重慶2018屆高三上學期期末抽測一診理綜物理試卷解析版

1、重慶市2018屆高三上學期期末抽測（一診）理綜物理試卷一、選擇題.關于近代物理發(fā)展的成果，下列說法正確的是（）A.只要增加入射光的強度，光電效應就可以發(fā)生B.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時會輻射特定頻率的光子C.環(huán)境溫度越高，原子核衰變的速度越快D.任何核反應都遵從質量守恒定律【答案】B【解析】A、發(fā)生光電效應和光的強度沒有關系，只有大于極限頻率才可以發(fā)生光電效應，故A錯;B、根據(jù)玻爾氫原子模型的相關理論，電子軌道和能量都是量子化的，而在 躍遷”過程中要遵循 池三后血-穌，故只能輻射特定頻率的光子；故B正確.C、衰變和元素本身有關，和溫度無關，故 C錯;D、愛因斯坦的質能方程表明核反應中存在質量虧

2、損，故 D錯;綜上所述本題答案是：B.如圖所示，上表面水平的物塊M,剛好在固定的足夠長的斜面上勻速下滑.現(xiàn)把另一物塊N輕輕地疊放在M的上表面上，下列說法正確的是（）A.兩物塊M、N一起勻速向下滑動B.兩物塊M、N一起加速向下滑動C.物塊M所受的合外力變大D.物塊M所受的合外力變小【解析】：AB、未放N時，對M受力分析，受重力Mg、支持力N、摩擦力f.,設斜面的傾角為6，根據(jù)平衡條件N = mgcosOf = mgsinO = pN得：r = tan6因為物體N輕輕地疊放在 M上，相當于增大物體 M重力，上式關系仍然成立，說明M、N這個整體一起向下勻速運動，故A對，B錯；由于M還是勻速下滑，所以

3、受到的合外力為零，故 CD錯綜上所述本題答案是：A.如圖所示，豎直面內(nèi)分布有水平方向的勻強電場，一帶電粒子沿直線從位置 a向上運動到位置 b,在這個過程中，帶電粒子 （）；7金一 1A.只受到電場力作用B.帶正電C.做勻減速直線運動D.機械能守恒【答案】C【解析】AB、帶電粒子沿直線從位置立運司I到位置b ,說明帶電粒子受到的合外力方向與速度在一條直線上，對小球受力分析，應該受到鞋直向下的重力，和水平向左的電場力，電場力方向與電場線方向相反，所以小球帶負電，故出錯；C、由于小球做直線運動所以電場力和重力的合力應該和速度在一條線且與速度方向相反，故小球做勻減速 直線運動，故 C對;D、電場力做負

4、功，機械能減小，故 D錯誤；綜上所述本題答案是：C.如圖所示，電源電動勢 E,內(nèi)電阻恒為r, R是定值電阻，熱敏電阻 RT的阻值隨溫度降低而增大，C是平行板電容器.閉合開關S,帶電液滴剛好靜止在 C內(nèi).在溫度降低的過程中， 分別用 AUP AU2和AU3表示電流表、電壓表 1、電壓表2和電壓表3示數(shù)變化量的絕對值.關于該電路工作狀態(tài)的變化，下列說法C.帶電液滴一定向下加速運動D.電源的工作效率一定變大【答案】D【解析】AB、根據(jù)電路知識知，V3測路端電壓，V2測熱敏電阻RT的電壓，Vi測定值電阻R的電阻， 由= ETr得：=rAI,、 AU：由口工=ET(R + i)得：=Ri-rAlU1 =

5、 IR得：二R故AB錯； AIC、帶電液滴在平行板中受到向上的電場力和向下的重力處于平衡狀態(tài)，在溫度降低的過程，熱敏電阻RT阻值變大，回路中電流變小，路端電壓增大，由于流過定值電阻R的電流變小，所以分的電壓也就變小，而路端電壓增大，故 V2讀數(shù)增大，平行板間的電場強度也增大，導致帶電液滴向上運動，故C錯;UI uD n =，由于路端電壓增大，所以電源的工作效率一定變大，故D正確;綜上所述本題答案是：D點睛：認清本題電路結構，并要明確AU AU： 、AI AI AI,分別代表什么，然后結合串并聯(lián)電路求解帶求量5.如圖所示，在0WxWga區(qū)域內(nèi)存在與 xOy平面垂直的勻強磁場，磁感應強度大小為B.

