2020年高考物理預(yù)測(cè)卷

1、2020年高考物理預(yù)測(cè)卷1、圖甲和乙是兩個(gè)著名物理實(shí)驗(yàn)的示意圖，這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)使人們對(duì)光的本性有了全面、深刻的認(rèn)識(shí).有關(guān)這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）驗(yàn)電器鋅板壊外線燈甲乙圖甲為單縫衍射實(shí)驗(yàn)的示意圖，實(shí)驗(yàn)證明了光具有波動(dòng)性圖乙為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)的示意圖，實(shí)驗(yàn)證明了光具有粒子性圖甲實(shí)驗(yàn)中光屏上接收到的條紋是與雙縫垂直的豎條紋圖乙實(shí)驗(yàn)中用紫外線照射鋅板，驗(yàn)電器的指針張開(kāi)，若改用黃光照射，驗(yàn)電器的指針也張開(kāi)2、如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B細(xì)繩相連，小球A與一個(gè)輕彈簧相連，彈簧另一端固定在豎直墻上，小球用一根細(xì)線連在天花板上，開(kāi)始時(shí)，兩小球都靜止不動(dòng)，這時(shí)細(xì)線與水平方向的夾角是0=45。，彈簧水平，

2、重力加速度為g，現(xiàn)突然把細(xì)線剪斷。在剪斷22gB.、5gC.2gD.、：2g3、在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，下列做法正確的是（）用注射器吸取配置好的油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的體積是ImL，貝1滴溶液中含有油酸10-2mL用注射器往水面上滴1滴油酸，等油膜的形狀穩(wěn)定之后再描繪其形狀將畫有油酸膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，再用刻度尺去量油膜的面積根據(jù)1滴油酸酒精溶液中油酸的體積V和油膜面積S就可以算出油膜厚度d=-,即油酸S分子的直徑4、如圖甲所示，一帶電粒子以水平速度v（vW12B.一定是W=W12c.一定是WW12D.可能是WW1212貝下列結(jié)論正確的是（）5

3、、如圖所示，物塊A放在木板上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將木塊B略向右移動(dòng)一些使傾角a減小,木板對(duì)物塊A的作用力變小B.木板對(duì)物塊A的作用力不變C.物塊A與木板間的壓力減小D.物塊A所受摩擦力不變6、北京的緯度約為39.6度，計(jì)算時(shí)用角度0表示。已知地球半徑為R,重力加速度為g,A.自轉(zhuǎn)周期為T，光速為c,則地球同步衛(wèi)星發(fā)射的電磁波到北京的最短時(shí)間為（）/cB.(R2T2g$4冗2-R)/cC、(：r2+R2+2Rrcos0)/c,其中,R2T2g34冗2D、(：r2+R2一2Rrcos0)/c其中:R2T2g4冗27、如圖所示為物體做直線運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是()14甲圖像中，物體在0:t時(shí)間內(nèi)的

4、平均速度大于V002乙圖像中，陰影面積表示t:t時(shí)間內(nèi)物體速度的變化量12丙圖像中，物體的加速度大小為lm/s2丁圖像中，t=5s時(shí)物體的速度為5m/s8、如圖所示，圖1為一電動(dòng)機(jī)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭從一端滑到另一端的過(guò)程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖2所示，已知電流表讀數(shù)在0.2A以下時(shí)，電動(dòng)機(jī)沒(méi)有發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，不考慮電表對(duì)電路的影響，以下判斷不正確的是()電路中的電源電動(dòng)勢(shì)為3.9V電動(dòng)機(jī)的電阻為4。此電路中，電動(dòng)機(jī)的最大輸出功率為0.9W變阻器的最大阻值為3209、如圖所示的光電管研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，用某種頻率的單色光a照射光電管陰極K,電流計(jì)G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn).而用另一頻率的

5、單色光b照射光電管陰極K時(shí)，電流計(jì)G的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，那么（）a光的頻率一定大于b光的頻率只增加a光的強(qiáng)度可使通過(guò)電流計(jì)G的電流增大增加b光的強(qiáng)度可能使電流計(jì)G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)用a光照射光電管陰極K時(shí)通過(guò)電流計(jì)G的電流是由d到c10、如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與光滑水平桌面相切，圓弧軌道的最高點(diǎn)、桌面最左邊緣和地面上的O點(diǎn)在同一豎直線上。小球B靜止在水平桌面上，現(xiàn)將小球A從圓弧軌道的最高點(diǎn)無(wú)初速度釋放。已知圓弧軌道R，小球的質(zhì)量關(guān)系是m=2m，BA重力加速度g，桌面的長(zhǎng)L=6R，水平桌面與地面的高度H=4R。則小球B的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離可能是（）A.23rc.29r311、如

