高中物理高考電學(xué)選擇題專題練習(xí)一

1、2010年高考物理電學(xué)選擇題專題訓(xùn)練（一）班級(jí) 姓名 學(xué)號(hào) 得分一、選擇題 【共30道小題，120分】1、對(duì)于水平放置的平行板電容器，下列說(shuō)法正確的是A.將兩極板的間距加大，電容將增大B.將兩極板平行錯(cuò)開(kāi)，使正對(duì)面積減小，電容將減小C.在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的陶瓷板，電容將增大D.在下板的內(nèi)表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的鋁板，電容將增大參考答案與解析：BCD2、空間某一靜電場(chǎng)的電勢(shì)（）在x軸上分布如圖所示 不軸上兩點(diǎn)B、C的電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向上的分量分別是EBx、ECx下列說(shuō)法中正確的有（）A.EBx的大小大于ECx的大小B.EBx的方向沿x軸正方

2、向C.電荷在O點(diǎn)受到的電場(chǎng)力在 x方向上的分量最大D.負(fù)電荷沿x軸從B移到C的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功參考答案與解析：AD解析：由圖可知：0一B,。減小，B處場(chǎng)強(qiáng)的x分量EBx水平向左，0一C,。減小,C處場(chǎng)強(qiáng)的x分量 EC/平向右，則知負(fù)電荷沿x軸從B-C,電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，D正確,B錯(cuò);對(duì)極小的一段 Ax瑪。小對(duì)應(yīng)電勢(shì)差U=A4，/向場(chǎng)強(qiáng)分量 工，即圖線斜率.0點(diǎn)ExO=0,電荷受電場(chǎng)力x分量等于0,C錯(cuò),A正確.3、關(guān)于同一電場(chǎng)的電場(chǎng)線，下列表述正確的是（）A.電場(chǎng)線是客觀存在的B.電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越小C.沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)越來(lái)越低D.電荷在沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能

3、減小參考答案與解析：C解析：電場(chǎng)線是為了描述電場(chǎng)人為引入的，A錯(cuò)。電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，B錯(cuò)。沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，C對(duì)。沿電場(chǎng)線移動(dòng)正電荷，電勢(shì)能減小，沿電場(chǎng)線移動(dòng)負(fù)電荷，電勢(shì)能 增加，D錯(cuò)。4、圖中虛線為勻強(qiáng)電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線。兩粒子 M、N質(zhì)量相等，所帶 電荷的絕對(duì)值也相等?，F(xiàn)將M、N從虛線上的0點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示。點(diǎn)a、b、c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。已知 0點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)。若不計(jì)重力，則（） M粒子A.M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B.N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相同C.N在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功D.M在從

4、O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零參考答案與解析：BD解析：因O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，故場(chǎng)強(qiáng)方向向下，由軌跡彎曲方向知 M帶正電，N帶負(fù)電，A選 項(xiàng)錯(cuò)誤；因UaO=UOc利用動(dòng)能定理得：a、c兩點(diǎn)速度大小相同，B選項(xiàng)正確；N從O到a過(guò)程 電場(chǎng)力做正功，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；O、b在同一等勢(shì)面上，電場(chǎng)力做功為零， D選項(xiàng)正確。5、兩個(gè)分別帶有電荷量-Q和+3Q的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷，固定在相距為r的兩處，它r們間庫(kù)侖力的大小為 f兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)? ,則兩球間庫(kù)侖力的大小為（）參考答案與解析：CD.12F3Q2F = k存解析：由庫(kù)侖定律得：r ，兩球相互接觸后各自帶電荷量T