6、在t=0時刻，從原點O發(fā)射一束等速率的相同的帶電粒子，速度方向與y軸正方向的夾角分布在 090。范圍內(nèi).其中，沿y軸正方向發(fā)射的粒子在t=t0時刻剛好從磁場右邊界上P(3a,/a)點離開磁場，不計粒子重力，下列說法正確 TOC o 1-5 h z 的是()，產(chǎn)（,辰）X j k03a XA.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為3aB.粒子的發(fā)射速度大小為 C.帶電粒子的荷質比為D.帶電粒子在磁場中運動的最長時間為2t0【答案】D【解析】A、根據(jù)題意作.出沿y軸正方向發(fā)射的帶電粒子在磁場中做圓周運動軌跡如圖所示圓心為O,根據(jù)幾何關系，粒子做圓周運動的半徑為2a,故A錯;2n2 冗xaB、沿y軸發(fā)射的粒

7、子在磁場中運動的圓心角為工，運動時間f _ 3 解得：3t047ra飛二丁，選項B錯誤;C、沿y軸發(fā)射的粒子在磁場中運動的圓心角為,對應運動時間為b所以粒子運動的周期為=%）,.r r/2兀7由，Iq2瓦,“則一=故C專日；m 3叫D、在磁場中運動時間最長的粒子的運動軌跡如圖所示由幾何知識得該粒子做圓周運動的圓心角為不，在磁場中的運動時間為2to故d正確；綜上所述本題答案是：D 點睛：本題考查帶電粒子在磁場中的運動，解題的關鍵在于確定圓心和半徑，并能根據(jù)幾何關系確定可能 的運動軌跡6.我國計劃于今年年底發(fā)射“嫦娥 5號”航天器.假設航天器在近月軌道上繞月球做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t （小于繞行

8、周期），運動的弧長為s,航天器與月球中心連線掃過的角度為。（弧度），引力常量為G,則（）A.航天器的軌道半徑為- t2也B.航天器的環(huán)繞周期為3C.月球的質量為;G01-D.月球的密度為 4Gf【答案】BC【解析】A、根據(jù)幾何關系得T = .故A錯誤； V1 7T2jrLB、經(jīng)過時間t,航天器與月球的中心連線掃過角度為甘則:。=諭=t彳導:T=.故B對TB，一一、,一 t , GMm2兀 24兀1s , 人口 C、由萬有引力充當向心力而做圓周運動，所以:一，-=出不）I所以；M = -=-.所以C選項是正確的r 1G0l-D、人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，月球的半徑等于r,則月

9、球的體積：/ = 不/，月球的密附故D錯 4srGt2度為廠里=可一 3-7TT綜上所述本題答案是：BC點睛：由萬有引力充當向心力而做圓周運動的，則由萬有引力公式及已知量可得出能計算的物理量.如圖甲所示，豎直輕彈簧固定在水平地面上，上端與質量為0.1kg的木塊A相連，質量也為 0.1kg的木塊B疊放在A上，A、B都靜止.在B上施加豎直向下的力 F,使木塊緩慢向下移動. F的大小與木塊移動距離x的關系如圖乙所示，整個過程彈簧都處于彈性限度內(nèi)，g取10m/s2.下列說法正確的是 （）圖甲A.彈簧的勁度系數(shù)為 500N/m.在木塊下移0.1m的過程中，彈簧的彈性勢能增加2.5 JC.當木塊下移0.1

10、m時，若撤去F,則B的最大速度為5m/sD.當木塊下移0.1m時，若撤去F,則A、B分離時的速度為5m/s【答案】AC【解析】A、彈簧的形變量之間 0.1m的過程中，壓力增大 50N,根據(jù)胡克定律：F=k&,所以:= 500N,m故A正確;AF 50 k a x 0 JB、由圖，F(xiàn)-x圖象中，縱坐標 F與橫坐標x之間所圍的面積表示力 F做的功，所以這個過程中力F做功W =二503 = 2.5J ,而彈簧彈性勢能的增加量等于力F做的功與木塊重力勢能的減少量之和，故彈簧s-i的彈性勢能增加量大于 2.5J ；故B錯誤；C、木塊下移0.1 m時，若撤去F,則A與B整體將以開始時的位置為平衡位置做簡諧

