2022年廣東普通高中學業(yè)水平選擇性考試物理真題及答案

1、2022年廣東普通高中學業(yè)水平選擇性考試物理真題及答案本試卷共7頁，16小題，滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1、答卷前，考生務必用黑色字跡鋼筆或簽字筆將自己的姓名、考生號、考場號和座位號填寫在答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（A）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼橫貼在答題卡右上角“條形碼粘貼處”。2、作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3、非選擇題必須用黑色字跡鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使

2、用鉛筆和涂改液，不按以上要求作答的答案無效。4、作答選考題時，請先用2B鉛筆填涂選做題的題號對應的信息點，再作答。漏涂、錯涂、多涂的，答案無效。5、考生必須保持答題卡的整潔，考試結束后，將試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1. 圖是可用來制作豆腐的石磨。木柄靜止時，連接的輕繩處于繃緊狀態(tài)。O點是三根輕繩的結點，F(xiàn)、和分別表示三根繩的拉力大小，且。下列關系式正確的是（）A. B. C. D. 【參考答案】D【解】以點為研究對象，受力分析如圖由幾何關系可知由平衡條件可得聯(lián)立可得故D正確，ABC錯誤。故選D。

3、2. “祝融號”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設火星和地球的冬季是各自公轉周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的1.88倍。火星和地球繞太陽的公轉均可視為勻速圓周運動。下列關于火星、地球公轉的說法正確的是（）A. 火星公轉的線速度比地球的大B. 火星公轉的角速度比地球的大C. 火星公轉的半徑比地球的小D. 火星公轉的加速度比地球的小【參考答案】D【解】由題意可知，火星的公轉周期大于地球的公轉周期C根據(jù)可得可知火星的公轉半徑大于地球的公轉半徑，故C錯誤；A根據(jù)可得結合C選項，可知火星的公轉線速度小于地球的公轉線速度，故A錯誤；B根據(jù)可知火星公轉的角速度小于地球公轉的角速度，故B錯

4、誤；D根據(jù)可得可知火星公轉的加速度小于地球公轉的加速度，故D正確。故選D。3. 圖是滑雪道的示意圖?？梢暈橘|點的運動員從斜坡上的M點由靜止自由滑下，經(jīng)過水平NP段后飛入空中，在Q點落地。不計運動員經(jīng)過N點的機械能損失，不計摩擦力和空氣阻力。下列能表示該過程運動員速度大小v或加速度大小a隨時間t變化的圖像是（）A. B. C. D. 【參考答案】C【解】設斜坡傾角為，運動員在斜坡MN段做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律可得運動員在水平段做勻速直線運動，加速度運動員從點飛出后做平拋運動，加速度為重力加速度設在點的速度為，則從點飛出后速度大小的表達式為由分析可知從點飛出后速度大小與時間的圖像不可能為

5、直線，且C正確，ABD錯誤。故選C。4. 圖是簡化的某種旋轉磁極式發(fā)電機原理圖。定子是僅匝數(shù)n不同的兩線圈，二者軸線在同一平面內且相互垂直，兩線圈到其軸線交點O的距離相等，且均連接阻值為R的電阻，轉子是中心在O點的條形磁鐵，繞O點在該平面內勻速轉動時，兩線圈輸出正弦式交變電流。不計線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響，下列說法正確的是（）A. 兩線圈產(chǎn)生的電動勢的有效值相等B. 兩線圈產(chǎn)生的交變電流頻率相等C. 兩線圈產(chǎn)生的電動勢同時達到最大值D. 兩電阻消耗的電功率相等【參考答案】B【解】AD根據(jù)兩線圈中磁通量的變化率相等，但是匝數(shù)不等，則產(chǎn)生的感應電動勢最大值不相等，有效值也不相等，根據(jù)可知

6、，兩電阻的電功率也不相等，選項AD錯誤；B因兩線圈放在同一個旋轉磁鐵的旁邊，則兩線圈產(chǎn)生的交流電的頻率相等，選項B正確；C當磁鐵的磁極到達線圈附近時，磁通量變化率最大，感應電動勢最大，可知兩線圈產(chǎn)生的感應電動勢不可能同時達到最大值，選項C錯誤；故選B。5. 目前科學家已經(jīng)能夠制備出能量量子數(shù)n較大的氫原子。氫原子第n能級的能量為，其中。圖是按能量排列的電磁波譜，要使的氫原子吸收一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（）A. 紅外線波段的光子B. 可見光波段的光子C. 紫外線波段的光子D. X射線波段的光子【參考答案】A【解】要使處于n=20的氫原子吸收一個光子后恰好失去一個電子