5、*當(dāng)者間距為2時(shí),兩球間庫(kù)侖力6、如圖，虛線a、b和c是某靜電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面, 一帶正電的粒子射入電場(chǎng)中，其運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線它們的電勢(shì)分別為 Ua、Ub和Uc, UaUbUc.KLMN所示，由圖可知（）A.粒子從K到L的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功 B.粒子從L到M的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功 C.粒子從K到L的過(guò)程中，靜電勢(shì)能增加D.粒子從L到M的過(guò)程中，動(dòng)能減少參考答案與解析：AC7、如下圖所示，在粗糙水平面上固定一點(diǎn)電荷Q,在M點(diǎn)無(wú)初速釋放一帶有恒定電量的小物塊，小物塊在 Q的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn)靜止，則從 M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中(/小物塊所受電場(chǎng)力逐漸減小.小物塊具有的電勢(shì)能逐漸減小.M點(diǎn)的電勢(shì)一定高

6、于 N點(diǎn)的電勢(shì).小物塊電勢(shì)能變化量的大小一定等于克服摩擦力做的功 參考答案與解析：ABD8、如圖所示，A、B為平行金屬板，兩板相距為d,分別與電源兩極相連，兩板的中央各有一小孔M和N.今有一帶電質(zhì)點(diǎn)，自A板上方相距為d的P點(diǎn)由靜止自由下落(P、M、N在同一豎直線上)，空氣阻力忽略不計(jì)，到達(dá) 間的電壓不變，則(A)把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自 (B)把A板向下平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自 (C肥B板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自 (D)把B板向下平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自N孔時(shí)速度恰好為零，然后沿原路返回.若保持兩極板P點(diǎn)自由下落后仍能返回P點(diǎn)自由下落后將穿過(guò)N孔繼續(xù)下落P點(diǎn)自由下落后仍然返回P點(diǎn)自由下落

7、后將穿過(guò)N孔繼續(xù)下落參考答案與解析：答案：ACD9、帶電粒子M只在電場(chǎng)力作用下由 的功。那么，A.M在P點(diǎn)的電勢(shì)能一定小于它在B.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定小于 Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，在此過(guò)程中克服電場(chǎng)力做了 2.6 X 10-9 JQ點(diǎn)電勢(shì)能C.P點(diǎn)的電勢(shì)一定局Q點(diǎn)的電勢(shì)D.M在P點(diǎn)的動(dòng)能一定大于它在 Q點(diǎn)的動(dòng)能M在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在 Q點(diǎn)參考答案與解析：AD解析：帶電粒子克服電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，則的電勢(shì)能，A、D選項(xiàng)正確。場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)無(wú)法確定。B C選項(xiàng)錯(cuò)誤。所以 A、D選項(xiàng)正確。10、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊。開(kāi)始時(shí)滑塊靜止。若在滑塊所在空間加一水平勻強(qiáng)電場(chǎng) E1,持

8、續(xù)一段時(shí)間后立刻換成與E1相反方向的勻強(qiáng)電場(chǎng) E2。當(dāng)電場(chǎng)E2與電場(chǎng)E1持續(xù)時(shí)間相同時(shí)，滑塊恰好回到初始位置，且具有動(dòng)能Ek。在上述過(guò)程中，E1對(duì)滑塊的電場(chǎng)力做功為 W1,沖量大小為I1; E2對(duì)滑塊的電場(chǎng)力做功為 W2,沖量大小為I2。則A.I1=I1C.W1=0.25Ek, W2=0.75Ek參考答案與解析：CB.4I1=I2D.W1=0.20Ek, W2=0.80Ek解析：由題可知 E1作用時(shí)間段內(nèi)與 E2作用時(shí)間段內(nèi)滑塊的平均速度相等。設(shè)E1作用時(shí)間末0+v v3 + (-v)滑塊速度為v, E2作用時(shí)間末滑塊速度為 v2,則 2 =2解得：v2=2v。由動(dòng)能定理： W1= 一 mv2