6、圖所示，豎直放置的絕緣桿足夠長(zhǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球穿在桿上，可沿桿滑動(dòng)，且二者間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩，空間有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,小球從靜止釋放后能沿桿下滑，且從靜止開(kāi)始至達(dá)到最大速度時(shí)下滑的高度為h,已知重力加速度為g,則根據(jù)上述所給條件（）可求出小球的最大加速度能求出小球的最大速度能求出從開(kāi)始釋放至到達(dá)最大加速度過(guò)程中的摩擦生熱能求出從開(kāi)始釋放至到達(dá)最大速度過(guò)程中的摩擦生熱12、如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，間距為L(zhǎng)，其上端連接有阻值為R的電阻和電容器C，裝置區(qū)域有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,將一根水平金屬棒ab開(kāi)始下滑

7、。已知金屬棒ab的質(zhì)量為m，電阻也為R。金屬棒ab在運(yùn)動(dòng)中始終保持水平且與導(dǎo)軌良好接觸，且通過(guò)金屬棒ab的電流恒定不變，忽略導(dǎo)軌電阻，重力加速度為g。則下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬棒ab做勻速運(yùn)動(dòng)，速度大小是v=2mgR|1.X冥XXXXXXXXXXXXXB.金屬棒ab做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小是a=mgm+CB2LC.電阻R的電功率P=m2g2C2B2LRm+CB2L若金屬棒ab由靜止下滑，開(kāi)始時(shí)電容器所帶電荷量為0,那么經(jīng)過(guò)時(shí)間t,電容器的電量BCLmgt-2C2BLmgRm+CB2L13、某同學(xué)利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律?；⌒诬壍滥┒怂?，離地面的高度為H。將鋼球從軌道的不同

8、高度h處由靜止釋放，鋼球的落地點(diǎn)距軌道末端的水平距離為s。（2）如圖乙所示，在同一坐標(biāo)紙上畫出了兩條s2-h圖線。一條是s2-h的理論關(guān)系圖線;一條是實(shí)驗(yàn)得到的s2-h圖線，是經(jīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)量s、h得到數(shù)據(jù)，描點(diǎn)后作出的圖線。分析可知,圖線（填“a”或“b”）是實(shí)驗(yàn)得到的s2-h圖線。（3）從s2-h關(guān)系圖線中可以看出實(shí)驗(yàn)值與理論值相差較大，你認(rèn)為造成偏差的原因是（回答一條即可）。14、圖甲所示是大型機(jī)械廠里用來(lái)稱重的電子吊秤，其中實(shí)現(xiàn)稱重的關(guān)鍵元件是拉力傳感器其工作原理是：在掛鉤上掛上重物，傳感器中的拉力敏感電阻絲在拉力的作用下發(fā)生形變，其長(zhǎng)度和橫截面積都發(fā)生變化，拉力敏感電阻絲的電阻也隨之發(fā)生變

9、化，再經(jīng)相應(yīng)的測(cè)量電路把這一電阻變化轉(zhuǎn)換為電信號(hào)（電壓或電流），從而完成將所稱重物重力變換為電信號(hào)的過(guò)程。小明找到一根拉力敏感電阻絲R，其阻值隨拉力變化的圖像如圖乙所示，按圖丙所示L電路制作了一個(gè)簡(jiǎn)易“吊秤”。電路中電源電動(dòng)勢(shì)E約15V,內(nèi)阻約2Q；靈敏毫安表量程為010mA，內(nèi)阻約5Q；R是電阻箱，最大阻值是99990;R接在A、B兩接線柱之間，L通過(guò)光滑絕緣滑環(huán)可將重物吊起，接通電路，完成下列操作?；h(huán)下不吊重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電流表示數(shù)為某一合適值I時(shí)，讀出電阻箱的讀數(shù)R；1滑環(huán)下吊上待測(cè)重物，測(cè)出電阻絲與豎直方向的夾角為c.調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為I,讀出此時(shí)電阻箱的讀數(shù)R，則

