、若為集合且的子集，且滿足兩個(gè)條件：；

2、對(duì)任意的，至少存在一個(gè)，使或.則稱集合組具有性質(zhì).如圖，作行列數(shù)表，定義數(shù)表中的第行第列的數(shù)為.（）當(dāng)時(shí)，判斷下列兩個(gè)集合組是否具有性質(zhì)，如果是請(qǐng)畫出所對(duì)應(yīng)的表格，如果不是請(qǐng)說明理由；集合組1：；集合組2：.（）當(dāng)時(shí)，若集合組具有性質(zhì)，請(qǐng)先畫出所對(duì)應(yīng)的行3列的一個(gè)數(shù)表，再依此表格分別寫出集合；（）當(dāng)時(shí)，集合組是具有性質(zhì)且所含集合個(gè)數(shù)最小的集合組，求的值及的最小值.（其中表示集合所含元素的個(gè)數(shù)）4、已知函數(shù)在區(qū)間上為增函數(shù)，且。（1）當(dāng)時(shí)，求的值；（2）當(dāng)最小時(shí)，求的值； 若是圖象上的兩點(diǎn)，且存在實(shí)數(shù) 使得，證明：。 5、（本小題滿分14分）對(duì)于函數(shù)和，若存在常數(shù)，對(duì)于任意，不等式都成立，則稱直

3、線是函數(shù)的分界線. 已知函數(shù)為自然對(duì)數(shù)的底，為常數(shù)）.()討論函數(shù)的單調(diào)性；()設(shè)，試探究函數(shù)與函數(shù)是否存在“分界線”？若存在，求出分界線方程；若不存在，試說明理由.6、設(shè)a，b，c為實(shí)數(shù)，f（x）=（x+a）記集合S=若，分別為集合元素S，T的元素個(gè)數(shù)，則下列結(jié)論不可能的是 A=1且=0 BC=2且=2 D =2且=3 7、設(shè)，已知函數(shù)的定義域是，值域是，若函數(shù)g(x)=2x-1+m+1有唯一的零點(diǎn)，則（ ）A2 B C1 D0 8、已知函數(shù)，在定義域-2，2上表示的曲線過原點(diǎn)，且在x1處的切線斜率均為有以下命題：是奇函數(shù)；若在內(nèi)遞減，則的最大值為4；的最大值為，最小值為，則； 若對(duì)，恒成立

4、，則的最大值為2其中正確命題的個(gè)數(shù)為 A .1個(gè) B. 2個(gè) C .3個(gè) D. 4個(gè) 11、設(shè)函數(shù)的最大值為，最小值為，那么 . 12、（本小題滿分14分）已知函數(shù)（）求函數(shù)的定義域，并證明在定義域上是奇函數(shù)；（）若恒成立，求實(shí)數(shù)的取值范圍；（）當(dāng)時(shí)，試比較與的大小關(guān)系13、對(duì)于實(shí)數(shù)，稱為取整函數(shù)或高斯函數(shù)，亦即是不超過的最大整數(shù).例如：.直角坐標(biāo)平面內(nèi)，若滿足，則 的取值范圍 1、解：（）不是的一個(gè)二元基底.理由是 ；是的一個(gè)二元基底. 理由是 ，.（）不妨設(shè)，則形如的正整數(shù)共有個(gè)；形如的正整數(shù)共有個(gè)；形如的正整數(shù)至多有個(gè)；形如的正整數(shù)至多有個(gè).又集合含個(gè)不同的正整數(shù)，為集合的一個(gè)元基底.故

5、，即.（）由（）可知，所以.當(dāng)時(shí)，即用基底中元素表示出的數(shù)最多重復(fù)一個(gè). *假設(shè)為的一個(gè)4元基底，不妨設(shè)，則.當(dāng)時(shí)，有，這時(shí)或.如果，則由，與結(jié)論*矛盾.如果，則或.易知和都不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，這時(shí)，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，這時(shí)，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，有，易知不是的4元基底，矛盾.當(dāng)時(shí)，均不可能是的4元基底.當(dāng)時(shí)，的一個(gè)基底；或3,7,8,9,10；或4,7,8,9,10等，只要寫出一個(gè)即可.綜上，的最小可能值為5. 2、解：（）集合不是“好集”. 理由

