2019年高三最新信息卷物理(九)含解析

1、絕密啟用前復(fù)者”之間的引力，則下列說法正確的是 （2019年高考高三最新信息卷物理（九）號位座封號場考 不號證考準(zhǔn) 裝名姓 卷 此級班注意事項:1、本試卷分第I卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自 己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2、回答第I卷時， 選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。寫在試卷上無效。3、回答第n卷時，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4、考試結(jié)束，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共 8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第 1418題只有一個選 項符合題目要求。第

2、 1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得 6分，選對但不全的得 3分, 有選錯的得0分。 TOC o 1-5 h z 14 .在粗糙水平面上，水平外力F作用在物塊上，t=0時刻物塊開始向右做直線運動，外力F始終不為零，其速度一時間圖象如圖所示。則 （） I .a4）A.在01 s內(nèi)，外力F不斷增大B.在3 s時，物體開始向左運動C.在34 s內(nèi)，外力F不斷減小D.在34 s內(nèi)，外力F的功率不斷減小.如圖所示，水平地面上放置一斜面體 A,帶正電的小物塊 B置于A的絕緣斜面上。輕推一 下B, B能沿斜面勻速下滑?，F(xiàn)在斜面頂端正上方 P點固定一帶正電的點電荷，讓 B從頂端向下運 動，此后（）B

3、物塊做勻速直線運動B物塊受到斜面 A對它的作用力大小不變B物塊動能的增加量小于電勢能的減少量D.斜面體A受到地面水平向左的靜摩擦力.圖甲所示的軌道康復(fù)者”航天器可在太空中給垃圾”衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命。 圖乙是 軌道康復(fù)者”在某次拯救一顆地球同步衛(wèi)星前，二者在同一平面內(nèi)沿相同繞行方向繞地球做勻速圓周運動的示意圖，此時二者的連線通過地心、軌道半徑之比為1 : 4。若不考慮衛(wèi)星與 軌道康A(chǔ).站在赤道上的人觀察到 軌道康復(fù)者”向西運動.在圖示軌道上，軌道康復(fù)者”的加速度大小是地球同步衛(wèi)星的16倍C.在圖示軌道上，地球同步衛(wèi)星的機械能大于軌道康復(fù)者”的機械能D.若要對該同步衛(wèi)星實施拯救，應(yīng)讓

4、同步衛(wèi)星從圖示軌道上減速，然后與軌道康復(fù)者”對接.如圖所示，A、B兩滑塊的質(zhì)量分別為 4 kg和2 kg,用一輕繩將兩滑塊相連后分別置于兩 等高的光滑水平桌面上，并用手按著兩滑塊固定不動。現(xiàn)將一輕質(zhì)動滑輪置于輕繩上，然后將一質(zhì)量為4 kg的鉤碼C掛于動滑輪上。現(xiàn)先后按以下兩種方式操作： 第一種方式只釋放 A而B按著不動； 第二種方式只釋放 B而A按著不動。則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為（）A. 1:1B, 2:1C, 3:2D. 3 : 5.如圖所示，電源電動勢E=3 V,內(nèi)阻不計，R、R2、R3為定值電阻，阻值分別為1 Q 0.5、9烏R4、R5為電阻箱，最大阻值均為99.9口右

5、側(cè)豎直放置一個電容為1.5 X0-3 口的理想平行板電容器，電容器板長0.2 m,板間距為0.125 m。一帶電粒子以0.8 m/s的速度沿平行板中線進(jìn)入，恰好勻速通過，不計空氣阻力，此時R4、R5阻值分別為1.8 Q 1 Qo下列說法正確的是（）A .此粒子帶正電B.帶電粒子勻速穿過電容器時，電容器的電荷量為2.7 10-9CC.欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R4阻值不得超過5.7 QD.欲使粒子向下偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的下板，R4阻值不得低于l.4 Q19.某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，光電子的最大初動能Ek與入射光頻率V之間的關(guān)系如圖所示。已知h為普朗克常量，e為電子電荷量的絕對值，結(jié)合

