2020年湖北武漢部分學(xué)校聯(lián)考高考物理摸底試卷5月份含答案解析

1、1.2.C.AA 一VV將條2020年湖北省武漢市部分學(xué)校聯(lián)考高考物理摸底試卷（5月份）單選題（本大題共 5小題，共30.0分）中國新一代可控核聚變研究裝置“中國環(huán)流器二號(hào)M”建設(shè)順利，按計(jì)劃將在今年投入運(yùn)行實(shí)驗(yàn)。聚變與裂變相比有很多優(yōu)點(diǎn)，下列說法不正確的是A.地球上聚變?nèi)剂系膬?chǔ)量豐富，足以滿足聚變的需要B.輕核聚變更為安全、清潔C.相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變反應(yīng)中產(chǎn)生的能量更多D.環(huán)流器是利用聚變物質(zhì)的慣性進(jìn)行約束，即用激光從各個(gè)方向照射反應(yīng)的物質(zhì)，使它們“擠”在一起發(fā)生反應(yīng) 將條形磁鐵系在輕繩下端，在其正下方放置一金屬環(huán)，如圖所示。當(dāng)形磁鐵由圖中位置自靜止釋放而來回?cái)[動(dòng)，短時(shí)間內(nèi)，若條形磁

2、鐵的擺動(dòng)可視為周 期性運(yùn)動(dòng)，其周期為 了,規(guī)定圖中箭頭所示方向?yàn)榄h(huán)中電流的正方向，下列描述環(huán)中 電流i隨時(shí)間t變化關(guān)系的圖象可能正確的是 （）A.B.八八D.3.如圖所示，某同學(xué)練習(xí)投籃時(shí)， 將籃球從同一位置斜向上投出， 第一次籃球斜向擊中籃板，第二次籃球垂直投在籃板上。不考慮空氣阻力，下列說法正確的A.第一次投球，籃球豎直方向的分速度較小B.第一次投球，籃球的初動(dòng)能一定較大C.第二次投球，籃球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較短D.假設(shè)籃球與籃板作用后，水平速度大小不變，方向反向，第二次投球，籃球受到的水平作用 力的沖量較小第1頁，共14頁.在劉慈欣的科幻小說 帶上她的眼睛里演繹了這樣一個(gè)故事：“落日六號(hào)”地層飛

3、船深入地 球內(nèi)部進(jìn)行探險(xiǎn)，在航行中失事后下沉到地心。已知地球可視為半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體，且均勻球殼對(duì)殼內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的引力為零。若地球表面的重力加速度為g,當(dāng)“落日六號(hào)”位于地面以下深。aH處時(shí)，該處的重力加速度大小為 （jA. gB. 1C.D.b|B之間的彈力大小為A、C之間的彈力大小為A、A.當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí)，水泥管C.當(dāng)卡車剎車時(shí)，水泥管A、B之間的摩擦力大小為.如圖值）所示，用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為 m的勻質(zhì)圓柱形水泥管，底層水泥管固定在車廂內(nèi)，上層水 泥管堆放在底層上，如圖 （川所示。已知水泥管之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為不，重力加速度為g,下列說法正確的是 ，B.當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛

4、時(shí)，水泥管D.當(dāng)卡車剎車時(shí)，水泥管 A、C之間的摩擦力大小為 小二、多選題（本大題共 4小題，共23.0分）.如圖所示，在圓形區(qū)域中有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場（未畫出）。質(zhì)量、電荷量大小均相等的帶電粒子1、2、3,不同的速率從 A點(diǎn)沿半徑AO的方向射入磁場，圖中實(shí)線是它們的軌跡。已知ZAOD二120 ,= 30、不計(jì)粒子重力且忽略粒子間的相互作用。下列說法正確的是A.粒子1帶負(fù)電，粒子2、3帶正電B.射入磁場時(shí)，粒子 1、2的半徑之比為1： 2C.射入磁場時(shí)，粒子 1、2的動(dòng)量之比為1: 3D.粒子1、2、3在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為 4： 2： 5.如圖所示，在水平面上有一質(zhì)量為M、傾角為8的

