2023年高考物理一輪復習：相互作用與牛頓運動定律（附答案解析）

1、第 貞共50貞第 貞共50貞2023年髙考物理一輪復習：相互作用與牛頓運動定律.選擇題（共12小題）1-（2020-海南）如圖，上網課時小明把手機放在斜面上，手機處于靜止狀態(tài)。則斜面對手 機的（）支持力豎直向上支持力小于手機所受的重力摩擦力沿斜面向下摩擦力大于手機所受的重力沿斜面向下的分力（2020-浙江）矢量發(fā)動機是噴口可向不同方向偏轉以產生不同方向推力的一種發(fā)動機。當殲20隱形戰(zhàn)斗機以速度v斜向上6行時，其矢量發(fā)動機的噴口如圖所示。匕知幾受到重力G、發(fā)動機推力、與速度方向垂直的升力F2和與速度方向相反的空氣阻力Ft.下 列受力分析示意圖可能正確的是（）A.亨C.GD.G（2020-新課標I

2、II）如圖，懸掛甲物體的細線栓牢在一不可伸長的輕質細繩上O點處；繩的一端固定在墻上，另一端通過光滑定滑輪與物體乙相連。甲、乙兩物體質量相等。系 統(tǒng)平衡時，O點兩側繩與豎直方向的夾角分別為a和p.若a=70，則p等于（）（2019-天津）2018年10月23日，港珠澳跨海大橋正式通車。為保持以往航行習慣，在航道處建造了單面索（所有鋼索均處在同一豎直面內）斜拉橋，其索塔與鋼索如圖所示。下列說法正確的是（）增加鋼索的數(shù)量可減小索塔受到的向下的壓力為了減小鋼索承受的拉力，可以適當降低索塔的高度索塔兩側鋼索對稱且拉力大小相同時，鋼索對索塔的合力豎直向下為了使索塔受到鋼索的合力豎直向下，索塔兩側的鋼索必須

3、對稱分布（2021-浙江）2021年5月15日，天問一號著陸器在成功著陸火星表面的過程中，經大氣層290s的減速，速度從4.9X103m/s減為4.6X 102m/s：打開降落傘后，經過90s速度 進-步減為1 -OXIOW；與降落傘分離，打開發(fā)動機減速后處于懸停狀態(tài)：經過對著陸點的探測后平穩(wěn)著陸。若打開降落傘至分離前的運動可視力豎直向下運動，則著陸器A.打開降落傘前，只受到氣體阻力的作用打開降落傘至分離前，受到的合力方向豎直向上打開降落傘至分離前，只受到浮力和氣體阻力的作用懸停狀態(tài)中，發(fā)動機噴火的反作用力與氣體阻力是平衡力（2021-r東）唐代耒耜經記載了曲轅犁相對直轅犁的優(yōu)勢之一是起土省力

4、。設牛用大小相等的拉力F通過耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為a和p，ap，如 圖所示。忽略耕索質量，耕地過程中，下列說法正確的是（）牛的拉力F曲轅犁牛的拉力F直轅犁耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對直轅犁的大耕索對曲轅犁拉力的豎直分力比對直轅犁的大曲轅犁勻速前進時，耕索對犁的拉力小于犁對耕索的拉力直轅犁加速前進時，耕索對犁的拉力大于犁對耕索的拉力（2021-甲卷）如圖，將光滑長平板的下端置于鐵架臺水平底座上的擋板P處，上部架在橫桿上。橫桿的位置可在豎直桿上調節(jié)，使得平板與底座之間的夾角e可變。將小物塊由平板與豎直桿交點q處靜止釋放，物塊沿平板從q點滑至P點所用的時間t與夾角e的大小有關。