11、振動，所以當 AB回到平衡位置時速度最大；由于開始階段壓力做功2.5J,所以A與B的速度最大時，二者動能的和是2.5J,即幻/： =得：1 =加國.故C正確.D、由C的分析可知，當B的速度是5m/s時，二者仍然在平衡位置，所以二者的加速度都等于0, B受到的A對B的彈力等于重力，所以二者沒有分離.故 D錯誤.綜上所述本題答案是：AC點睛：該題考查功能關系以及兩個物體分離的條件，關鍵是要明確兩個木塊分離時二者的速度相等，加速度相等，同時二者之間的相互作用力等于0;另外明確系統(tǒng)中什么能減少、什么能增加.8.如圖所示，水平傳送帶以恒定速率傳動.每隔相同時間 T,在左端A點，輕輕放上一個完全相同的工件

12、， 已知工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為肉工件質量為m.經(jīng)測量，發(fā)現(xiàn)那些已經(jīng)和傳送帶共速的工件之間的距離均為L .已知重力加速度為 g,下列說法正確的是 （）Q QA.傳送帶的速度大小為一TLB.工件在傳送帶上加速時間為 c.每個工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為止若：mL2D.傳送帶因傳送每一個工件而多消耗的能量為T-【答案】AD【解析】A、工件在傳送帶上先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，每個工件滑上傳送帶后運動的規(guī)律相同，可知x = vT = L ,解得傳送帶的速度v = - .故A正確. TB、設每個工件勻加速運動的時間為t,根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為a=g,根據(jù)三丫口十凱，

13、解得：t .故B錯誤.a T.ng TOC o 1-5 h z 22ml?C、工件與傳送帶相對滑動的路程為：= v，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q = grng Ax = ,陋2pg 2晤2r故C錯誤.I* ，一10ml? , 一人D、根據(jù)能重寸恒，傳送田因傳送一個工件多消耗的能重E = -mH + .umg &x = ,故D正確.2j2綜上所述本題答案是：AD二、非選擇題：9.某中學實驗室有一個標志為 100 0% ”的定值電阻，某同學準備用伏安法盡量精確地測定它的阻值.實驗室指導老師為他準備了以下器材：A.電流表A1 （內(nèi)阻約為100 量程30mA）B.電流表A2 （內(nèi)阻約為0.2口量程1A）C.

14、電壓表V1 （內(nèi)阻約為10 4口量程15V）D.電壓表 V2 （內(nèi)阻約為 4X103R量程3V）E.滑動變阻器R （規(guī)格為20 Q, 1A）F.直流電源E （電動勢為3V,內(nèi)電阻不計）G.開關S及導線若干（1）電流表應該選用 ,電壓表應該選用 .（2）請在答題卡的虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖 .測量結果偏 （填“大”或“小”）. Ai.上(4).小【解析】(1)電源電動勢為3V,所以電壓表選 V2,流過待測電阻的最大電流大約是:U 3,故電流表選Ai,1 = - 0.03 A = 30mAR 100(2)滑動變阻器的阻值比待測電阻小，為了調節(jié)方便，應該用分壓電路，電流表的內(nèi)阻接近待測電阻，為了減小誤

15、差，應該用電流表外接法，所設電路如圖所示U(3)由于電壓表的分流，導致測量的電流偏大，由R = f知測量的電阻偏小。.某組同學計劃用如圖甲所示的實驗裝置，探究加速度a與合外力F及小車質量 M之間的定量關系.(1)為了平衡小車在運動過程中受到的阻力，必須使木板傾斜恰當?shù)慕嵌葹槿粜≤嚭湍景逯g的動摩擦因數(shù)為則tan 科(選填“義 建或“=”).(2)實驗得到如圖乙所示的紙帶.O點為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1s的相鄰計數(shù)點A、B、C、D、E、F、G,小車的加速度大小為 m/s2 (結果保留2位有效數(shù)字).(3)在處理實驗數(shù)據(jù)時，用m表示祛碼和托盤的總質量， 用M表示小車的質量，用

