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1、高考熱點(diǎn)帶電體在電場中的平衡與運(yùn)動問題【教材原題】魯科版選修31P24T5如圖所示,一質(zhì)量為m的帶電液滴,在大小【遷移深化】改變電場方向3.(多選)在空間中水平面MN的下方存在豎直為E,方向豎直向上的勻強(qiáng)電場中處于靜止?fàn)钕蛳碌膭驈?qiáng)電場,質(zhì)量為m的帶電小球由MN態(tài)。求:這個(gè)液滴帶什么電?電荷量為多少?當(dāng)場強(qiáng)的大小突然變?yōu)樵瓉淼囊话?,方向保持不變時(shí),液滴向什么方向運(yùn)動?其加速度為多少?上方的A點(diǎn)以一定初速度水平拋出,從B點(diǎn)A進(jìn)入電場,到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度方向恰好水平,、B、C三點(diǎn)在同一直線上,且AB2BC,如圖2所示。由此可見()圖2【遷移深化】改變電場方向A.電場力為2mg21.在上題勻強(qiáng)電場的方向突
2、然變?yōu)樗较蛴遥∏蛟鯓舆\(yùn)動?3s末小球的速度大小是多少(重力加速度g10m/s2)?【遷移深化】水平拋出小球2.一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球從距地面高h(yuǎn)處以一定初速度水平拋出。在距拋出點(diǎn)水平距離L處,有一根管口比小球直徑略h大的豎直細(xì)管。管上口距地面,為使小球能無碰撞地通過管子,可在管子上方的整個(gè)區(qū)域加一個(gè)場強(qiáng)方向水平向左的勻強(qiáng)電場,如圖1所示,求:B.小球帶負(fù)電C.小球從A到B與從B到C的運(yùn)動時(shí)間相等D.小球從A到B與從B到C的速度變化量的大小相等【遷移深化】“一球”換為“兩球”4.(2017全國卷,25)如圖3所示,兩水平面(虛線)之間的距離為H,其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場。
3、自該區(qū)域上方的A點(diǎn)將質(zhì)量均為m,電荷量分別為q和q(q0)的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出。小球在重力作用下進(jìn)入電場區(qū)域,并從該區(qū)域的下邊界離開。已知NM離開電場時(shí)的速度方向豎直向下;在電場中圖1(1)小球的初速度v0和電場強(qiáng)度E的大??;(2)小球落地時(shí)的動能Ek。做直線運(yùn)動,剛離開電場時(shí)的動能為N剛離開電場時(shí)的動能的1.5倍。不計(jì)空氣阻力,重力加速度大小為g。求:圖3(1)M與N在電場中沿水平方向的位移之比;(2)A點(diǎn)距電場上邊界的高度;(3)該電場的電場強(qiáng)度大小。由平衡條件得qEmg0,電荷量為q。2由牛頓第二定律得mgqEma。解得加速度為ag。22參考答案【教材
4、原題】解析液滴受向上的電場力,故液滴帶正電。mgEE當(dāng)場強(qiáng)變化時(shí),液滴向下做勻加速直線運(yùn)動,1212答案見解析【遷移深化】1.解析勻強(qiáng)電場方向突然變?yōu)樗较蛴視r(shí),小球受重力與電場力的合力方向與豎直方向成45角斜向右下,小球?qū)⒀剡@一方向做勻加速直線運(yùn)動。2mgma3s末小球的速度大小為vat302m/s。答案勻加速直線運(yùn)動302m/s2.解析(1)電場中運(yùn)動的帶電小球,在水平方向上qEv0mthgt2豎直方向上0又v22EqmL,E。聯(lián)立式得v02Lgh2mgLhqh(2)從拋出到落地由動能定理得1mghEqLEk2mv20聯(lián)立解得小球落地時(shí)動能Ekmgh答案(1)2Lgh2mgLhqh(2)m
5、gh3.BD由AB和由BC過程中水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動,水平方向xABv0tAB,xBCv0tBC,由于1h1Fmgt2xAB2xBC,所以,AB2tBC,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;分別列出豎直方向的方程,即h2gt2,2mt2,解得F3mg,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;小球受到的電場力向上,與電場方向相反,所以小球應(yīng)析可得,AB過程|v|gt,BC過程|v|gt,故選項(xiàng)D正確。2該帶負(fù)電,故選項(xiàng)B正確;速度變化量等于加速度與時(shí)間的乘積,即vat,結(jié)合以上的分3mgmgtm24.解析(1)設(shè)小球M、N在A點(diǎn)水平射出時(shí)的初速度大小為v0,則它們進(jìn)入電場時(shí)的水平速度仍然為v0。M、N在電場中運(yùn)動的時(shí)間t相等,電場力作用下產(chǎn)生的加速度沿水平方向,大小均為a,在電場中沿水平方向的位移分別為s1和s2。由題給條件和運(yùn)動學(xué)公式得v0at01s1v0t2at21s2v0t2at2s2s聯(lián)立式得13(2)設(shè)A點(diǎn)距電場上邊界的高度為h,小球下落h時(shí)在豎直方向的分速度為vy,由運(yùn)動學(xué)公式v2y2gh2Hvyt1gt2M進(jìn)入電場后做直線運(yùn)動,由幾何關(guān)系知vyHv0s1hH1則0v聯(lián)立式可得3(3)設(shè)電場強(qiáng)度的大小為E,小球M進(jìn)入電場后做直線運(yùn)動,qEvymg設(shè)M、N離開電場時(shí)的動能分別為Ek1、Ek2,由動能定理得22Ek11m(v20vy)mgHqEs112Ek22m(v20vy)mgHqEs2由已
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