9、,1因 Ek= 2 m (2v) 21所以W1= . Ek113W2= 2 m (2v) 2- 2 mv2= 4 Ek由動(dòng)量定理，I1=mv, I2=mX2v-m (-v) =3mv,所以 I2=3I1故C正確。11、如圖所示，某區(qū)域電場(chǎng)線左右對(duì)稱分布，M、N為對(duì)稱線上的兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是A.M點(diǎn)電勢(shì)一定高于 N點(diǎn)電勢(shì)B.M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定大于 N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C.正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在 N點(diǎn)的電勢(shì)能D.將電子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功參考答案與解析：AC解析：由題知 MN對(duì)稱線上的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由M指向N,因沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來(lái)越低，故M點(diǎn)電勢(shì)高于N點(diǎn)電勢(shì)，所以A正確；因N處電場(chǎng)線比M處電場(chǎng)線密

10、，所以 4 )財(cái)，故B錯(cuò)誤；因正電荷由M移到N處電場(chǎng)力做正功， 故正電荷在 M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在 N點(diǎn)的電勢(shì) 能，所以C正確；因電子從 M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電子所受電場(chǎng)力由N指向M ,故電場(chǎng)力做負(fù)功，所以D錯(cuò)誤。12、陰極射線電腦顯示器的玻璃熒光屏容易布滿灰塵，這主要是因?yàn)?)A.灰塵的自然堆積B.電腦工作時(shí)，熒光屏表面有靜電而吸附灰塵C.玻璃有極強(qiáng)的吸附灰塵的能力D.電腦工作時(shí)，熒光屏表面溫度較高而吸附灰塵參考答案與解析：B解析：陰極射線電腦顯示器的玻璃熒光屏表面聚集了大量靜電，因而容易吸附灰塵，故選B項(xiàng)。 13、在如圖所示的空間中，存在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)存在沿 x軸負(fù)方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻

11、強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)子(電荷量為e)在該空間恰沿y軸正方向以速度 v勻速運(yùn)動(dòng)。據(jù)此可以判斷出A.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于 eE,運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能減??；沿B.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于 eE,運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能增大；沿z軸正方向電勢(shì)升高 z軸正方向電勢(shì)降低C.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于 evB,運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變；沿D.質(zhì)子所受電場(chǎng)力大小等于 evB,運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變；沿參考答案與解析：C解析：由題意可知，eE=evB,質(zhì)子勻速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)方向沿z軸正方向電勢(shì)升高z軸正方向電勢(shì)降低z軸負(fù)向，質(zhì)子垂直于電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力不做功，電勢(shì)能不變，沿z軸負(fù)向電勢(shì)逐漸降低，C正確，D錯(cuò)誤，A、B亦錯(cuò)。14、圖中電阻R1、R2、R3的阻

12、值相等，電池的內(nèi)阻不計(jì)。開(kāi)關(guān)K接通后流過(guò)R2的電流是K接通前的(B.二1C.1D.參考答案與解析：B15、一電池外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為3 V,接上8 的負(fù)載電阻后路端電壓降為2.4 V,則可以判定電池的電動(dòng)勢(shì) E和內(nèi)電阻r為()A.E= 2.4 V, r=1 QB.E=3 V, r=2 QC.E=2.4 V r=2 QD.E=3 M r=1 Q參考答案與解析：B16、一太陽(yáng)能電池板，測(cè)得它的開(kāi)路電壓為800mV,短路電流為 40mA.若將該電池板與一阻值為20的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是(A) 0.10V(B) 0.20V(C) 0.30V(D) 0.40V參考答案與解析：答案：

13、D17、如圖所示的電路中，電池的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,電路中的電阻 R1、R2和R3的阻值都相同。在電鍵 S處于閉合狀態(tài)下，若將電鍵 S1由位置1切換到位置2,則A.電壓表的示數(shù)變大B.電池內(nèi)部消耗的功率變大C.電阻R2兩端的電壓變大D.電池的效率變大參考答案與解析：B史+ F解析：設(shè)電阻 取二仆二&二R ,當(dāng)電鍵si接1時(shí)，電路中總電阻為2,當(dāng)電鍵si接竺+4二芻2時(shí)，電路中總電阻為 3，總電阻變小，由 我白，R臺(tái)變小,千變大，路端電壓 二E-i/ ,電源的& /不變，則路端電壓減小，即伏特表讀數(shù)減小，選項(xiàng) a錯(cuò)誤，電源內(nèi)部消耗的功率變大，片I增大，B選項(xiàng)正確，當(dāng)電鍵 S1接1時(shí)，&兩端電l