7、變成氫離子，則需要吸收光子的能量為則被吸收的光子是紅外線波段的光子。故選A。6. 如圖5所示，在豎直平面內，截面為三角形的小積木懸掛在離地足夠高處，一玩具槍的槍口與小積木上P點等高且相距為L。當玩具子彈以水平速度v從槍口向P點射出時，小積木恰好由靜止釋放，子彈從射出至擊中積木所用時間為t。不計空氣阻力。下列關于子彈的說法正確的是（）A. 將擊中P點，t大于B. 將擊中P點，t等于C. 將擊中P點上方，t大于D. 將擊中P點下方，t等于【參考答案】B【解】由題意知槍口與P點等高，子彈和小積木在豎直方向上做自由落體運動，當子彈擊中積木時子彈和積木運動時間相同，根據(jù)可知下落高度相同，所以將擊中P點；

8、又由于初始狀態(tài)子彈到P點的水平距離為L，子彈在水平方向上做勻速直線運動，故有故選B。7. 如圖所示，一個立方體空間被對角平面劃分成兩個區(qū)域，兩區(qū)域分布有磁感應強度大小相等、方向相反且與z軸平行的勻強磁場。一質子以某一速度從立方體左側垂直平面進入磁場，并穿過兩個磁場區(qū)域。下列關于質子運動軌跡在不同坐標平面的投影中，可能正確的是（）A. B. C. D. 【參考答案】A【解】AB由題意知當質子射出后先在MN左側運動，剛射出時根據(jù)左手定則可知在MN受到y(tǒng)軸正方向的洛倫茲力，即在MN左側會向y軸正方向偏移，做勻速圓周運動，y軸坐標增大；在MN右側根據(jù)左手定則可知洛倫茲力反向，質子在y軸正方向上做減速運

9、動，故A正確，B錯誤；CD根據(jù)左手定則可知質子在整個運動過程中都只受到平行于xOy平面的洛倫茲力作用，在z軸方向上沒有運動，z軸坐標不變，故CD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8. 如圖所示，磁控管內局部區(qū)域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場。電子從M點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經(jīng)過N、P兩點。已知M、P在同一等勢面上，下列說法正確的有（）A. 電子從N到P，電場力做正功B. N點的電勢高于P點的電勢C. 電子從M到N，洛倫茲力不做功D. 電子

10、在M點所受的合力大于在P點所受的合力【參考答案】BC【解】A由題可知電子所受電場力水平向左，電子從N到P的過程中電場力做負功，故A錯誤；B根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知N點的電勢高于P點，故B正確；C由于洛倫茲力一直都和速度方向垂直，故電子從M到N洛倫茲力都不做功；故C正確；D由于M點和P點在同一等勢面上，故從M到P電場力做功為0，而洛倫茲力不做功，M點速度為0，根據(jù)動能定理可知電子在P點速度也為0，則電子在M點和P點都只受電場力作用，在勻強電場中電子在這兩點電場力相等，即合力相等，故D錯誤；故選BC。9. 如圖所示，載有防疫物資的無人駕駛小車，在水平段以恒定功率、速度勻速行駛，在斜坡段以

11、恒定功率、速度勻速行駛。已知小車總質量為，段的傾角為，重力加速度g取，不計空氣阻力。下列說法正確的有（）A. 從M到N，小車牽引力大小為B. 從M到N，小車克服摩擦力做功C. 從P到Q，小車重力勢能增加D. 從P到Q，小車克服摩擦力做功【參考答案】ABD【解】A小車從M到N，依題意有代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B依題意，小車從M到N，因勻速，小車所受的摩擦力大小為則摩擦力做功為則小車克服摩擦力做功為800J，故B正確；C依題意，從P到Q，重力勢能增加量為故C錯誤；D依題意，小車從P到Q，摩擦力為f2，有摩擦力做功為聯(lián)立解得則小車克服摩擦力做功為700J，故D正確。故選ABD。10. 如圖所示，水平地