6、圖象所給信息，下列說法正確的是（）此 vA,頻率小于短的入射光不可能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象B.該金屬的逸出功隨入射光頻率的增大而增大c.若用頻率是2口的光照射該金屬,則遏止電壓為he0其基本結(jié)構(gòu)為在跨過定滑輪的輕繩兩端系著質(zhì)量均為M的物塊A和B,質(zhì)量為m的金屬片C放置在D.遏止電壓與入射光的頻率無關(guān)20.如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi), 豎直向下的勻強磁場中，兩導(dǎo)軌間距為L,左端間接一電阻處于磁感應(yīng)強度大小為B、方向R,質(zhì)量為m的金屬桿ab靜置于導(dǎo)軌,桿與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為因現(xiàn)給金屬桿一個水平向右的沖量Io,金屬桿運動一段距離 x后靜止，運動過程中與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良

7、好。不計桿和導(dǎo)軌的電阻，重力加速度為go則金屬桿ab在運動過程中（）XXXbXXX： 乂上X X； XXX:A .做勻減速直線運動B.桿中的電流大小逐漸減小，方向從 b流向aB2L2I0c.剛開始運動時加速度大小為二2丁Ng111 RI2,D.電阻R上消耗的電功為2m-Mmgx21 .如圖所示，豎直軌道 ABCD由兩部分構(gòu)成。AB部分為光滑水平軌道,BCD部分為一半徑為R的光滑半圓軌道，AB右端與半圓軌道的底端相切。一質(zhì)量為m、可看成質(zhì)點的小滑塊從 AB軌道的最左端a點處以速度V0=8gR向右滑行,則當(dāng)滑塊滑到圖中的C點位置時（cos 53 =0.6）,則物塊B上（不粘連）。鐵架臺上固定一圓環(huán)

8、，圓環(huán)在物塊B的正下方。系統(tǒng)靜止時，金屬片環(huán)間的高度差為%。（1）由靜止釋放物塊A、B,當(dāng)物塊B穿過圓環(huán)時，金屬片C被擱置在圓環(huán)上，此后，物塊落。如果忽略一切阻力，物塊 B穿過圓環(huán)后做C與圓B繼續(xù)下直線運動。（填 勻速”勻減速”或勻加速”）（2）如果在實驗誤差允許的范圍內(nèi)， 物塊A、B和金屬片C組成的系統(tǒng)，在下落h1高度的過程中,金屬片C減少的重力勢能等于系統(tǒng)增加的動能，即可驗證該系統(tǒng)機械能守恒。測得物塊后下落h2高度所用時間為 3當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間o則該系統(tǒng)機械能守恒的表達(dá)式B穿過圓環(huán)（3）改變靜止釋放物塊 A、B的初始位置，重復(fù)試驗，記錄各次的高度差h1,以及物塊B穿過圓環(huán)后下落相同高度

9、 h2所用的時間3以hi為縱軸，以圖線為一條過原點的直線，則說明了系統(tǒng)的機械能守恒。卜列說法正確的是（）12-A.小滑塊在C點處的動能為石mgRB.小滑塊在C點處的機械能為8mgRC.在C點處軌道對小滑塊的壓力大小為21 mg5D.小滑塊能通過最高點，且最高點軌道對小滑塊的壓力為3mg第II卷（非選擇題，共174 分）二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第 22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）22. （6分）阿特伍德機”是物理學(xué)家喬治印可特伍德在1784年研制的一種驗證運動定律的機械。112（填*產(chǎn)或 ”）為

10、橫軸，若作出的干電池E （電動勢1.5 V,內(nèi)電阻0.1 Q電阻箱R1 （阻值范圍為0999 Q）電流表A （量程00.6 A,內(nèi)阻1 Q電阻箱R2 （阻值范圍為0999.9 Q開關(guān)S導(dǎo)線若T定值電阻R= 3 a23. （9分）某研究小組欲將電流表改裝成歐姆表，他們在實驗室中找到的器材如下:。為了將電流表（圖 2）的0.6 A標(biāo)注為0烏電阻箱如圖1所示，電阻箱應(yīng)選擇的阻值應(yīng)調(diào)整為Q ,則0.2 A應(yīng)標(biāo)注（2）研究小組發(fā)現(xiàn)上述改裝成的歐姆表測電阻阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角越小。為了能讓測電阻的阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角也越大，請在方框內(nèi)重新設(shè)計電路。圖I圖224.示意圖,（12分）近年來，網(wǎng)上購物促使快遞行

