2021-2022年重慶市江津中學高二（上）第三次定時訓練物理試題（解析版）

1、 江津中學高2023級高二上物理第三次定時訓練考試時間：75分鐘 滿分100分一、單項選擇題（共7小題，每小題4分）1. 關于機械波的說法正確的是（）A. 兩列波相遇時，只要頻率相等就一定能觀察到穩(wěn)定的干涉現象B. 縫、孔或障礙物的尺寸跟波長差不多，或者比波長更小時，才會發(fā)生明顯的衍射現象C. 發(fā)生多普勒效應時，波源的頻率發(fā)生了改變D. 波的傳播速度就是波源的振動速度【答案】B【解析】【詳解】A發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相等，振動情況一樣，相位差恒定，故A錯誤；B任何情況下都可以發(fā)生衍射現象，只有縫、孔或障礙物的尺寸跟波長差不多，或者比波長更小時，才會發(fā)生明顯的衍射現象，故B正確；C發(fā)生多普勒效

2、應時，波源的頻率沒有發(fā)生改變，只是觀察者接受到的波的頻率發(fā)生了變化，故C錯誤；D波的傳播速度與波源的振動速度是完全不同的兩個速度；波在同一均勻介質中勻速傳播，速度不變，而質點的振動速度隨時間是周期性變化的。波速反映振動在介質中傳播快慢，而波源的振動速度反映波源振動的快慢，所以波的速度與振源的振動速度不同。故D錯誤。故選B。2. 跳水運動員準備進行跳板跳水訓練從起跳到落水前過程的路徑為拋物線，將運動員從最高點到入水前的運動過程記為，運動員入水后到最低點的運動過程記為，忽略空氣阻力。則運動員（）A. 過程的動量變化率逐漸增大B. 過程、的總動量改變量為零C. 過程的動量改變量等于重力的沖量D. 過

3、程的動量改變量等于重力的沖量【答案】C【解析】【詳解】A過程的動量變化率數值上等于運動員的重力，即不變，選項A錯誤；B運動員在最高點的速度不為零，末速度為零，則過程、的總動量改變量不等于零，選項B錯誤；C由動量定理，過程中動量改變量等于重力的沖量，即，選項C正確；D過程的動量改變量等于合外力的沖量，不等于重力的沖量，選項D錯誤故選C。3. 如圖所示是一個共振演示器，1、4 和7號擺擺長相同，4號擺擺球質量大于其他擺球。使4號擺偏離平衡位置后釋放，4號擺在振動中通過頂端橫跨的繩子對其他幾個擺施加周期性的驅動力。在振動穩(wěn)定后，下列說法中正確的是（）A. 在擺動過程中，3號擺的頻率比4號擺的頻率小B

4、. 5號擺的頻率比1號擺大C. 3號擺的振幅最大，5號擺的振幅最小D. 在除4號擺之外的其他擺中，1、7號擺振幅最大【答案】D【解析】【詳解】AB受迫振動的頻率與驅動力頻率相同，則所有擺的頻率都相同，故AB錯誤；CD擺長相同則固有頻率相同，故1、7號擺能夠與4號球產生共振，振幅最大，故C錯誤，D正確。故選D。4. 如圖所示，兩根垂直紙面的直導線a、b通有大小相同的電流，兩導線旁有一點P，P點到a、b距離相等。若使P點的磁場方向向左，則（）A. a中電流方向向外，b中電流方向向里B. a中電流方向向外，b中電流方向向外C. a中電流方向向里，b中電流方向向里D. a中電流方向向里，b中電流方向向

5、外【答案】D【解析】【詳解】根據平行四邊形定則以及對稱性可知，當P點的磁場方向向左時，直導線a、b中的電流在P點激發(fā)的磁場方向如圖所示，根據安培定則可知此時a中電流方向向里，b中電流方向向外，故D正確。故選D。5. 質量為M的物塊以速度v運動，與質量為m的靜止物塊發(fā)生正碰，碰撞后兩者的動量正好相等，兩者質量M與m的比值可能為（）A. 2B. 4C. 6D. 8【答案】A【解析】【詳解】設碰撞后兩物體的動量為p，由動量守恒可知碰撞前后動能不能增加，則解得碰撞后兩物體動量相同，故速度方向相同，且碰后M速度應該小于等于m速度，則故A正確，B、C、D錯誤；故選A。6. 如圖所示的電路中，閉合開關，燈L

6、1、L2正常發(fā)光。由于電路出現故障，突然發(fā)現L1變暗，L2變亮，電流表的讀數變小。若只有一處故障，請分析發(fā)生的故障的可能是（）A. R1斷路B. R2斷路C. R3短路D. R4短路【答案】B【解析】【分析】【詳解】沒有發(fā)生故障前，等效電路如圖所示：A若R1短路，發(fā)現燈L1不亮，則電路中總電阻減小，則總電流增大；由右側部分總電阻沒有變，則右側電壓將增大，電流表的讀數變大，燈L2應變亮，不符合題意，故A錯誤；B若R2斷路，則電路中電阻增大，則電路中的電流減小，由左側部分總電阻沒有變，則左側電壓將減小，則可知L1應變暗，根據閉合電路歐姆定律可知右側部分兩端的電壓增大，燈L2電流變大，功率變大，燈L