5、若由30逐漸增大至60 ,物塊的下滑時間t將（）光滑長平板逐漸增大B.逐漸減小C.先增大后減小D.先減小后増大（2021-湖南）質量為M的凹槽靜止在水平地面上，內壁為半圓柱面，截面如圖所示，A為半圓的最低點，B為半圓水平直徑的端點。凹槽恰好與豎直墻面接觸，內有一質量為m的小滑塊。用推力F推動小滑塊由A點向B點緩慢移動，力F的方向始終沿圓弧的切 線方向，在此過程中所有摩擦均可忽略，下列說法正確的是（）推力F先增大后減小凹槽對滑塊的支持力先減小后増大墻面對凹槽的壓力先增大后減小水平地面對凹槽的支持力先減小后增大（2021-浙江）如圖所示，電動遙控小車放在水平長木板上面，當它在長木板上水平向&加速運

6、動時，長木板保持靜止，此時（）小車只受重力、支持力作用木板對小車的作用力方向水平向左木板對小車的作用力大于小車對木板的作用力第S貞共50貞第S貞共50貞木板對小車的作用力與小車對木板的作用力大小一定相等（2021-義烏市模擬）義烏市場上熱銷的擦窗機器人能利ffl內置吸盤吸附在接觸面上，同 時驅動系統(tǒng)又能保證機器人在豎直墻壁或玻璃面上自如行走，執(zhí)行用戶設定的清潔任務。假設現(xiàn)在擦窗機器人正在豎直玻璃墻面上由A點沿直線加速運行到右上方的B點，在這 TOC o 1-5 h z 一過程中，機器人與玻璃墻之間的摩擦力力F,則下列關于力的分析圖中正確的是（）（2021-株洲模擬）黑板擦在手施加的恒定推力F作

7、用下勻速擦拭黑板己知黑板擦與豎直黑板間的動摩擦因數(shù)為H，不計黑板擦的力，則它所受的摩擦力大小為（）（2021-濱?？h校級一模）戽斗hudou是古代一種小型的人力提水灌田農具，是我國古代勞動人民智慧的結晶。如圖所示，兩人雙手執(zhí)繩牽斗取水，在繩子長度一定時（）兩人站得越近越省力兩人站得越遠越省力兩邊繩+與豎直方向夾角力60時最省力D.繩子拉力大小與兩人距離遠近無關二.多選題（共4小題）（2021-III東）如圖所示，載有物資的熱氣球靜止于距水平地面H的高處，現(xiàn)將質量為 m的物資以相對地面的速度vo水平投出，落地吋物資與熱氣球的距離為d。己知投出物 資后熱氣球的總質量為M，所受浮力不變。重力加速度為

8、g，不計阻力。以下判斷正確 的是（）投出物資后熱氣球做勻加速直線運動投出物資后熱氣球所受合力大小為mg（2021-甲卷）一質量為m的物體自傾角力a的固定斜面底端沿斜面向上滑動。該物體開始滑動時的動能為Ek，向上滑動段距離后速度減小為零，此后物體向下滑動，到達斜 面底端時動能為1。己知sina=0.6,重力加速度大小為g。則（）5物體向上滑動的距離為i2mg物體向下滑動吋的加速度大小為5物體與斜面間的動摩擦因數(shù)等于0.5物體向上滑動所用的時間比向下滑動的時間長（202P武漢模擬）用三根輕質細線a、b、c將質量相同的兩個小球丨和2懸掛，當小球靜止時，細線a與豎直方向的夾角為30，細線c水平，如圖所

9、示。保持細線a與豎直 方向的夾角30不變，將細線c逆時針緩慢轉過60的過程中（）第6頁共50頁第 貞共50貞第 貞共50貞 細線b上的張力逐漸減小細線b上的張力先減小后増大細線c上的張力逐漸減小細線c上的張力先減小后增大（2021-廣東模擬）如圖甲所示，空調外機用兩個三角形支架固定在外墻上，圖乙為簡化 示意圖，若空調外機的重心恰好與橫梁AO和斜梁BO連接點O在同 豎直平面內，且 兩支架各承擔一半空調重力，空調重力大小為240N, AO水平，BO與AO的夾角力37。 假定橫梁對點的拉力總沿OA方向，斜梁對O點的支持力總沿BO方向。下列判斷正 確的是（）橫梁對O點的拉力為320N斜梁對O點的支持力