11、業(yè)迅猛發(fā)展。如圖所示為某快遞車間傳送裝置的簡化傳送帶右端與水平面相切，且保持vo=4 m/s的恒定速率順時針運行，傳送帶的長L = 3 m?，F(xiàn)將一質(zhì)量為0.4 kg的包裹A輕放在傳送帶左端，包裹A剛離開傳輸帶時恰好與靜止的包裹B發(fā)生正碰，碰撞時間極短，碰撞后包裹 A向前滑行了 0.1 m靜止，包裹B向前運動了 0.4 m靜止。已知包裹A與傳輸帶間的動摩擦系數(shù)為0.4,包裹A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)均為0.5, g取10 m/s2。求:（1）包裹A在傳送帶上運動的時間;（2）包裹B的質(zhì)量。7團(tuán)B.物體溫度升高時，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分了數(shù)目增多25. (20分)如圖所示，為了研究帶電

12、粒子在電場和磁場中的運動，在空間中建立一平面直角坐標(biāo)系xOy,在0y0且yf,所以WfWf,因為電勢能的減小量等于 電場力做功，聯(lián)合可得物塊動能的增加與電勢能的減小量之差為：AEk- W電=mgh-Wf= Wf- Wf 0,則有：AEkW電，故C正確；把A、B看成一個整體，電荷P對這個整體有沿斜向左下方的庫倫斥力， 故A有向左的運動的趨勢，斜面體 A有受到地面向右的靜摩擦力，故 D錯誤。.【答案】B【解析】因軌道康復(fù)者”的高度低于同步衛(wèi)星的高度，可知其角速度大于同步衛(wèi)星的角速度， 也大于站在赤道上的觀察者的角速度，則站在赤道上的人觀察到軌道康復(fù)者”向東運動，選項 A錯誤；由得:=，在圖示軌道上

13、，軌道康復(fù)者”與地球同步衛(wèi)星加速度之比為 = =,故B正確；因 軌道康復(fù)者”與地球同步衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系不確定， 則不能比較機械 能的關(guān)系，選項 C錯誤；應(yīng)讓 軌道康復(fù)者”從圖示軌道上加速，與同步衛(wèi)星進(jìn)行對接，故 D錯誤。.【答案】D【解析】固定滑塊B不動，釋放滑塊 A,設(shè)滑塊A的加速度為aA,鉤碼C的加速度為ac,根據(jù) 動滑輪的特征可知，在相同的時間內(nèi)，滑塊A運動的位移是鉤碼 C的2倍，所以滑塊 A、鉤碼C之間的加速度之比為 aA： ac= 2:1。此時設(shè)輕繩之間的張力為 對于滑塊A,由牛頓第二定律可知 T = mAaA,對于車勾碼C由牛頓第二定律可得 mcg-2T= mcac,聯(lián)立解得T=16

14、 N,ac=2 m/s2,aA=4 m/s2。 若只釋放滑塊 B,設(shè)滑塊B的加速度為aB,鉤碼C的加速度為ac?根據(jù)動滑輪的特征可知，在相 同的時間內(nèi)，滑塊B運動的位移是鉤碼的 2倍，所以滑塊B、鉤碼之間的加速度之比也為 aB: ac?= 2 :1,40. 20. 10T= aB= aC -定律可得mcg-2T? = mcac?聯(lián)立解彳33 N ,3 m/s ,3 m/s。則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為ac : ac?= 3 :5,故D正確。.【答案】C【解析】 上極板與電源的正極相連，極板間電場方向向下，粒子所受的電場力方向向上，故粒 子帶負(fù)電，故 A錯誤；電容器與 R2、&、R