5、斜面，其上有一質(zhì)量為m的物塊，當(dāng)對(duì)斜面施加水平力 F后，物塊恰好作自由落體運(yùn)動(dòng)。不 計(jì)一切摩擦，下列說法正確的是A.物塊與斜面之間的彈力大小為 小承小皿B.水平面對(duì)M的支持力大小為（V +C.斜面的加速度大小為r,niD.水平力的大小為房8.一勻強(qiáng)電場的方向平行于 xOy平面，以原點(diǎn)O為圓心、半徑?=1。E小 的圓周上任意一點(diǎn) P的電勢歹=伊一 意十 ?（），伊為OP與x 軸正方向所夾的角，A、B為圓周與x軸的兩個(gè)交點(diǎn)，如圖所示。下列 說法正確的是第2頁，共14頁A.電場強(qiáng)度的方向斜向右上，與 x軸正方向成30,角.電場強(qiáng)度的大小為C.從A點(diǎn)在xOy平面內(nèi)發(fā)射動(dòng)能為 200eV的a粒子，經(jīng)過A

6、圓周上的B點(diǎn)的動(dòng)能最大 D.從A點(diǎn)在xOy平面內(nèi)發(fā)射動(dòng)能為 200eV的a粒子，經(jīng)過 圓周時(shí)的最大動(dòng)能為 320eV.關(guān)于物態(tài)和物態(tài)變化，下列說法正確的是（）A.在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性B.非晶體的微觀結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，所以嚴(yán)格說來，只有晶體才能叫做真正的固體C. 一種液體是否浸潤某種固體，只與液體的性質(zhì)有關(guān)系D.液體的蒸發(fā)在任何溫度下都能發(fā)生，沸騰只在一定的溫度下才會(huì)發(fā)生E.物質(zhì)的汽化熱與溫度有關(guān)，與外界壓強(qiáng)無關(guān)三、填空題（本大題共 1小題，共5.0分）. 一列簡諧橫波沿 x軸傳播，t = L弓時(shí)與d = 1叁5,中時(shí)在x軸上3雙3”上

7、區(qū)間內(nèi)的波形如圖所示, 則該波的最小傳播速度為 fn/s ;在t = 2與時(shí)，原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為 cm。個(gè)卜5-10四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2小題，共15.0分）.研究表明：人從高處下落，腳觸地瞬間受到的沖擊力是人體自身重力的數(shù)倍。為探究這個(gè)問題,某同學(xué)用重物從高處自由下落沖擊地面來模擬人體落地的情形。表為實(shí)驗(yàn)過程中測得的相關(guān)數(shù) 據(jù)：常量和測量物理量測量數(shù)據(jù)重力加速度g重物（包括傳感器的質(zhì)量m重物卜落圖度 H重物反彈高度h最大沖擊力E”85nX)DAr重物與地面接觸時(shí)間t（D為測量地面對(duì)重物的平均作用力F與重物重力mg的比值，表中的 不需要測量（填物 TOC o 1-5 h z ，

8、一F理量的符號(hào)）；若不考慮重物與地面的形變， 由表可知 =（結(jié)果保留2位有效數(shù)字 ；tug（2）通過上述實(shí)驗(yàn)，如果人從一定的高度由靜止豎直跳下，為減小腳觸地瞬間受到的沖擊力，可采取什么措施？ .指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測量儀器。如圖所示為多用電表的簡化電路圖，單刀三擲開關(guān)S調(diào)到位置1、2、3,可以實(shí)現(xiàn)多用電表測量不同物理量的功能。當(dāng) S調(diào)到位置1時(shí)，多用電表處于 擋；當(dāng)S調(diào)到位置2時(shí)，多 用電表處于 擋（選填“直流電流”、“直流電壓”、“歐姆”）;第3頁，共14頁(2)用多用電表測量定值電阻， 若所選擋位為電阻 ,1。擋，指針位置如圖所示，讀數(shù)為!一(3)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻度線不均

9、勻，描繪出了在同一個(gè)擋位下通過待測電阻的電流I和它的阻值的關(guān)系圖象，可能正確的是 。(選填選項(xiàng)下面的字母)五、計(jì)算題(本大題共 4小題，共52.0分)重力加速度.如圖所示，質(zhì)量.1/ = 口.我外 帶有彈射器的小車靜止在水平面上，彈射器 中裝有兩個(gè)質(zhì)量均為=n_i_小s的小球，彈射器先后將小球向左水平彈出， 小球被彈出時(shí)，相對(duì)小車的速率為為=抬,兩次彈射都在小車靜止后進(jìn)行。已知小車與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)世=，小球的彈射時(shí)間極短,g = 10rrj/s2,求小車向右運(yùn)動(dòng)的位移 x。.將質(zhì)量為m的小球從地面以速度 v斜向上拋出，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能與勢能之比為1:3.現(xiàn) 在空間加一個(gè)平行于小球運(yùn)