10、為400N如果把斜梁加長一點，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，這時橫梁對O 點的作用力將變小如果把斜梁加長一點，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，這時斜梁對O 點的作用力將變大三.填空題（共6小題）（202!楊浦K二模）如圖所示，用輕繩系住一個勻質大球B，大球和墻壁之間放置一質 量為m的勻質小球A，各接觸面均光滑.系統(tǒng)平衡時，繩與豎直墻壁之間的夾角力45， 兩球心連線與輕繩之間的夾角為15，重力加速度為g.則豎S墻對A球的彈力大小 為 大球B的質量為 .（2019-江夏區(qū)校級模擬）如圖所示，木塊重為6N，細繩與定滑輪的摩擦和小盤的質量不計。當小盤內放有重力2N的砝碼時，木塊未被拉

11、動，此時木塊受到的摩擦力是 N；當小盤內放屯為3N的砝碼時，木塊剛好做勻速運動，當小盤內放為4N的砝碼時，木塊做加速運動，此時木塊受到的摩擦力大小為 N。 U=tl（2021*長寧K二模）質量為m的質點所受的力F隨時間變化的規(guī)律如圖所示，力的方 向始終在，-直線上。己知t=0吋質點處于靜止狀態(tài)。在圖中t0、2t0、3to和4to的各吋刻 中，質點離出發(fā)點距離最大的時刻是 :質點動能的最大值是 。（2021-青浦K二模）拱橋是古代能工巧匠的杰作，以趙州橋最為有名。如圖是拱橋模型， 將四塊相同的石塊砌成圓弧形結構，每塊石塊的重力力G，對應的圓心角均為45，第2、3塊石塊間的接觸面是豎直的，第丨、4

12、塊石塊在水平地面上，兩側被P、Q擋住。假 定不考慮各接觸面間的摩擦力，則第丨塊石塊對第2塊石塊的作用力和第2塊石塊對第3 塊石塊的作用力大小之比力 :第1塊石塊對地面的作用力大小 為 。（2020-松江區(qū)校級模擬）某物體由靜止開始做直線運動，物體所受合力F隨時間t變化的圖象如圖所示，在0 8s內，速度最大的時刻是第 s末，距離出發(fā)點最遠的是第（2018-楊浦區(qū)一模）如圖所示，斜面的傾角力0，圓柱體質量力m。若把重力沿垂直于墻面和垂直于斜面兩個方向分解，則重力垂直于斜面的分力大小為 :垂直于墻面的分力大小為 o己知重（2021-浙江）機動車禮讓行人是種文明行為。如圖所示，質量m=1.0X103k

13、g的汽車以vi=36km/h的速度在水平路面上勻速行駛，在距離斑馬線s=20m處，駕駛員發(fā)現(xiàn)小 朋友排著長l=6m的隊伍從斑馬線一端開始通過，立即剎車，最終恰好停在斑馬線前。假設汽車在剎車過程中所受阻力不變，且忽略駕駛員反應時間。（1）求開始剎車到汽車停止所用的時間和所受阻力的大??；（2）若路面寬L=6m,小朋友行走的速度v0=0.5m/s,求汽車在斑馬線前等待小朋友全部通過所需的時間；（3）假設駕駛員以v2=54nVh超速行駛，在距離斑馬線s=20m處立即剎車，求汽車到斑馬線時的速度。第 貞共50員第 貞共50員（2020- h海）足夠長的斜面與水平之間的傾角力37，質量刃2kg的物體靜止在