10、拉力敏感電阻絲的電阻增加量為。2設(shè)R-F圖像的斜率為k，則待測(cè)重物的重力G的表達(dá)式為G=(用以上測(cè)L得的物理量表示),若測(cè)得9=53(sin53=0.8,cos53=0.6),R、R分別為10520和10300，12則待測(cè)重物的重力G=N(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。15、把上端A封閉，下端B開(kāi)口的玻璃管插入水中，放掉部分空氣后放手，玻璃管可以豎直地浮在水中(如圖所示)。設(shè)玻璃管的質(zhì)量m=40g，橫截面積S=2cm2，玻璃管露出水面以上部分的長(zhǎng)度b=2cm，大氣壓強(qiáng)p=105Pa，水的密度p=1g/cm3，玻璃管厚度和管0內(nèi)空氣質(zhì)量不計(jì)，g取10m/s2。(1)求玻璃管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度；（2）用手拿

11、住玻璃緩慢地豎直壓入水中，若水足夠深，則當(dāng)管的A端在水面下超過(guò)某一深度H時(shí)，放手后玻璃管不再浮起，求H。16、如圖所示，一半徑為R的透明球體放在水平地面上，球心為0,球與地面的接觸點(diǎn)為B,在球體的頂點(diǎn)A有一點(diǎn)光源，點(diǎn)光源發(fā)出的光通過(guò)球體后照亮地面上的部分區(qū)域。已知透明球體材料的折射率n=空3，真空中光速為c。3（1）求光從A點(diǎn)到B點(diǎn)的傳播時(shí)間；（2）若不考慮光在透明球體中反射的影響，求地面上被光照亮的區(qū)域的面積。17、如圖所示，一質(zhì)量為m的長(zhǎng)直木板放在光滑的水平地面上，木板左端放有一質(zhì)量為2m的木塊，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為在長(zhǎng)直木板右方有一豎直的墻。使木板與木塊以共同的速度v向右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)

12、刻木板與墻發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），設(shè)木板足夠0長(zhǎng)，木塊始終在木板上，重力加速度為g。求：（1）木板第一次與墻碰撞后向左運(yùn)動(dòng)的最大距離和對(duì)應(yīng)的時(shí)間；（2）從木板與墻第一次碰撞到再次碰撞經(jīng)歷的時(shí)間；（3）從木板與墻第一次碰撞到再次碰撞的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量。18、如圖所示，在坐標(biāo)系xOy的第二象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=釜。在第三象限內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度Bi=簽的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I,在第四象限內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度B=的勻強(qiáng)磁場(chǎng)II,磁場(chǎng)I、II的方向均垂直于紙面向內(nèi)。一質(zhì)量為m、電荷量2qL為+q的粒子從P（O,L）點(diǎn)處以初速度v沿垂直于y軸的方向進(jìn)入第二象限的勻強(qiáng)電場(chǎng)，然0后先后穿過(guò)x軸和y軸

13、進(jìn)入磁場(chǎng)i和磁場(chǎng)ii,不計(jì)粒子的重力和空氣阻力。求：粒子由電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)I時(shí)的速度v大小和方向；粒子出發(fā)后第1次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)距o點(diǎn)的距離；粒子出發(fā)后從第1次經(jīng)過(guò)y軸到第4次經(jīng)過(guò)y軸產(chǎn)生的位移大小y。答案以及解析1答案及解析：答案：B解析：本題考查光的干涉、光電效應(yīng).圖甲是光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，屏上接收到的是與雙縫平行的條紋，AC錯(cuò)誤；圖乙的光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明光具有粒子性，B正確；紫外線照射鋅板,能發(fā)生光電效應(yīng)，說(shuō)明紫外線頻率大于鋅板的極限頻率，黃光頻率低于紫外線頻率，故不一定大于鋅板的極限頻率，也就不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，D錯(cuò)誤.2答案及解析：答案：B解析：細(xì)線剪斷前，小球A受到4個(gè)力作用，重力、彈簧