14、R3,當(dāng)電鍵S1接2時(shí)，&兩端電壓R 1%=U = U跤2R 2網(wǎng)兩端電壓c 選 項(xiàng) 錯(cuò) 誤電 池 的 效 率1 100% = -100% =- 100%1+一嗎，則當(dāng)電鍵S1由接1改為接2時(shí)，總電阻變小，電池的效率減小，D選項(xiàng)錯(cuò)誤，所以B選項(xiàng)正確。18、下圖是科學(xué)史上一張著名的實(shí)驗(yàn)照片，顯示一個(gè)帶電粒子在云室中穿過(guò)某種金屬板運(yùn)動(dòng)的徑跡。云室放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中 ，磁場(chǎng)方向垂直照片向里。云室中橫放的金屬板對(duì)粒子的運(yùn)動(dòng)起 阻礙作用。分析此徑跡可知粒子 （）A.帶正電，由下往上運(yùn)動(dòng)C.帶負(fù)電，由上往下運(yùn)動(dòng)呻正電，由上往下運(yùn)動(dòng)D帶負(fù)電，由下往上運(yùn)動(dòng)：，帶電粒子做圓周R -參考答案與解析：A解析:帶電粒子

15、穿過(guò)金屬板能量損失 ，速度減小，由運(yùn)動(dòng)的半徑變小，由圖可知帶電粒子從下往上運(yùn)動(dòng)。由左手定則判斷，帶電粒子帶正電,A對(duì)。19、帶電粒子垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)受到洛倫茲力的作用。下列表述正確的是（）A.洛倫茲力對(duì)帶電粒子做功B.洛倫茲力不改變帶電粒子的動(dòng)能C.洛倫茲力的大小與速度無(wú)關(guān)D.洛倫茲力不改變帶電粒子的速度方向參考答案與解析：B解析：洛倫茲力的方向與運(yùn)動(dòng)方向垂直，只改變速度的方向，不改變速度的大小，A錯(cuò)，B對(duì)，D錯(cuò)。F=qvB, C錯(cuò)。20、發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的科學(xué)家是（）A.洛倫茲B庫(kù)侖CI拉第D奧斯特參考答案與解析：D21、圖為云室中某粒子穿過(guò)鉛板P前后的軌跡.室中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的

16、方向與軌跡所在平面垂直（圖中垂直于紙面向里），由此可知此粒子A.一定帶正電B.一定帶負(fù)電C不帶電D.可能帶正電，也可能帶負(fù)電參考答案與解析：A22、如圖，用兩根相同的細(xì)繩水平懸掛一段均勻載流直導(dǎo)線MN,電流I方向從M到N,繩子的拉力均為F。為使F=0,可能達(dá)到要求的方法是A.加水平向右的磁場(chǎng)B.加水平向左的磁場(chǎng)C.加垂直紙面向里的磁場(chǎng)D.加垂直紙面向外的磁場(chǎng)參考答案與解析：C解析：若F=0則F安mg=0,故安培力方向必豎直向上， 由左手定則知磁 場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶铮?C正確。23、如圖，在陰極射線管正下方平行放置一根通有足夠強(qiáng)直流電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線，且導(dǎo)線中電流方向水平向右，則陰極射線將會(huì)A.