10、動(dòng)平面的水平方向的勻強(qiáng)電場，令小球帶上正電荷q,仍以相同的速度斜向上拋出，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能與拋出時(shí)的動(dòng)能相同。已知重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力，以地面為參考平面，求 (1)小球上升到最高點(diǎn)的時(shí)間； (2)外加電場強(qiáng)度 E的大小以及加電場后最高點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離x。第4頁，共14頁15.如圖（公所示，一豎直放置的柱形容器上端開口：面積為和足夠深的水，水面上漂浮著一只開口向下、面積為 一部分氣體。當(dāng)活塞與容器中杯外水面距離為 I2S的活塞下方密封有一定質(zhì)量的氣體S的燒杯（杯的厚度不計(jì)），杯內(nèi)也密封著H時(shí)，杯底部距離杯外水面的高度為h,杯內(nèi)水面距離杯底部的高度為 2h,杯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)與

11、2h高的水柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)相等?，F(xiàn)將活塞向下移 動(dòng)，使得杯底部恰好與杯外水面相平，且杯內(nèi)、外水面高度差不變，即杯內(nèi)水面距離杯底部的高度變?yōu)閷?dǎo)熱良好,h,如圖3）所示。求活塞向下移動(dòng)的距離 X。（已知外界溫度不變，容器、燒杯、活塞 氣體均可視為理想氣體_1_T16.如圖所示，折射率=的玻璃半球的半徑為 R, O點(diǎn)為球心，右側(cè) 面鍍有反射膜，點(diǎn)光源 s在其水平對(duì)稱軸上，已知 so = 何?求 （日點(diǎn)光源發(fā)出的一束光線與對(duì)稱軸的夾角a為多大時(shí)，該光線能原路返回？（行）光線進(jìn)入玻璃后，鍍銀面被照亮的面積有多大？|不考慮光在玻璃半球上反射后，照亮鍍銀面的部分第5頁，共14頁答案與解析1答案：D 解析：解：A

12、、地球上每升水中含有 。山；切的笊，瓶可以利用鋰制取，聚變?nèi)剂县S富，故 A正確; B、輕核聚變需要高溫，一旦出現(xiàn)故障，高溫不能維持，反應(yīng)自動(dòng)停止，且反應(yīng)產(chǎn)生的氨沒有放射性, 聚變時(shí)高速中子、質(zhì)子與其他物質(zhì)反應(yīng)而生成的放射性物質(zhì)，比裂變反應(yīng)堆生成的廢物數(shù)量少，放 射廢料少，容易處理，故 B正確；C、相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變反應(yīng)中產(chǎn)生的能量更多，產(chǎn)能效率高，故 C正確；D、環(huán)流器是利用磁約束，而不是聚變物質(zhì)的慣性進(jìn)行約束，故D不正確；本題選不正確的，故選： D。聚變與裂變相比有很多優(yōu)點(diǎn)：即輕核聚變產(chǎn)能效率高；地球上聚變?nèi)剂系膬?chǔ)量豐富；輕核聚變更為 安全。核反應(yīng)分為核聚變與核裂變，要特別注意它們的

13、優(yōu)缺點(diǎn)，常識(shí)性內(nèi)容需要經(jīng)常翻閱課本，并從各個(gè)渠道了解我國在聚變和裂變方面的最新科技動(dòng)態(tài)，對(duì)于提升學(xué)習(xí)物理的積極性會(huì)有很大幫助。2答案：A 解析：解：條形磁鐵的磁場的方向向下，當(dāng)條形磁鐵由圖示的位置靠近線圈的過程中，穿過線圈的磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向與圖中得方向相同，為正值；由于穿過線圈的磁通量向下增大的變化率先增大后減小，所以感應(yīng)電流大小先增大后減??；當(dāng)條形磁鐵位于線圈的正中間時(shí)，穿過線圈的磁通量最大， 但磁通量的變化率為零， 沒有感應(yīng)電流。當(dāng)條形磁鐵由位于線圈的正中間的位置遠(yuǎn)離線圈的過程中，穿過線圈的磁通量向下減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向與圖中得方向相反，為負(fù)值