16、g表示當?shù)氐闹亓铀俣?若用m、M和g表述小車的加速度，則測量值為,理論值為. TOC o 1-5 h z 【答案】(1). =(2). 0.99 (0.98 1.0 )(3). (4).,Mm + M【解析】(1)為了平衡小車在運動過程中受到的阻力，必須使木板傾斜恰當?shù)慕嵌瘸鹑粜≤嚥皇芾ψ饔孟履苎匦泵鎰蛩傧禄?，由平衡知：mgsinS = jJtmgcosO得：R = tan6(0,6677),3670)-(0.3670-0,1550)7(2)利用=打?得咨=;=0一99向一由于誤差存在，所以加速度在(3T)2(0.98 1.00)者B算正確；mg速度，由牛頓第二定律得：=即8=這是實驗的理

17、論值,m - M等于鉤碼和托盤的總重力，所以測量值為二Mmg綜上所述本題答案是：(1). =(2). 0.99 (0.981.0)(3).一M但在測量時認為繩子對車的拉力(4).mgm + M(3)在處理實驗數(shù)據(jù)時，用 m表示祛碼和托盤的總質量，用M表示小車的質量，用 g表示當?shù)氐闹亓觤2=1kg的小物塊靜止在長木板.如圖甲所示，質量 m1=4kg的足夠長的木板靜止在光滑水平面上，質量的左端.現(xiàn)對小物塊施加一水平向右的作用力F,小物塊和長木板運動的速度圖象如圖乙所示.2s后，撤去2F, g 取 10m/s .求:av/ (ms1)圖甲圖乙 TOC o 1-5 h z (1)小物塊與長木板之間

18、的動摩擦因數(shù)百(2)水平力的大小F;(3)撤去F后，小物塊和長木板構成的系統(tǒng)損失的機械能3E.【答案】(1) B = 0.2 ； (2) F=4N ; (3) AE = 3.6J一一 J1,2【解析】(1)由速度圖象可知：長木板的加速度a=3 = 0nm，5JLr由牛頓第二定律可知：小物塊施加給長木板的滑動摩擦力If小物塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)：二m2g(2)由速度圖象可知：小物塊的加速度a2 = - = 2mH由牛頓第二定律可知： .一 111 F = 4N撤去F后，小物塊和長木板構成的系統(tǒng)動量守恒mji = mjv系統(tǒng)損失的機械能，.，- .綜上所述本題答案是：(1) r = 02 ;

19、(2) F=4N ; (3) E=3.6J點睛：本題考查了對圖像分析的能力，以及運用動量守恒和能量守恒解題時應該注意的問題。12.如圖甲所示，在 xoy平面的第I象限內(nèi)有沿 +x方向的勻強電場 Ei,第n、出象限內(nèi)同時存在著豎直向 上的勻強電場 E2和垂直紙面的勻強磁場 B, E2 =2.5N/C,磁場B隨時間t周期性變化的規(guī)律如圖乙所示， Bo=O.5T,垂直紙面向外為磁場正方向.一個質量m=5X 10-5kg、電荷量q=2 M0”C的帶正電液滴從 P點(0.6m, 0.8m)以速度v0=3m/s ?&-x方向入射，恰好以沿-y方向的速度v經(jīng)過原點O后進入xw 0的區(qū)域, t=0時液滴恰好通

20、過 O點，g取10m/s2.求：圖甲圖乙(1)電場強度 日和液滴到達。點時速度的大小 v ;(2)液滴從P開始運動到第二次經(jīng)過x軸所經(jīng)歷的時間t總；(3)若從某時刻起磁場突然消失，發(fā)現(xiàn)液滴恰好以與+y方向成30。角的方向穿過y軸后進入x0的區(qū)域，試確定液滴穿過y軸時的位置.【答案】（1） v=4m/s; % = L875N/C（2）噫=gt o.%&（3） yj 響加-1尸 Jm （式中 n=1,2,3,）% = 2/Qn-1）+ lm （式中 n=1,2,3,）【解析】（1）液滴在x0的區(qū)域內(nèi)受豎直向下的重力和水平向右的電場力的作用,液滴在豎直方向上做自由落體運動：1 t2Y =滑t=0.4