17、向上偏轉(zhuǎn)制下偏轉(zhuǎn)C.向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)向紙外偏轉(zhuǎn)參考答案與解析：A解析：陰極射線為電子束，帶負(fù)電，又由安培定則知陰極射線管處磁場(chǎng)垂直紙面向外，由左手定則知電子束所受洛倫茲力向上，故 A正確。24、在等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn) a、b、c處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖。過(guò)c點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向! .曲 身“小A.與ab邊平行，豎直向上B與ab邊平行，豎直向下C與ab邊垂直，指向左邊D.與ab邊垂直，指向右邊參考答案與解析：C解析：由右手可判斷導(dǎo)線 a、b產(chǎn)生的磁場(chǎng)在導(dǎo)線 c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的合方向是豎直向下，再由左手可判得導(dǎo)線c受的安培力方向?yàn)橄蜃蟛⑴cab邊垂直

18、，所以 C正確，A、B、D.錯(cuò)誤。25、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示，這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙.下列說(shuō)法正確的是（）A.離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器B離子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器C.離子從磁場(chǎng)中獲得能量D離子從電場(chǎng)中獲得能量參考答案與解析：AD解析：離子從中心附近進(jìn)入回旋加速器，通過(guò)電場(chǎng)加速做功，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，最后高速飛出加速器，故A、D正確，B、C錯(cuò)誤.26、如圖所示的虛線區(qū)域內(nèi)，充滿垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一帶 電粒子a （不計(jì)重力）以一定的初速度由左邊界的O點(diǎn)射入磁場(chǎng)、電場(chǎng)區(qū)域，恰好沿直線由區(qū)域右邊界

19、的 O點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）穿出。若撤去該區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)而保留電場(chǎng)不變，另一個(gè)同樣 的粒子b （不計(jì)重力）仍以相同初速度由O點(diǎn)射入，從區(qū)域右邊界穿出，則粒子 b （）XBXXXXXXA.穿出位置一定在O點(diǎn)下方B.穿出位置一定在O點(diǎn)上方C.運(yùn)動(dòng)時(shí)，在電場(chǎng)中的電勢(shì)能一定減小D.在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)能一定減小參考答案與解析：C解析：該電、磁復(fù)合場(chǎng)等效于速度選擇器，只選擇速度大小，不選擇粒子 的電性，即正、負(fù)粒子均可沿直線穿過(guò)該電、磁場(chǎng)區(qū)域；撤去磁場(chǎng)后，若粒子帶正電，則受 電場(chǎng)力向下，粒子偏離直線運(yùn)動(dòng)軌跡向下偏轉(zhuǎn)，穿出點(diǎn)在O點(diǎn)下方，若粒子帶負(fù)電，則受向上的電場(chǎng)力而向上偏轉(zhuǎn)， 穿出點(diǎn)在O點(diǎn)上方，故在粒子電性不明的

20、情況下， 粒子穿出可能在 O 點(diǎn)上方或下方，A、B均錯(cuò)；在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，僅電場(chǎng)力做正功，其電勢(shì)能一定減小，動(dòng)能一 定增加，C對(duì)，D錯(cuò)。27、如圖所示，在P。QR區(qū)域中存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)、磁場(chǎng)方向均垂直于紙面。一導(dǎo)線框abcdefa位于紙面內(nèi)，框的鄰邊都相互垂直，bc邊與磁場(chǎng)的邊界 P重合。導(dǎo)線框與磁場(chǎng)區(qū)域的尺寸如圖所示。從t=0時(shí)刻開(kāi)始，線框勻速橫穿兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域。以a-b - cd - e-f為線框中的電動(dòng)勢(shì) e的正方向，以下四個(gè)l t關(guān)系示意圖中正確的是參考答案與解析：C解析：由右手定則分段判斷bc、de、af三邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小和方向情況，可判得 C圖正確，A、B、D圖錯(cuò)誤。28.某變壓器原、副線圈匝數(shù)比為55:9,原線圈所接電源電壓按圖示規(guī)律變化，副線圈接有負(fù)載。下列判斷正確的是+UNA.輸出電壓的最大值為 36VB.原、副線圈中電流之比為55: 9C.變壓器輸入、輸出功率之比為55: 9D.交流電源有效值為 220V,頻率為50Hz參考答案與解析：D解析：由題圖知 擾=220打 V,由雅=的，則粕=36打 V,故A錯(cuò)誤；由乙=冏1 =55，可知B錯(cuò)誤；由尸入=%，可知C錯(cuò)誤；由圖知交流電的周期