12、面（平面）下有一根平行于y軸且通有恒定電流I的長直導線。P、M和N為地面上的三點，P點位于導線正上方，平行于y軸，平行于x軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動，運動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的有（）A. N點與M點的磁感應強度大小相等，方向相同B. 線圈沿PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變C. 線圈從P點開始豎直向上運動時，線圈中無感應電流D. 線圈從P到M過程的感應電動勢與從P到N過程的感應電動勢相等【參考答案】AC【解】A依題意，M、N兩點連線與長直導線平行、兩點與長直導線的距離相同，根據(jù)右手螺旋定則可知，通電長直導線在M、N兩點產(chǎn)

13、生的磁感應強度大小相等，方向相同，故A正確；B根據(jù)右手螺旋定則，線圈在P點時，磁感線穿進與穿出在線圈中對稱，磁通量為零；在向N點平移過程中，磁感線穿進與穿出線圈不再對稱，線圈磁通量會發(fā)生變化，故B錯誤；C根據(jù)右手螺旋定則，線圈從P點豎直向上運動過程中，磁感線穿進與穿出線圈對稱，線圈的磁通量始終為零，沒有發(fā)生變化，線圈無感應電流，故C正確；D線圈從P點到M點與從P點到N點，線圈的磁通量變化量相同，依題意P點到M點所用時間較從P點到N點時間長，根據(jù)法拉第電磁感應定律，則兩次的感應電動勢不相等，故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：共54分。第1114題為必考題，考生都必須作答。第1516題為選考題，考

14、生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11. 某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導致的機械能損失，設計了如圖（a）所示的裝置，實驗過程如下：（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。（2）用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖（b）所示，小球直徑_。（3）測量時，應_（選填“A”或“B”，其中A為“先釋放小球，后接通數(shù)字計時器”，B為“先接通數(shù)字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電門的遮光時間和。（4）計算小球通過光電門的速度，已知小球的質量為m，可得

15、小球與橡膠材料碰撞導致的機械能損失_（用字母m、d、和表示）。（5）若適當調高光電門的高度，將會_（選填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的測量誤差。【參考答案】 . 7.883#7.884 . B . . 增大【解】（2）1依題意，小球的直徑為考慮到偶然誤差，7.883mm也可以。（3）2在測量時，因小球下落時間很短，如果先釋放小球，有可能會出現(xiàn)時間記錄不完整，所以應先接通數(shù)字計時器，再釋放小球，故選B。（4）3依題意，小球向下、向上先后通過光電門時的速度分別為v1、v2，則有則小球與硅膠材料碰撞過程中機械能的損失量為（5）4若調高光電門的高度，較調整之前小球會經(jīng)歷較大的空中距離，所以將會增

16、大因空氣阻力引起的測量誤差。12. 彈性導電繩逐步成為智能控制系統(tǒng)中部分傳感器敏感元件，某同學測量彈性導電繩的電阻與拉伸后繩長之間的關系，實驗過程如下：（1）裝置安裝和電路連接；如圖（a）所示，導電繩的一端固定，另一端作為拉伸端，兩端分別用帶有金屬夾A、B的導線接入如圖（b）所示的電路中。（2）導電繩拉伸后的長度L及其電阻Rx的測量將導電繩拉伸后，用刻度尺測量并記錄A、B間的距離，即為導電繩拉伸后的長度L。將滑動變阻器R的滑片滑到最右端。斷開開關S2，閉合開關S1，調節(jié)R，使電壓表和電流表的指針偏轉到合適位置。記錄兩表的示數(shù)U和I1。閉合S2，電壓表的示數(shù)_（選填“變大”或“變小”）。調節(jié)R使

17、電壓表的示數(shù)仍為U，記錄電流表的示數(shù)I2，則此時導電繩的電阻Rx=_（用I1、I2和U表示）。斷開S1，增大導電繩拉伸量，測量并記錄A、B間的距離，重復步驟和。（3）該電壓表內阻對導電繩電阻的測量值_（選填“有”或“無”）影響。（4）圖11(c）是根據(jù)部分實驗數(shù)據(jù)描繪的RxL圖線。將該導電繩兩端固定在某種機械臂上，當機械臂彎曲后，測得導電繩的電阻Rx為1.33k，則由圖線可讀出導電繩拉伸后的長度為_cm，即為機械臂彎曲后的長度。【參考答案】 . 變小 . . 無 . 51.80【解】（2）1閉合S2后，并聯(lián)部分的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電壓表的示數(shù)變小。2加在導電繩兩端的電壓為U，流過