14、斜面 底端，在平行于斜面上的外力F=24N的作用下沿斜面向上運動，經過2s后撤去外力F， 物體與斜面間的滑動摩擦系數(shù)為0.5,且最大靜摩擦力可近似等于滑動摩擦力。求：（1）物體在斜面上向上滑行的時間；（2）上行過程中撤去F前后，物體受到的摩擦力的做功之比k:（3）在S-t圖象中畫出減速階段的圖象（t=0時，物體在S = 0處）：（4）分析說明為什么物體動能與勢能相等的位置僅出現(xiàn)在物體沿斜面下滑的過程中，并求出該位置離斜面底端的距離L。（2019-江蘇）如圖所示，質量相等的物塊A和B疊放在水平地面上，左邊緣對齊。A 與B、B與地面間的動摩擦因數(shù)均力p.先敲擊A，A立即獲得水平向右的初速度，在B

15、上滑動距離L后停下。接著敲擊B，B立即獲得水平向右的初速度，A、B都向右運動，左邊緣再次對齊時恰好相對靜止，此后兩者一起運動至停下。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。求：（1）A被敲擊后獲得的初速度大小vA:（2）在左邊緣再次對齊的前、后，B運動加速度的大小aB、aB:（3）B被敲擊后獲得的初速度大小vB。B（2018-天津）我國自行研制、具有完全自主知識產權的新一代大型噴氣式客機C919首飛成功后，拉開了全面試驗試飛的新征程。假設飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線運動，當位移x=1.6X103m吋才能達到起飛所要求的速度v=80m/s。己知飛機質量m = 7.0X104

16、kg,滑跑吋受到的阻力為自身重力的0.1倍，重力加速度取g=lOm/s2.求飛機滑跑過程中（1）加速度a的大?。唬?）牽引力的平均功率P。五.解答題（共4小題）（2021-章丘E模擬）如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以速度v=2m/s勻速運動，質量 為mi = lkg的小物塊P和質量為m2= 1.5kg的小物塊Q由通過定滑輪的輕繩連接，輕繩 足夠長且不可伸長。某吋刻物塊P從傳送帶左端以速度v0=4m/s沖上傳送帶，P與定滑 輪間的繩子水平。已知物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)p=0.5,重力加速度為g=10m/s2, 不計滑輪的質量與摩擦，整個運動過程中物塊Q都沒有上升到定滑輪處。求：（1）物塊P剛

17、沖上傳送帶時的加速度大?。海?）物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠處的過程中，P向右移動的距離；（3）物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠處的過程中，傳送帶上的劃痕是多長？（2021-武漢模擬）如圖甲所示，一長木板靜置于水平地面上，木板最右端放置一小物塊。t=0時刻對木板施加一水平向右的恒力F，t=ls時撤去F，此后木板運動的v-t圖像如圖乙所示。己知物塊質量m=2kg，木板質量M = 3kg，物塊與木板間及木板與地面間均 有摩擦，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊始終在木板上，重力加速度大小g=10m/s2。（1）設物塊與木板、木板與地面間的動摩擦因數(shù)分別是m、H2,求Pl、W的值（提示:（2）求撤去F直至

18、木板停下的過程中，物塊所受摩擦力的沖量大??；（3）求整個過程中木板與物塊間、木板與地面間因摩擦產生的總熱量。田乙（2021-遼寧模擬）如圖甲所示，在水平面上固定一傾角0 = 37、底端帶有擋板的足夠 長的斜面，斜面體底端靜止一質量m=lkg的物塊（可視為質點），從某時刻起，物塊受 到一個沿斜面向上的拉力F作用，拉力F隨物塊從初始位置第一次沿斜面向上的位移x 變化的關系如圖乙所示，隨后不再施加外力作用，物塊與固定擋板碰撞前后速率不變， 不計空氣阻力。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)p=0.5, sin37 =0.6, cos37 =0.8, 重力加速度g取10m/s2。求：（1）物塊在上滑過程中的