7、2應變亮，根據并聯分流可得流過電流表的電流減小，所以電流表的讀數變小，故B正確；C如果R3發(fā)生短路，電路的總電阻變小，電流變大，左側電路的結構沒有發(fā)生變化，則燈L1變亮，C錯誤；D若R4短路，則電路中總電阻減小，電路中電流增大，由左側部分總電阻沒有變，則左側電壓將增大，則可知L1應變亮，根據閉合電路歐姆定律可知右側部分兩端的電壓減小，燈L2電流變小，功率變小，燈L2應變暗，根據并聯分流可得流過電流表的電流增大，所以電流表的讀數變大，故D錯誤。故選B。7. 如圖所示，光滑水平面上，質量為2m 的小球B連接著輕質彈簧，處于靜止；質量為m 的小球A以初速度v0向右勻速運動，接著逐漸壓縮彈簧并使B運動

8、，過一段時間，A與彈簧分離，設小球A、B與彈簧相互作用過程中無機械能損失，彈簧始終處于彈性限度以內。則下列說法不正確的是（）A. 當彈簧被壓縮到最短時，A球的速度為B. 在運動過程中彈簧的最大彈性勢能為C. 從A接觸彈簧到再次恢復原長時，彈簧對A、B沖量相等D. 在運動過程中，當A球的速度大小為，B球的速度大小可能為【答案】C【解析】【詳解】A當彈簧被壓縮到最短時，A球的速度為解得選項A正確；B彈簧的最大彈性勢能為B正確；C從A接觸彈簧到再次恢復原長時，彈簧對A、B的沖量方向相反，不能相等，C錯誤；D當碰撞后A球以速度反彈向左運動時，由動量守恒定律解得選項D正確。此題選擇不正確的選項，故選C。

9、二、多項選擇題（共4小題，每小題4分。全部選對的得4分，選對但 不全的得2分，有錯選的得0分）8. 如圖所示，兩束不同的單色光P和Q，以適當的角度射向半圓形玻璃磚，其出射光線都是從圓心O點沿OF方向射出，則下面說法正確的是（）A. P光束在玻璃磚中的折射率小B. Q光束的頻率比P光束的頻率小C. Q光束穿過玻璃磚所需時間長D. P光束穿出玻璃磚后頻率變大【答案】AC【解析】【詳解】A由圖看出，單色光Q的偏折角較大，根據折射定律得知，玻璃對單色光Q的折射率較大，P光束在玻璃磚中的折射率小，故A正確；B折射率越大，光的頻率越大，所以Q光束的頻率比P光束的頻率大，故B錯誤；C由分析得知，Q光在玻璃中

10、傳播速度較小，所以Q光束穿過玻璃磚所需時間長故C正確；D光的頻率由光源決定，與介質無關，則P光束穿出玻璃磚后頻率不變故D錯誤。故選AC。9. 一簡諧橫波沿x軸方向傳播，已知t=0.1 s時的波形如圖甲所示，圖乙是x=4 m處的質點的振動圖像，則下列說法正確的是（）A. 該簡諧橫波沿x軸負方向傳播B. 該簡諧橫波的波速為5 m/sC. 經過0.4 s，x=2 m處的質點沿波的傳播方向遷移了40 mD. 在t=0.5 s時，x=2 m處的質點到達平衡位置，沿y軸負方向運動【答案】AD【解析】【詳解】A由題圖乙知t0.1 s時，x4 m處的質點的振動方向沿y軸正方向，結合題圖甲知該簡諧橫波沿x軸負方

11、向傳播，選項A正確；B根據題圖可知波長4 m，周期T0.4 s，所以波速為選項B錯誤；C機械波傳播的過程中，質點只能在自己平衡位置附近上下振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；D在t0.1 s時，x2 m處的質點在平衡位置沿y軸負方向運動，在t=0.5 s時，即再過一個周期又回到原位置，沿y軸負方向運動，選項D正確；故選AD。10. 甲、乙兩列簡諧橫波在同種均勻介質中傳播，如圖所示為t=0時刻兩列波恰好在坐標原點相遇時的波形圖，甲波的頻率為2Hz，沿x軸正方向傳播，乙波沿x軸負方向傳播，則下列說法正確的是（）A. 兩列波疊加后，x=2m處振動減弱點B. 甲、乙兩波的頻率之比為1：1C. 兩列波疊加后

12、，x=0處的質點振幅為30cmD. t=0.75s時，x=0處的質點處于平衡位置，且向下運動【答案】BCD【解析】【詳解】A兩列波疊加后，在x=2m處兩波的波峰與波峰或波谷與波谷相遇，振動加強，故A錯誤；B兩列波在同一介質中傳播，則波速相等，兩列波的波長相等，則周期和頻率相等，則甲、乙兩波的頻率之比為1：1，選項B正確；C兩列波疊加后，x=0處的質點振動加強，振幅為A0=A甲+A乙=10cm+20cm=30cm故C正確；D兩波的周期為 T=0.5st=0時刻，x=0處的質點處于平衡位置，且向上運動因為 t=0.75s=T，所以t=0.75s時，x=0處的質點處于平衡位置，且向下運動，故D正確。