14、，感應(yīng)電流大小先增大后減小。由以上的分析可知， A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：Ao根據(jù)條形磁鐵的特點(diǎn)判斷穿過線圈的磁通量的變化，根據(jù)楞次定律可以判斷出感應(yīng)電流的方向。掌握楞次定律的內(nèi)容、理解楞次定律的含義是正確解題的關(guān)鍵；要深刻理解楞次定律“阻礙”的含 義。如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的。3答案：C解析：解：由圖可知，第一次投籃時(shí)籃球上升的高度較高，且籃球是在下降的過程中擊中籃板的， 兩次投籃籃球在豎直方向上做的都是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由此可知第一次投籃時(shí)籃球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間 較長，且豎直方向的分速度較大。在這兩次投籃中籃球在水平方向的位移相等，且在水平方向上做 的都是勻速直線運(yùn)動(dòng)，

15、而第一次的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，所以第二次投籃時(shí)水平方向的速度較大。A、由上面的分析可知，第一次投籃時(shí)，籃球在豎直方向的分速度較大，故 A錯(cuò)誤；B、因?yàn)榈谝淮瓮痘@時(shí)豎直方向的分速度較大，第二次投籃時(shí)籃球在水平方向的分速度較大，所以無法判斷兩次投籃時(shí)的合速度大小，因?yàn)閮纱瓮痘@時(shí)，籃球的初動(dòng)能大小無法判斷，故B錯(cuò)誤；C、由上面的分析可知，第二次投籃，籃球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，故C正確；D、根據(jù)動(dòng)量定理可知，籃球收到水平作用力的沖量等于籃球水平方向的動(dòng)量的變化量，因?yàn)榈诙?次投球，籃球在水平方向的分速度較大，所以第二次投球，籃球在水平方向的動(dòng)量變化量較大，即 第二次投球，籃球收到的水平作用力的沖量較大，故 D錯(cuò)誤。

16、故選：Co投球時(shí)，把籃球的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和在豎直方向的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)兩次 的運(yùn)動(dòng)軌跡可以判斷出第一次籃球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長，即豎直方向的分速度較大，第二次投籃時(shí)水平第6頁，共14頁方向的分速度較大，據(jù)此可以做出相應(yīng)的判斷。解題的關(guān)鍵是把籃球的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向和豎直方向，其中在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直 方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，然后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律進(jìn)行判斷。4答案：B解析：解：令地球的密度為 門，則在地球表面，重力和地球的萬有引力大小相等，有:由于地球的質(zhì)量為： M =值，,所以重力加速度的表達(dá)式可寫成：q =有，質(zhì)量分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零，固在位于地面以下深出5

17、丑處，受到地球的萬有引力即為半徑等于（J3K的球體在其表面產(chǎn)生的萬有引力，故在位于地面以下深門5K處的重力加速度為 w C/jtt -。 K 322故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：Bo根據(jù)題意知，地球表面的重力加速度等于半徑為R的球體在表面產(chǎn)生的加速度，地面以下深壯5K處的加速度相當(dāng)于半徑為 0,57?的球體在其表面產(chǎn)生的加速度，根據(jù)地球質(zhì)量分布均勻得到加速度的表達(dá)式，再根據(jù)半徑關(guān)系求解即可。抓住在地球表面重力和萬有引力相等，地面以下深 03我處，地球的重力和萬有引力相等，要注意地面以下深也5H處所謂的地球的質(zhì)量不是整個(gè)地球的質(zhì)量而是半徑為U,5H的球體的質(zhì)量。5答案：B解析：解：A、卡車沿平直路

18、面勻速行駛時(shí)，水泥管B受力平衡，由假設(shè)法可知把水泥管A拿走以后，不會(huì)改變B的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，所以水泥管 A、B之間的彈力大小為零，故 A錯(cuò)誤；B、當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí),由水泥管A在豎直方向上合外力為零，可得：F上s片3。=釬勺,解得A、C管之間的彈力大小為:mg ,故B正確;C、當(dāng)卡車剎車時(shí)，水泥管A、B之間的彈力大小為零，所以水泥管A、B之間的摩擦力大小為零，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)卡車剎車時(shí)，水泥管 A、C之間的最大摩擦力大小為：人”=產(chǎn)仁,1 =空”廿，所以實(shí)際上水泥管A、C之間的摩擦力大小為:故D錯(cuò)誤。故選：Bo根據(jù)假設(shè)法判斷水泥管 A、B之間的彈力大小為零，再由摩擦力產(chǎn)生條件判斷水泥管A、B