19、最大速度的大?。海ㄓ嬎憬Y果可保留根式）（2）物塊沿斜面h滑的最大位移的大小和物塊在斜面上運動的總路程。（2021-丹陽市校級模擬）如圖所示，質量mi = 2000kg的貨物放在質量為m2=4000kg， 長為l=6m的貨車車廂中央，貨物可視為質點，貨物與車廂之間的動摩擦因數(shù)為n=0.4o 己知貨車緊急制動吋獲得的制動阻力f=48000N, g取10m/s2。（1）若貨車從靜止開始啟動，力防止貨物與車廂相對滑動，求貨車啟動吋的最大加速度:（2）若貨車以v0=20m/s行駛，突然緊急制動，求貨物與車廂前端相撞前貨物的速度大 ?。海?）若貨車以v0=20m/s行駛，為防止貨物與車廂前端相撞，求貨車減

20、速的最大加速度。2023年髙考物理一輪復習：相互作用與牛頓運動定律參考答案與試題解析.選擇題（共12小題）（2020-海南）如圖，上網課時小明把手機放在斜面上，手機處于靜止狀態(tài)。則斜面對手 機的（）支持力豎直向上支持力小于手機所受的重力摩擦力沿斜面向下摩擦力大于手機所受的重力沿斜面向下的分力【考點】力的合成與分解的運用；共點力的平衡.【專題】定性思想：推理法：摩擦力專題：共點力作用下物體平衡專題；推理能力.【分析】因為手機處于靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件求解斜面對手機的靜摩擦力和手機所受 支持力表達式進行分析：斜面對手機的靜摩擦力與手機對斜面的靜摩擦力是一對作用力 與反作用力，由此分析。【解答】解：

21、AB、設手機的質量力m，斜面傾角力0。對手機進行受力分析，如圖所示由圖結合共點力平衡的特點可知，支持力方向垂直斜面向上，小于手機所受的重力，故 A錯誤，B正確：CD、由圖可知，手機受到的摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件則有：f=mgsin0,靜摩擦力等于手機重力沿斜面向下的分力，故CD錯誤。故選：B?！军c評】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利川平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分第14頁共S0員解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。（2020-浙江）矢量發(fā)動機是噴口可向不同方向偏轉以產生不同方向推力的一種發(fā)動機。當殲2

22、0隱形戰(zhàn)斗機以速度v斜向上IS行時，其矢量發(fā)動機的噴口如圖所示。己知飛機受 到重力G、發(fā)動機推力、與速度方向垂直的升力F2和與速度方向相反的空氣阻力Ff.下列受力分析示意圖可能正確的是（）C.G【考點】力和力的圖示.vv、D.G【專題】作圖題：幾何法：運動學中的圖象專題：分析綜合能力.【分析】重力的方向是豎直向下，根據(jù)飛機速度方向判斷其他各個力的方向：【解答】解：飛機受到重力G、發(fā)動機推力Fh升力F2和空氣阻力Ff，重力的方向豎直 向下，升力F2的方向與速度方向垂直，為右上方，空氣阻力Ff力的方向與速度的方向相反，為右下方，為了使合力沿速度方向，則發(fā)動機推力F!的方向為左上方，綜上分析可知A正

23、確，BCD錯誤： 故選：Ao【點評】本題的關鍵是根據(jù)IS機的運動情況判斷飛機的受力情況，并畫出力的示意圖。（2020-新課標UI）如圖，懸掛甲物體的細線栓牢在一不可伸長的輕質細繩上O點處；繩 第15負井S0頁第 貞共50員第 貞共50員的一端固定在墻上，另一端通過光滑定滑輪與物體乙相連。甲、乙兩物體質量相等。系統(tǒng)平衡時，0點兩側繩與豎直方向的夾角分別力a和P.若a=70a，則p等于（）45B. 55C. 60D. 70【考點】力的合成與分解的運用：共點力的平衡.【專題】定量思想；方程法；平行四邊形法則圖解法專題：推理能力.【分析】對O點進行受力分析，依據(jù)平衡條件，結合力的平行四邊形定則，及三角