14、的彈力、細(xì)線的拉力和細(xì)繩的拉力，由力的平衡條件，可知彈簧的彈力為：F=2mg，剪斷細(xì)線的瞬間，由于A、B之間的細(xì)繩在豎直方向不會(huì)受到拉伸作用，所以細(xì)繩的拉力突變?yōu)榱?，小球A只受彈簧的彈力和重力，此時(shí)彈簧的彈力還是F=2mg，所以此時(shí)A球的合力為：F=、；(mg)2+(2mg)2=:5mg，由牛頓第二定律可知，在剪斷線的瞬間，小球A的加速度大小為：a=八g，故B正Am確，ACD錯(cuò)誤。故選：Bo3答案及解析：答案：D解析：用注射器吸取配置好的油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的體積是1mL，則1滴溶液的體積是IO-2mL，其中含有油酸的體積小于10-2mL，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;用注射器往

15、水面上滴1滴油酸酒精溶液，等油膜的形狀穩(wěn)定之后再描繪其形狀，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;將畫有油酸膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，通過(guò)數(shù)格子數(shù)的方法去計(jì)算油膜的面積，選項(xiàng)CV錯(cuò)誤；根據(jù)1滴油酸酒精溶液中油酸的體積V和油膜面積S就可以算出油膜厚度d=V，即S油酸分子的直徑，選項(xiàng)D正確。4答案及解析：答案：A解析：本題考查帶電粒子在組合場(chǎng)、復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).由題意知，帶電粒子第二次剛進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)時(shí)洛倫茲力小于電場(chǎng)力，二者方向相反，粒子將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，但受洛倫茲力的影響，粒子沿電場(chǎng)方向偏移的距離比第一次僅受電場(chǎng)力時(shí)偏移的距離小，且洛倫茲力不做功，故一定是WW,A正確.125答案及解析：答案：B解析：將木塊B略向右移動(dòng)一些，使傾

16、角a減小，A的重力沿木板方向的分力減小，一定能保持靜止?fàn)顟B(tài)。由于A仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，所以木板對(duì)A的作用力始終等于A的重力，大小、方向都不變，故A錯(cuò)誤，B正確。對(duì)A進(jìn)行受力分析可知，物塊受豎直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N,沿木板向上的靜摩擦力f,由于物塊始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，故在垂直木板方向上有N=mgcosa；在沿木板方向上有f=mgsina，由題意可知a減小，故N增大、f減小，故C、D錯(cuò)誤。6答案及解析：答案：D解析：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有：GMm=m如r，得：r=3GMT-；因?yàn)榈厍虮砻鎟2T2y4兀2GMm物體重力等于萬(wàn)有引力，即：mg二r2得：GM=gR2聯(lián)立解得：g

17、R2T24兀2地球同步衛(wèi)星發(fā)射的電磁波到西安地區(qū)的最短路程為：S=r2+R2-2Rrcos9電磁波的傳播速度為c故最短時(shí)間為：t=-r2+R2-2RrCOSQcc其中r=3gRT，D正確；ABC錯(cuò)誤；4兀2故選D。7答案及解析：答案：b解析：甲圖像中，假設(shè)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則物體在0:t這段時(shí)間內(nèi)的平均速度為?,o2因物體做加速度增大的加速直線運(yùn)動(dòng)，則在0:t時(shí)間內(nèi)的位移小于做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位0移，則物體在0:t時(shí)間內(nèi)的平均速度小于寧,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；乙圖像中，陰影面積表示t:t0212時(shí)間內(nèi)物體速度的變化量，選項(xiàng)B正確；丙圖中，根據(jù)v2=V2-2ax可知，物體的加速度大0一m/s2=0.5

18、m/s2,2選項(xiàng)c錯(cuò)誤；根據(jù)x=叮+如2x1有一=v+at,t02由丁圖可知，v=lm/s、a=1m/s2，則t=5s時(shí)物體的速度為v=v+at=1m/s+1x5m/s=6m/s,00選項(xiàng)D錯(cuò)誤。8答案及解析：答案：C解析：A、根據(jù)電路連接，由閉合電路歐姆定律可得：U=E-Ir，故E=U+Ir，那么，22由圖可得：E=3.6+0.1r（V）=3.0+0.3r（V），解得電源內(nèi)阻：r=30，電動(dòng)勢(shì)：E=3.9V,故A正確；B、分析圖2可知，當(dāng)I=0.1A時(shí)，電壓表：的讀數(shù)為U=0.4V，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，為純1電阻電路，根據(jù)歐姆定律可知，電動(dòng)機(jī)的電阻：R=U=40，故B正確；MIC、根據(jù)閉合電路