19、之間的摩擦力大??；根據(jù)受力平衡得到水泥管A、C之間的彈力大小，進(jìn)而得到 A受到的最大靜摩擦力。本題考查的是物體受力分析專題，且結(jié)合數(shù)學(xué)的幾何關(guān)系，受力分析時(shí)必須結(jié)合物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)， 同時(shí)注意受力分析時(shí)將立體圖轉(zhuǎn)化為平面圖即可。.答案：CD 解析：解：A、根據(jù)左手定則可知，粒子 1帶正電，粒子2、3帶負(fù)電, 故A錯(cuò)誤；B、設(shè)粒子1軌跡半徑為口，磁場圓半徑為 R,如圖所示，根據(jù)圖中幾何第7頁，共14頁 關(guān)系可得： 口 = HhmO=,同理可得：粒子2軌跡半徑為 門小“粒子1、2的半徑之比為 門：叫=工皿：加$0： = 1 ： 3,故B 錯(cuò)誤；C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得* =誦,解得動(dòng)量”卬=田

20、,所以射入磁場時(shí)，粒子 1、2的動(dòng)量之比等于半徑之比，即為 1： 3,故C正確；_，一.一一i 一 rr 2k _D、粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期 丁 =而,粒子1、2、3在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角分別為仇181F 一町12H , & - 1800- 120。二風(fēng)產(chǎn)，的180 ：江150cl ,粒子 1、2、3 在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為 h：力：詢一 120,： 60 : 150 = 4 ： 2： 5,故D正確。故選：CD。根據(jù)左手定則判斷粒子的電性；根據(jù)圖中幾何關(guān)系求解半徑，由此得到粒子1、2的半徑之比；根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解動(dòng)量之比；粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期 丁 =包瞿，求出粒子軌跡對(duì)應(yīng)的

21、圓心角，再求出粒子1、2、3在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比。對(duì)于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間。.答案：CD 解析：解：A、由于物塊恰好作自由落體運(yùn)動(dòng)，則物塊只受重力作用，物塊與斜面間的相互作用力為零，故物塊與斜面之間的彈力大小為0,故A錯(cuò)誤；B、物塊與斜面間的相互作用力為零，水平面對(duì)M的支持力大小為 Mg,故B錯(cuò)誤；C、設(shè)物塊下滑到底部需要的時(shí)間為t,斜面高為h,豎直方向根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得：百=獷此過程中斜面的位移為：匕an91水平方向根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可得：解得斜面的加速度大小為

22、 一4，故C正確；D、水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得水平力的大小為：尸=焉，故D正確。故選：CD。由于物塊恰好作自由落體運(yùn)動(dòng)，物塊只受重力作用，豎直方向根據(jù)平衡條件求解支持力；豎直方向 根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求時(shí)間，水平方向根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系求解斜面的加速度大小；水平方向根 據(jù)牛頓第二定律可得水平力的大小。對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算 公式求解加速度，再根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和水平方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律解答；知道加速度是聯(lián)系靜力 學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。.答案：BD第8頁，共14頁解析：解：A、半徑.= HJ仃的圓周上任意一點(diǎn) P的電勢為：“ 40s出代

23、力+ 20V根據(jù)三角函數(shù)的周期性知當(dāng)日-o和0 =的電勢相等，則知 B、D兩點(diǎn)3的電勢相等，如圖，可知電場的方向垂直于 BD向下，與y軸正方向成30 角，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)F =加5停一髀如匕 知電勢最大為：9“ - 601電勢最小為：*心=-20V,勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為：E =史喘= WlJF/mCD、n粒子帶正電，由動(dòng)能定理知 仃粒子到達(dá)電勢最低點(diǎn) C的電勢能最小，動(dòng)能最大，根據(jù)動(dòng)能定 理得：2cU =- Ekn其中,得：_ 2HT 加2f x 60+ 20f） V -洶K”,故 C 錯(cuò)誤，D 正確。故選：BD。根據(jù)電勢的表達(dá)式確定出等勢線，從而得出電場強(qiáng)度的方向，根據(jù)電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)