15、4這部分電路并聯(lián)，當(dāng)粒子勻速穿過電容器時，R2、R3、R4這部分電路的總電阻為 2Q,根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點可得這部分的電壓U0=2V,電容器的電荷量為Qo=CUo=1.5M0-9X2C=3M09C,故B錯誤；當(dāng)粒子勻速穿過電容器時，有qE0=mg,粒子在電容器中的運動時間=-=。當(dāng)粒子向上偏轉(zhuǎn)且剛好經(jīng)過上極板最右端時，在豎直方向上，有 =-，解得：a= 2m/s2.由牛頓第二定律得 qE - mg= ma,可得,并可得,由此得 R2、R3、R4這部分電路總電壓 U1 = 2.4V, R1的電壓 UR1 = E- U1=0.6V,電流= = ，可得 R2、R3、R4這部分電路總電阻總=-=- =

16、 ，由總=,由此算出R4- 5.7，所以欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R4阻值不得超過5.7 Q,故C正確；同理，粒子經(jīng)過下極板最右端時的加速度a=2m/s2 .電容器極板間電壓U2= 1.6V ,解得：甩0.69 ,Q故D錯誤。.【答案】AC【解析】由圖象可知金屬的極限頻率為明入射光的頻率必須要大于為才能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，選項A正確；金屬的逸出功與入射光的頻率無關(guān)，選項 B錯誤；若用頻率是 2出的光照射該金屬， 則光電子的最大初動能為= ,則遏止電壓為=,選項C正確；遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)，入射光的頻率越大，則最大初動能越大，遏制電壓越大，選項D錯誤。.【答案】BD【解析】金屬

17、桿獲得沖量Io后，速度 =，對金屬桿應(yīng)用右手定則分析可得電流方向是b到a,受安培力方向向左，根據(jù)牛頓第二定律安=，+=，所以桿做的是加速度減小的減速直線運動，A錯誤，B正確；剛開始運動時，+= ,=，聯(lián)立解得： 十C錯誤；對金屬棒應(yīng)用動能定理：-= 安，克服安培力的功等于轉(zhuǎn)化給回路的電能即電阻消耗的電功，解得：安=一，D正確。.【答案】ACD2V2mg = m一【解析】設(shè)小滑塊在B點的速度為V1,小滑塊恰好通過最高點時有：R，解得V2 = VgR ,1212_ mw - mvi = -2mgR由動能定理可得：22,解得“7 5gR 48gR ,故小滑塊可通過最高點，通過mv22mv2 2mgR

18、最高點的速度由動能定理可得22,解得v2 =V4gR,設(shè)軌道對小滑塊的壓力為 N,V22N mg =m由牛頓第二定律可得：R ,解得N=3mg,故D正確。小滑塊從B點處滑到C點處時由12m% 機械能守恒定律得：2小滑塊在C點處的動能為1 224 r= mgR1+cos53+mvv = , gR2，解得小滑塊到達(dá) C點時的速度為5,12gREk= 5 g ，故A正確；根據(jù)牛頓第二定律可得:21代入數(shù)據(jù)解得：N= 5 g,故C正確；小滑塊在運動過程中機械能守恒，在2 v m mgcos53+ N= R ,C點的機械能為12E = - mvo =4mgR2，故B錯誤。第II卷（非選擇題，共174分）

19、三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）. （6 分）【答案】（1）勻速 （2分）（2）mgh1 = - （2分） 一（2分）【解析】（1）因AB質(zhì)量相同，則物塊 B穿過圓環(huán)后做勻速直線運動。（2）由題意可知，系統(tǒng) ABC減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的增加的動能，即為： mgh+Mgh-Mgh =-（2M+m）v?,即為：mgh1 = -（2M+m） v2,又 v=-，得：mgh1=-（2M + m） （）2o（3）將 mgh1 = - （2M+m） v2,變形后，則有： = 一