19、歐姆定律和能量守恒定律可知，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P=UI-12R,出1M由圖可知：當(dāng)I=0.3A時(shí)，輸出功率最大，故有電動(dòng)機(jī)的最大輸出功率為：P=3.0 x0.3W-0.32x4W=0.54W，故C錯(cuò)誤；出D、當(dāng)變阻器全部接入電路時(shí)，電流最小，由圖可得：I=0.1A；根據(jù)歐姆定律可得:vU一UR=2i=320，故D正確。I本題選錯(cuò)誤的，故選：C。9答案及解析：答案：AB解析：本題考查光電效應(yīng)由于用單色光a照射光電管陰極K,電流計(jì)G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明發(fā)生了光電效應(yīng)，而用另一頻率的單色光b照射光電管陰極K時(shí)，電流計(jì)G的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明沒(méi)有發(fā)生光電效應(yīng)，即a光的頻率一定大于b光的頻率，A正確；

20、增加a光的強(qiáng)度可使單位時(shí)間內(nèi)逸出光電子的數(shù)量增加，則通過(guò)電流計(jì)G的電流增大，B正確；因?yàn)閎光不能使光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，所以即使增加b光的強(qiáng)度也不可能使電流計(jì)G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，C錯(cuò)誤；用a光照射光電管陰極K時(shí)通過(guò)電流計(jì)G的電子的運(yùn)動(dòng)方向是由d到c,所以電流方向是由c到d,D錯(cuò)誤.10答案及解析：答案：AB解析：小球A到達(dá)底端的速度為v,根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgR=-mv2020解得：o=；2gR；若碰撞后二者以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，小球B落地的水平位移最小，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv=(m+m)vAoAB1解得：v=2gRi3平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t=2.4平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移：x=vt=R；113若發(fā)

21、生完全彈性碰撞，小球B落地的水平位移最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得:mv=mv+mv根據(jù)能量守恒定律可得:B11mv2+m2AA2Bv2聯(lián)立解得：BAoAABB平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移：X=叮=|R；故小球B的落地點(diǎn)到。點(diǎn)的距離L+Xi，s，L+X2,即22Rs26R，故AB正確、CD錯(cuò)誤。故選：AB。11答案及解析：答案：ABD解析：本題考查物體在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)當(dāng)qvB=qE時(shí)，小球不受桿的彈力，摩擦力為零，加速度最大為g,A正確；當(dāng)f=mg時(shí)，加速度為零，速度最大，由mg二卩(Bqvm-qE)，得vm=噸，B正確；已知從靜止開(kāi)始至達(dá)到最大速度時(shí)下滑的高度為h,由能量守mpBq恒mgh-W=1mv2，

22、則W=mgh-響丁必，故能求出從開(kāi)始釋放至到達(dá)最大速度過(guò)f2f2卩2B2q2程中的摩擦生熱，D正確；因不知下落到加速度最大時(shí)的高度，故不能求出對(duì)應(yīng)的摩擦生熱,C錯(cuò)誤.12答案及解析答案：BDBLCBLAvAt=B2UCa解析：A、由題可知金屬棒ab受到安培力為:F=BIL=BL空=BLCAUaAtAtAt對(duì)金屬棒ab,根據(jù)牛頓第二定律可以得到：mg-B2LzCa=ma整理可以得到：a=-g，恒定不變，所以金屬棒ab做勻變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正m+CB2L2確；C、由上面分析可知：BIL=B2L2Ca，即：I=BLCa=BLCmgm+CB2L2則電阻R的功率為：P=12R=(BLCmg)2R，故