13、故選BCD。11. 如圖所示，質量均為2m的木塊A和B，并排放在光滑的水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點系一長為l的細線，細線另一端系一質量為m的球C?，F將C球拉起使細線水平伸直，并由靜止釋放C球。則下列說法正確的是（）A. 整個運動過程中，A、B、C系統(tǒng)動量守恒，機械能守恒B. 整個運動過程中，A、B、C系統(tǒng)水平方向動量守恒，機械能守恒C. 當C運動到最低點時，AB的速度為D. 當C運動到最低點時，AB速度為【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB整個運動過程中，只有重力做功，A、B、C系統(tǒng)機械能守恒，水平方向無外力作用，水平方向動量守恒，但豎直方向有重力作用，動量不守恒，故A錯誤

14、，B正確；CD當C運動到最低點時，根據水平方向動量守恒有根據機械能守恒有聯立解得AB的速度為故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題（本題共2小題，共18分）12. 某同學做“用單擺測定重力加速度”的實驗時：（1） 如果他測得的g值偏小，可能的原因是_。A將懸點到小球下端的距離記為擺長B擺線上端懸點未固定，擺動中出現松動，使擺線長度增加C開始計時時，秒表過遲按下D實驗中誤將49次全振動數次數記為50次（2） 為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長并測出相應的周期T，從而得出一組對應的與的數據如圖1所示，再以為橫坐標，為縱坐標將所得數據連成直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=_。（用k

15、表示）（3）同學還利用計算機繪制了a、b兩個擺球的振動圖像（如圖2），由圖可知，兩單擺擺長之比=_。在t=1s時，b球振動的方向是_?！敬鸢浮?. B . . . y軸負方向【解析】【詳解】(1)1A測擺線長時測了懸線的總長度，測得擺長偏大，則根據重力加速度的表達式可知測得g值偏大，故A錯誤；B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現松動，使擺線長度增加了，使周期變大了，由可知測得的g值偏小，故B正確；C開始計時時，秒表過遲按下，測得的時間偏小，周期偏小，則測得的g值偏大，故C錯誤；D實驗中誤將49次全振動數次數記為50次，由求出的周期偏小，測得的g值偏大。故D錯誤。故選B。(2)2根據可得表達式

16、可知T2-l圖線斜率則(3)34由振動圖線知，兩單擺的周期比由知兩單擺擺長之比由圖象可知，在時，球振動的方向沿著軸向下運動，故方向為沿軸負方向。13. 某同學想要測量一節(jié)新干電池的電動勢和內阻，學校實驗室能提供的器材如下：電壓表V1（量程1V，內阻約6k）電壓表V2（量程3V，內阻約6k）電流表A1（量程2mA，內阻約1.0）電流表A2（量程0.6A，內阻約0.2）滑動變阻器R1（最大阻值10）滑動變阻器R2（最大阻值3k）定值電阻R3（阻值0.8）開關和導線若干（1）請選用合適器材進行實驗，電壓表應該選_（填“V1”或“V2”），電流表應該選_（填“A1”或“A2”），滑動變阻器應該選_（填

17、“R1”或“R2”）；（2）因新電池的內阻較小，在畫出U-I圖像時，圖像不易與橫軸相交，造成操作不方便。為改變這種狀況，該同學還選用了定值電阻R3接入電路，你認為應該選擇最優(yōu)的測量電路_（填“甲”或“乙”或“丙”或“丁”）進行測量；（3）小張同學將測得的數據在坐標紙上描點如圖。請在坐標紙上畫出U-I圖像_，并求出該新干電池的電動勢E為_V（保留2位小數），內阻r為_（保留2位小數）?！敬鸢浮?. V2 . A2 . R1 . 丙 . . 1.48 . 0.29【解析】【分析】【詳解】（1）12干電池電動勢為1.5V左右，電壓表應選V2；電路中最小電流為電流表應選A23測量電阻較小，為了操作方便

18、且較準確地進行測量，滑動變阻器應選R1即可。（2）4為了不讓電流表分擔路端電壓，所以電流表應采用內接法，應選丙圖。（3）5在坐標紙上畫出U-I圖像如下圖所示：6圖像與縱軸的交點為新干電池的電動勢E，即E=1.48V7內阻r為四、計算題（本題3個小題，共38分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數字計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）14. 如圖所示，電阻，電動機的內阻為，當閉合開關S后，電流表示數為，電壓表示數為，電表為理想表。已知電源電動勢為，求：（1）電源的內阻r；（2）電動機的效率?！敬鸢浮?1) 電源的內阻為1；(2) 【解析】【分析】【詳解】(1)由閉合電路歐姆定律可得(2)根據并聯電路的特點可得，通過電動機的電流為電動機的電功率為電動機的