20、。因此以一為橫軸；由上式可知，作出的圖線是一條過原點的直線，直線的斜率：k=。. （9 分）【答案】（1） R2 （2分）1.4 （2分）5 （2分）（2）如圖所示（3分）L1Ia【解析】（1）根據(jù)歐姆定律，E=IgR總，R總 = r+Rg+R，聯(lián)立可得R =1.4 Q由于需要用到0.1 R 故需選R2；由前面的分析可知，當(dāng)0.6 A標(biāo)注為0 時，電阻箱示數(shù)應(yīng)為1.4 Q當(dāng)電流表示數(shù)為0.2 A 時，E= Ig（r+Rg+R + Rx）,可得 Rx= 5 0。（2）要使所測電阻阻值越大，電流表示數(shù)越大，可采用并聯(lián)接法，如圖所示，定值電阻R為保護(hù)電阻。. （12 分）【解析】（1 ）包裹A在傳送

21、帶滑行，由牛頓第二定律可得：假設(shè)包裹A離開傳送帶前就與傳送帶共速，由勻變速運動知識可得: TOC o 1-5 h z =（1 分）解得： =,所以上述假設(shè)成立加速過程：=-（1分）勻速過程：=（1分）包裹A在傳送帶上運動的時間： =（1分）聯(lián)立解得：t= 1.25s（1分）（2）包裹A在水平面滑動時，由牛頓第二定律可得：=（1分）由式解得：=同理可知包裹B在水平面滑動的加速度也是=（1分）包裹A向前滑動至靜止：=（1分）包裹B向前滑動至靜止：=（1分）包裹A、B相碰前后系統(tǒng)動量守恒：=（1分）聯(lián)立解得：=（1分）. （20 分）【解析】（1）由于兩粒子均垂直 x軸進(jìn)入磁場且垂直打在彈性擋板上，

22、由幾何關(guān)系可知，兩粒子 在磁場中做勻速圓周運動的半徑r=l（1分）對于粒子甲在磁場中的運動，有=（1分）解得： =一=一（1分）（2）設(shè)粒子乙進(jìn)入磁場時的速率為v,電場區(qū)域中電場強度的大小為E,對于粒子乙在磁場中的運動，有：-=（1分） TOC o 1-5 h z 得： =一由運動學(xué)規(guī)律可得：=（1分）粒子甲從M點運動到P點的過程中，由動能定理得：=-（1分）粒子乙從N點運動到P點的過程中，由動能定理得：-=-（1分）聯(lián)立上述兩式可得：=- - =（1分）（3）粒子甲進(jìn)入磁場后經(jīng)過=一時間繞圓心O轉(zhuǎn)過的角度： =（1分）即粒子乙到達(dá) P點時，粒子甲恰好打在 Q點上粒子乙從P點運動到Q點用時：=

23、（1分）在時間t1內(nèi)，粒子甲繞圓心 Qi轉(zhuǎn)過的角度:設(shè)磁場撤去時，粒子甲位于 C點，即=-= （1 分）=,此后兩粒子均做勻速直線運動；G點，如圖所示。設(shè)粒子甲、乙運動軌跡的圓心分F、D兩點上，由幾何關(guān)系可知，線段 O1O3與x軸平若磁場恢復(fù)后，兩粒子運動軌跡恰好相切于 別為。2、。3,磁場恢復(fù)時粒子甲、乙分別位于 行，四邊形O1O2FC為矩形，=34.【物理一一選修 3-4】（15分）（1）（5 分）【答案】ADE【解析】 因該波的波長為 上4m,則該波遇到長度為 3米的障礙物時將會發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象,在O1O2O3中，由余弦定理得：=-解得：=（4分）若磁場恢復(fù)后，粒子甲的運動軌跡恰好與磁場上邊界相切于 動軌跡的圓心分別為 。2、。3，磁場恢復(fù)時粒子甲、乙分別位于 。1。3于點I,由幾何關(guān)系可知由圖可知：一 =解得：=（4分）綜上所述，時間t的取值范圍為：二 二。（1分）H點，如圖所示。設(shè)粒子甲、乙運F、D兩點上，過點 O2作。2垂直（二）選考題：共 45分。請考生從給出的 2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選 題作答。如果多做。則每學(xué)科按所做的第一題計分。33.【物理選修 3-3】（15分）（5