24、系求出電場強(qiáng)度的大小。門粒子帶正電，電勢最低點(diǎn)動(dòng)能最大，由由動(dòng)能定理求解最大動(dòng)能。本題通過電勢的表達(dá)式得出等勢線是解決本題的關(guān)鍵，知道電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系，注意在仃一Ed中，d表示沿電場線方向上的距離。.答案：ABD 解析：解：A、單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體具有各向同性，都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故 A正確；B、非晶體的微觀結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，非晶體會(huì)表現(xiàn)出各向同性，所以嚴(yán)格說來，只有晶體才能叫做真正的固體，故 B正確；C、一種液體是否浸潤某種固體與液體的性質(zhì)和固體的性質(zhì)都有關(guān)，故 C錯(cuò)誤；D、液體的蒸發(fā)在任何溫度下都能發(fā)生，沸騰必須在沸點(diǎn)溫度下進(jìn)行，故 D正確；

25、E、汽化熱不僅與物質(zhì)的種類有關(guān)，還與溫度、壓強(qiáng)有關(guān)，溫度升高，汽化熱變小，故E錯(cuò)誤。故選：ABD。在各種晶體中，原子、分子都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性；非晶體的微觀結(jié)構(gòu) 跟液體非常相似；液晶顯示器利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)；一種液體是否浸潤某種固體與 液體的性質(zhì)和固體的性質(zhì)都有關(guān)； 液體的蒸發(fā)在任何溫度下都能發(fā)生，沸騰必須在沸點(diǎn)溫度下進(jìn)行;汽化熱不僅與物質(zhì)的種類有關(guān)，還與溫度、壓強(qiáng)有關(guān)。本題考查了晶體微觀結(jié)構(gòu)、非晶體、浸潤現(xiàn)象、液體的蒸發(fā)與沸騰、物質(zhì)的汽化熱等知識(shí)點(diǎn)，這種題型知識(shí)點(diǎn)廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多加積累，難度不大。.答案：16 1解析：解：根據(jù)波的周期性，可知

26、 & = L號(hào)=02弱恰好是周期的整數(shù)倍，故應(yīng)有：（）.丁 =。25網(wǎng)=1、2、3），則周期為：丁 = 于.號(hào)，n取1時(shí)，該波的周期最大，為：了. 機(jī)2曲,則最小波速為:第9頁，共14頁在力=加時(shí)，即從t =再經(jīng)過U.75弓,此時(shí)波形圖不變，故原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為-10cm 故答案為：16, -Ido根據(jù)波的周期性求出該波周期的可能值，由圖象可讀波長，從而得出波速的表達(dá)式，即可求出波速的最小值；根據(jù)原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況確定其位移。本題考查波的圖象；解答關(guān)鍵是要理解波的周期性，能夠根據(jù)圖象直接讀出波長和各個(gè)位置處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向，知道波速、波長和頻率之間的關(guān)系訂=空。.答案：m、Fi

27、tt 6.1穿上運(yùn)動(dòng)鞋或屈腿彎曲，增加腳與地面的接觸時(shí)間 TOC o 1-5 h z 解析：解：(1)重物在空中運(yùn)動(dòng)的過程，由機(jī)械能守恒定律得： ,12m(fh =得所以重物與地面接觸前瞬間的速度大小為重物離開地面瞬時(shí)的速度大小為.，重物與地面接觸的過程，取豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理得：(F -m1一句)聯(lián)立解得.所以地面對(duì)重物的平均作用力F與重物重力 mg的比值為f _ y/2h + /21I而一為L因此上表中不需要測量的是m和F代入數(shù)據(jù)解得FX也，用訃+ -2 x閭 =卜I% 6打即x 0.100皿由F =小:37 + mg ,可以看出人從一定高度由靜止豎直跳下，可以穿上運(yùn)動(dòng)鞋或屈腿彎曲