23、C錯(cuò)誤；m+CB2L2D、經(jīng)過(guò)時(shí)間t電容器兩端的電量為：q=CU=C(BLv-2IR)=C(BLat-2BLCaR)=BCLmgt2C2BLmgRm+CB2L2，故D正確。故選：BD。13答案及解析：答案：（1）4Hh（2）b（3）弧形軌道不光滑，有部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能解析：（1）鋼球從軌道上下落時(shí)，由機(jī)械能守恒有mgh=2mv220平拋后水平方向s=vt，豎直方向H=1gt202聯(lián)立解得s2=4Hh（2）對(duì)比實(shí)驗(yàn)結(jié)果與理論計(jì)算得到的s2-h關(guān)系圖線時(shí)發(fā)現(xiàn)：自同一高度由靜止釋放的鋼球，也就是h為某一具體數(shù)值時(shí)，理論的s2數(shù)值大于實(shí)驗(yàn)的s2數(shù)值，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知同一高度運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定，所以實(shí)驗(yàn)

24、中鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速率小于理論值，所以圖線b是實(shí)驗(yàn)得到的s2-h圖線。（3）軌道與鋼球間存在摩擦，會(huì)使機(jī)械能減小，因此會(huì)導(dǎo)致實(shí)際值與理論值之間存在偏差所以造成上述偏差的可能原因是鋼球與軌道間存在摩擦。14答案及解析：答案：（1）c.R-R12小、2（R-R）cos91322）i2;132k解析：（1）根據(jù)電路圖可知，電路中沒(méi)有電壓表，不能使用伏安法測(cè)量電阻值的變化，但電路中的電阻箱可以控制電流的變化，若電路中的電流值不變，則電路中的總電阻值也不變，所以拉力敏感電阻絲的電阻增加量為Ri-R2。（2）在題圖乙中，設(shè)直線的縱截距為b,開(kāi)始時(shí)滑環(huán)下不吊重物，則有：I=r+b+R+R1A當(dāng)掛重力為G的

25、重物時(shí)，取AB中點(diǎn)處為研究對(duì)象，則此處受到三個(gè)力的作用，兩個(gè)斜向上的拉力大小相等，與豎直方向的夾角也相等則在豎直方向上有G=2Fcos9此匕時(shí)廠+kF+b+R+R2A聯(lián)立可得：g=進(jìn)祚曲9k由題圖乙可知：k=RL=0.2O/NAF代入數(shù)據(jù)得：G=132N15答案及解析：答案：玻璃管漂浮時(shí)，浮力與重力平衡。設(shè)管內(nèi)外水面高度差為h,則氣=hS，根據(jù)阿排基米德原理，有：mg=pghS解得：h=20cmPS故玻璃管內(nèi)空氣柱長(zhǎng)度為：l=b+h=22cm0(2)管全部沒(méi)入水中一定深度H后，浮力與重力再次平衡，同樣根據(jù)阿基米德原理，可知空氣柱的長(zhǎng)度為：h=h=20cm=0.2m初態(tài)：p=p+pgh，V=(h

26、+b)S101末態(tài)：p=p+pgH+pgh，V=hS202對(duì)封閉氣體，根據(jù)玻意耳定律：pV=pV1122解得：H=1.02m解析：16答案及解析：答案：(1)4Kr3c(2)3nR2解析：(1)3c設(shè)光線從球面上P點(diǎn)射出時(shí)恰好發(fā)生全反射sinC=n=仝可得C=60J3由幾何關(guān)系可知Lbq=Rsin60=亍RLL=PQMQtan602RRcos60=晅Rtan60=2被光照亮區(qū)域的半徑r=L+L=3RBQMQ被光照亮區(qū)域的面積S=nr2=3nR217答案及解析：答案：見(jiàn)解析解析：（1）設(shè)木板第一次與墻碰撞后向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為x，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t11由動(dòng)能定理得：-2卩mgx=0mv2120由動(dòng)量定理得：-2卩mgt=0-mv10解得：Xi=孟叫=益（2）設(shè)從木板第二次開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)到與木塊具有共同速度v所用時(shí)間為t，位移為x22由動(dòng)量守恒定律得：2mv-mv=（2m+m）v00對(duì)木板運(yùn)用動(dòng)量定理：2卩mgt=mv-02對(duì)木板運(yùn)用動(dòng)能定理：2卩mgx=1mv2-022由得：1=盤，3=盤因?yàn)閤x，所以兩者一起勻速運(yùn)動(dòng)一段位移后與墻再次發(fā)生碰撞212v設(shè)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，有x-x=vt,t=L312333卩g4v所以：/=+t2+=匚1233卩g14（3）木塊與木板因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q=-x3mxv2-x3mv2=mv2023018答案及解析：答案：（1）粒