21、sv=gt解得：v=4m/s液滴在水平方向上做勻減速運動前qE% = ma解得：（2）液滴進入x0的區(qū)域后，由于qE?N：mg,液滴運動軌跡如圖1所示，其做圓周運動的大、小圓半徑分別為1、r2,運動周期分別為T1、T2。曠 2qvB0 = m2m解得：IqB。液滴從P點到第二次穿過x軸經(jīng)過的時間t總：t總11 英t + + ( + 0.4)s42-(3)情形一：若磁場消失時，液滴在x軸上方，如圖1所示:0一口 gs3000Ml =嬴而一 F。-sin300) = Q腎 l)m3f-4 8犯0OM,二十 r,(l-sin30) = (65-1 加、tan3y2 3丫根據(jù)周期性可得，液滴穿過 y軸

22、時的坐標yn滿足:(2nT)i工國嗎伊y = r,(-sin30a)11 tan3(T -式中 %=2在(式中 n=1,2,3 )所示:情形二：若磁場消失時，液滴在x軸下方，如圖2ON.=1 tan3O03r,卜口85300N, =:-r2(l-sin30) = (2v5-加tan3(Tt式1 sin300) = (fi 4+ l)m根據(jù)周期性可得，液滴穿過 y軸時的坐標yn滿足:(2nT)T+ jcos30Py =z-r2(l-sin300)htan30式中了口嚏2招1T)+(式中n=1,2,3)綜上所述本題答案是:(1) v=4m/s; Ei1.875N/C點睛：本題重點是對磁場周期性的應

23、用，磁場的周期性一定就會由粒子運動周期性的變化，故只要得到一 個周期的運動軌跡，就可以重復畫軌跡，直到得到想要的結果.本題由于粒子的運動軌跡比較復雜，故考 查的難度相對較大13.關于熱現(xiàn)象的描述，下列說法正確的是（）A.漂浮在水面上的花粉顆粒越大，撞擊花粉顆粒的水分子越多，布朗運動反而越不明顯B.氣體的溫度越高，每個氣體分子的動能都越大C.零攝氏度的水比等質量的零攝氏度的冰分子勢能大D.對于一定質量的理想氣體，如果體積增大，就會對外做功，所以內(nèi)能一定減少E.內(nèi)能既能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，也能夠從低溫物體傳遞到高溫物體【答案】ACE【解析】I懸浮在液體中小顆粒周圍有大量的液體分子，由于液體

24、分子對懸5觥施無規(guī)則撞擊，造成小顆粒受到的沖力不平衡而引起小顆粒的運動，撞擊它的分子數(shù)越多,布朗運動越不明顯，故A正確；B、溫度是分子平均動能的標志，滿足統(tǒng)計規(guī)律，對個別分子沒有意義，溫度越高，分子的平均動能增大,并不是每個分子的動能都增大，故B錯誤C、0度的冰變化成了 0度的水，吸熱，當然水比冰的內(nèi)能大。由于溫度相同，分子平均動能相同，那么 水的分子勢能就更大，故C對;D、氣體體積增大時，對外做功，但有可能吸收熱量，故內(nèi)能變化情況未知，故D錯;，但會引起其他變化，故 ESi = 2cm2,較細的部分橫E、內(nèi)能既能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，也能夠從低溫物體傳遞到高溫物體正確。綜上所述本題答案

25、是：ACE.如圖甲所示，形狀別致的玻璃管，上端開口且足夠長，較粗的部分橫截面積截面積S2=1cm2,用適量的水銀在管內(nèi)密封氣體.封閉氣體初始溫度為57 C,氣柱長度L=22cm.現(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，氣體壓強隨體積變化的規(guī)律如圖乙所示，管內(nèi)氣體可視為理想氣體，求:封閉氣體初始狀態(tài)的壓強 Pl;當所有水銀全部壓入細管時，氣體溫度丁2.【答案】（1） Pi=80cmHg（2） J=369K【解析】加熱之初，封閉氣體體積Vi=SiL=44cm 3由 P-V 圖可知：Pi=80cmHg由P-V圖可知：所有水銀全部壓入細管時，封閉氣體的壓強P2=82cmHg體積 4： 一PM WV-VT2= 369K綜上所述本題答案是：（1） Pi=80cmHg（2） G= 369K點睛：找出各個狀態(tài)下的參量是正確解題的關鍵，熟練應用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題.下列說法正確的是 （）A.在雙縫干涉實驗中，保持入射光的頻率不變，增大雙縫間的距離，干涉條紋間距也增大B.日落時分，拍攝水面下的景物，在照相機鏡頭前裝上濾光片，可以使景像