28、，增加腳與地面的接觸時(shí)間來減小腳觸地瞬間受到的沖擊力。故答案為：()八 Fi(l, 6.1。(2)穿上運(yùn)動(dòng)鞋或屈腿彎曲，增加腳與地面的接觸時(shí)間。tn先根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出重物落地時(shí)的速度大小和重物離開地面時(shí)的速度大小。對(duì)重物與地面接觸的過程，利用動(dòng)量定理列式，求出地面對(duì)重物的平均作用力大小，從而平均作用力F與重物重力mg的比值，即可確定不需要測量的物理量。代入數(shù)據(jù)可求出。(2)根據(jù)F的表達(dá)式，分析減小腳觸地瞬間受到的沖擊力的措施。根據(jù)物體不同的運(yùn)動(dòng)過程，正確選取動(dòng)量定理是解答此題的關(guān)鍵。重物與地面接觸過程，涉及力在時(shí)間上的效果，要優(yōu)先考慮動(dòng)量定理，解題時(shí)要注意規(guī)定正方向。.答案：直流電流 歐

29、姆190 AC解析：解：(1)由圖示電路圖可知，當(dāng) S調(diào)到位置1時(shí)，表頭與分流電阻并聯(lián)，多用電表處于直流電 流擋；第10頁，共14頁 由圖示電路圖可知，當(dāng) S調(diào)到位置2時(shí)，表頭與內(nèi)置電源相連，多用電表處于歐姆擋。(2,選擋位為電阻xi口擋，由圖(切所示可知，其讀數(shù)為：1守其ion = 190。(31設(shè)歐姆表內(nèi)電池電動(dòng)勢為 E,歐姆表內(nèi)阻為 用由閉合電路歐姆定律得：1 = C 口 ,則1_ T?,圖象是雙曲線的一條，I隨著R,的增大而減小，且減小的越來越慢，故 C正確，D錯(cuò)誤；由閉合電路歐姆定律得：/ = 口, 3 ,整理得：1=卻d島,I - 是是一次函數(shù)，氏=0 川內(nèi) + /r,1 E h

30、f I時(shí)，： = 0,故A正確，B錯(cuò)誤。故選：AC。故答案為：(1)直流電流；歐姆；(2)190; (3)八。(I)表頭與分流電阻并聯(lián)可以改裝成電流表，表頭與分壓電阻串聯(lián)可以改裝成電壓表，歐姆表有內(nèi)置電源，根據(jù)圖示電路圖分析答題。(2)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。(3)歐姆表的工作原理是閉合電路歐姆定律，應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后分析圖示圖象答題。本題考查了多用電表結(jié)構(gòu)、 多用電表讀數(shù)，知道電表的改裝原理與多用電表內(nèi)部結(jié)構(gòu)是解題的前提，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以解題。.答案：解：彈出小球過程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，第

31、一次彈射過程，由動(dòng)量守恒定律得：+叫/+-如)=。,小車向右滑行過程，由動(dòng)能定理得：-P1.W +1 - ；川 + 嚀,以向右為正方向，第二次彈射過程，由動(dòng)量守恒定律得：Mr + wg 一小)一 0 ,小車向右滑行過程，由動(dòng)能定理得：C1小車向右運(yùn)動(dòng)的位移：,代入數(shù)據(jù)解得：工=1而1以；答：小車向右運(yùn)動(dòng)的位移 x為LU山打。解析：彈出小球過程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律分別求出彈射出第一個(gè)球和第二球后小車 的速度，結(jié)合動(dòng)能定理分別求出兩次向右滑行的位移，從而得小車向右運(yùn)動(dòng)的位移。本題考查了動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理的綜合運(yùn)用，分析清楚小車的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與 動(dòng)能定理可以解題；應(yīng)用動(dòng)

32、量守恒定律解題時(shí)要注意，速度是相對(duì)于同一參考系的速度。.答案：解：(I)小球拋出時(shí)，設(shè)水平速度為 %,豎直速度為%,有廣二d r。小球在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，有匕=2gh無電場時(shí)，在最高點(diǎn)時(shí)小球的動(dòng)能和勢能之比為1： 3,則第11頁，共14頁由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，有Q =貝 聯(lián)立解得.，為(2)由題意，加電場時(shí)，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能與拋出時(shí)的動(dòng)能相同，則小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度 大小為v。v由(”得小二萬若E的方向與小球初速度的水平分量方向相同，由動(dòng)量定理得:qEt = mv ni-解得 由動(dòng)能定理得： TOC o 1-5 h z 廠 I 219團(tuán)內(nèi)=-niu - -m(-) ri-lXs加曰3斛得 的日”若E的方向與小球初速度的水平分量方向相反，由動(dòng)量定理得:解得，由動(dòng)能定理得：= -mr -解得 答