18、導電繩的電流為I2I1，因此導電繩的電阻（3）3在閉合S2之前，電流表I1的示數(shù)包括定值電阻的電流和電壓表分得的電流，閉合S2之后，加在電壓表兩端的電壓保持不變，因此流過電壓表和定值電阻的總電流仍為I1，故流過導電繩的電流是I2I1，與電壓表內阻無關，電壓表內阻對測量沒有影響。（4）4由圖c可知，導電繩拉伸后的長度為51.80cm。13. 某同學受自動雨傘開傘過程的啟發(fā)，設計了如圖所示的物理模型。豎直放置在水平桌面上的滑桿上套有一個滑塊，初始時它們處于靜止狀態(tài)。當滑塊從A處以初速度為向上滑動時，受到滑桿的摩擦力f為，滑塊滑到B處與滑桿發(fā)生完全非彈性碰撞，帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動。已知滑

19、塊的質量，滑桿的質量，A、B間的距離，重力加速度g取，不計空氣阻力。求：（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌面對滑桿支持力的大小和；（2）滑塊碰撞前瞬間的速度大小v1；（3）滑桿向上運動的最大高度h?！緟⒖即鸢浮浚?），；（2）；（3）【解】（1）當滑塊處于靜止時桌面對滑桿的支持力等于滑塊和滑桿的重力，即當滑塊向上滑動過程中受到滑桿的摩擦力為1N，根據(jù)牛頓第三定律可知滑塊對滑桿的摩擦力也為1N，方向豎直向上，則此時桌面對滑桿的支持力為（2）滑塊向上運動到碰前瞬間根據(jù)動能定理有代入數(shù)據(jù)解得。（3）由于滑塊和滑桿發(fā)生完全非彈性碰撞，即碰后兩者共速，碰撞過程根據(jù)動量守恒有碰后滑塊和滑桿以速度v整

20、體向上做豎直上拋運動，根據(jù)動能定理有代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得。14. 密立根通過觀測油滴的運動規(guī)律證明了電荷的量子性，因此獲得了1923年的諾貝爾獎。圖是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為d的足夠大金屬極板，上極板中央有一小孔。通過小孔噴入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴帶上了電荷。有兩個質量均為、位于同一豎直線上的球形小油滴A和B，在時間t內都勻速下落了距離。此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A繼續(xù)以原速度下落，B經(jīng)過一段時間后向上勻速運動。B在勻速運動時間t內上升了距離，隨后與A合并，形成一個球形新油滴，繼續(xù)在兩極板間運動直至勻速。已知球形油滴受到的空氣阻力大小為，其中k為

21、比例系數(shù)，m為油滴質量，v為油滴運動速率，不計空氣浮力，重力加速度為g。求：（1）比例系數(shù)k；（2）油滴A、B帶電量和電性；B上升距離電勢能的變化量；（3）新油滴勻速運動速度的大小和方向?！緟⒖即鸢浮浚?）；（2）油滴A不帶電，油滴B帶負電，電荷量為，；（3）見解析【解】（1）未加電壓時，油滴勻速時的速度大小勻速時又聯(lián)立可得（2）加電壓后，油滴A速度不變，可知油滴A不帶電，油滴B最后速度方向向上，可知油滴B所受電場力向上，極板間電場強度向下，可知油滴B帶負電，油滴B向上勻速運動時，速度大小為根據(jù)平衡條件可得解得根據(jù)又聯(lián)立解得（3）油滴B與油滴A合并后，新油滴的質量為，新油滴所受電場力若，即可知新油滴速度方向向上，設向上為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得新油滴向上加速，達到平衡時解得速度大小為速度方向向上；若，即可知設向下為正方向，根據(jù)動量守恒定律可知新油滴向下加速，達到平衡時解得速度大小為速度方向向下。（二）選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。15. 利用空調將熱量從溫度較低的室內傳遞到溫度較高的室外環(huán)境，這個過程_（選填“是”或“不是”）自發(fā)過程。該過程空調消耗了電能，空調排放到室外環(huán)境的熱量_（選填“大