6、是：假設(shè)集合是“好集”. 因?yàn)?，所? 這與矛盾.有理數(shù)集是“好集”. 因?yàn)椋?對(duì)任意的，有，且時(shí)，.所以有理數(shù)集是“好集”.（）因?yàn)榧鲜恰昂眉?，所?.若，則，即.所以，即.（）命題均為真命題. 理由如下：對(duì)任意一個(gè)“好集”，任取， 若中有0或1時(shí)，顯然.下設(shè)均不為0，1. 由定義可知：.所以 ，即.所以 . 由（）可得：，即. 同理可得.若或，則顯然.若且，則.所以 .所以 由（）可得：.所以 .綜上可知，即命題為真命題.若，且，則.所以 ，即命題為真命題. 3、（）解：集合組1具有性質(zhì).所對(duì)應(yīng)的數(shù)表為：集合組2不具有性質(zhì).因?yàn)榇嬖?，有，與對(duì)任意的，都至少存在一個(gè)，有或矛盾，所以集合組

7、不具有性質(zhì).（注：表格中的7行可以交換得到不同的表格，它們所對(duì)應(yīng)的集合組也不同）（）設(shè)所對(duì)應(yīng)的數(shù)表為數(shù)表，因?yàn)榧辖M為具有性質(zhì)的集合組，所以集合組滿足條件和，由條件：，可得對(duì)任意，都存在有，所以，即第行不全為0，所以由條件可知數(shù)表中任意一行不全為0.由條件知，對(duì)任意的，都至少存在一個(gè)，使或，所以一定是一個(gè)1一個(gè)0，即第行與第行的第列的兩個(gè)數(shù)一定不同.所以由條件可得數(shù)表中任意兩行不完全相同.因?yàn)橛伤鶚?gòu)成的元有序數(shù)組共有個(gè)，去掉全是的元有序數(shù)組，共有個(gè)，又因數(shù)表中任意兩行都不完全相同，所以，所以.又時(shí)，由所構(gòu)成的元有序數(shù)組共有個(gè)，去掉全是的數(shù)組，共個(gè)，選擇其中的個(gè)數(shù)組構(gòu)造行列數(shù)表，則數(shù)表對(duì)應(yīng)的集合

8、組滿足條件，即具有性質(zhì).所以.因?yàn)榈扔诒砀裰袛?shù)字1的個(gè)數(shù)，所以，要使取得最小值，只需使表中1的個(gè)數(shù)盡可能少，而時(shí)，在數(shù)表中，的個(gè)數(shù)為的行最多行；的個(gè)數(shù)為的行最多行；的個(gè)數(shù)為的行最多行；的個(gè)數(shù)為的行最多行；因?yàn)樯鲜龉灿行?，所以還有行各有個(gè)，所以此時(shí)表格中最少有個(gè).所以的最小值為.4、解：。（1）當(dāng)時(shí)，由，得或，所以在上為增函數(shù)，在，上為減函數(shù)，由題意知，且。因?yàn)?，所以，可知。?） 因?yàn)椋?當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)等號(hào)成立。由，有，得；由，有，得；故取得最小值時(shí)，。此時(shí)， 由知，欲證，先比較與的大小。因?yàn)椋?，有，于是，即，另一方面，因?yàn)?，所以，從而，即?4分同理可證，因此。5、（本小題滿分14分）解：（1），當(dāng)時(shí)，即，函數(shù)在區(qū)間上是增函數(shù)，在區(qū)間上是減函數(shù)；當(dāng)時(shí)，函數(shù)是區(qū)間上的增函數(shù) 當(dāng)時(shí)，即，函數(shù)在區(qū)間上是增函數(shù)，在區(qū)間上是減函數(shù).（2）若存在，則恒成立，令，則，所以，因此：恒成立，即恒成立，由得到：，現(xiàn)在只要判斷是否恒成立，設(shè)，因?yàn)椋?，?dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，所以，即恒成立，所以函數(shù)與函數(shù)存在“分界線”. 6、D 7、C 8、B 11、4021 12、解：（）由，解得或， 函數(shù)的定義