24、函數(shù)， 列式即可求解。【解答】解：（法一）由于甲、乙兩物體質量相等，則設它們的質量為m，對O點進行受力分析，下面繩子的拉力mg，右邊繩子的拉力mg，左邊繩子的拉力F，如下圖所示：因處于靜止狀態(tài)，依據(jù)力的平行四邊形定則，則有:豎直方向：mgcos70 +Fcosp=mg水平方向:mgsin70。=Fsinp因a=70，聯(lián)立上式，解得：p=55，（法二）還可通過作圖法：甲由于甲、乙質量相等，通過矢量的合成法則，結合幾何關系，則有：Zr+Zr+Za=180o :因Za=70，那么：Zp = 55故B正確，ACD錯誤：故選：B?！军c評】考查受力平衡的應用，掌握力的平行四邊形定則的內容，注意三角函數(shù)的正

25、確 列式，本題由于夾角是不特殊值，直接計算増加題目的難度，可通過特殊值代入法，即 可求解。（2019-天津）2018年10月23日，港珠澳跨海大橋正式通車。力保持以往航行習慣，在 航道處建造了單面索（所有鋼索均處在同一豎直面內）斜拉橋，其索塔與鋼索如圖所示。 下列說法正確的是（）索塔增加鋼索的數(shù)量可減小索塔受到的向下的壓力為了減小鋼索承受的拉力，可以適當降低索塔的島度索塔兩側鋼索對稱且拉力大小相同時，鋼索對索塔的合力豎直向下為了使索塔受到鋼索的合力豎直向下，索塔兩側的鋼索必須對稱分布【考點】合力的大小與分力間夾角的關系.【專題】應用題：定量思想；推理法：推理能力.【分析】做出示意圖，將鋼索的拉

26、力進行合成，合力豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則作圖后由幾何關系列式求解?！窘獯稹拷猓篈、對橋身進行受力分析可知，鋼索對橋身的拉力的合力與橋身與鋼索的總重力大小相等、方向相反，則鋼索對索塔向下的壓力數(shù)值上等于橋身與鋼索的總重力，即增加鋼索的數(shù)量，鋼索對索塔的壓力增大，故A錯誤。B、合力一定，分力間的夾角越小，則分力越小。為了減小鋼索承受的拉力，應該增大索塔的高度，達到減小鋼索間夾角的目的，故B錯誤。C、根據(jù)對稱性可知，索塔兩側鋼索對稱分布，拉力大小相等時，水平分力抵消，鋼索對索塔的合力豎直向下，故C正確。D、如圖所示：將鋼索AC、AB的拉力Fac、Fab進行合成，合力豎直向下，結合正弦定理可知：

27、FF紐=$，得FAC: FAB=sin p： sina,故索塔兩側的鋼索不必須對稱分布，故D sinl sinP錯誤。故選：Co【點評】本題的關鍵是將鋼索AC、AB的拉力FAC、Fab進行合成，然后根據(jù)正弦定理 列式研究。（2021-浙江）2021年5月15日，天問一號著陸器在成功著陸火星表面的過程中，經大 氣層290s的減速，速度從4.9X103m/s減為4.6X 102m/s：打開降落傘后，經過90s速度 進步減為1.0X102m/s；與降落傘分離，打開發(fā)動機減速后處于懸停狀態(tài)：經過對著陸 點的探測后平穩(wěn)著陸。若打開降落傘至分離前的運動可視為豎直向下運動，則著陸器第20貞共50貞第20貞共

28、50貞第19頁共50頁打開降落傘前，只受到氣體阻力的作用打開降落傘至分離前，受到的合力方向豎直向上打開降落傘至分離前，只受到浮力和氣體阻力的作用懸停狀態(tài)中，發(fā)動機噴火的反作用力與氣體阻力是平衡力【考點】牛頓運動定律的應用一一從運動確定受力.【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題：推理能力.【分析】根據(jù)運動狀態(tài)來分析受力情況，結合平衡狀態(tài)下，其合力為零，及若是變速運 動，則由牛頓第二定律，來判定加速度方向，從而確定運動性質，進而判定受力情況?！窘獯稹拷猓篈、在打開降落傘前，養(yǎng)陸器做加速下降，因此除受到氣體阻力的作用外， 還受到重力作用，故A錯誤；BC、在打開降落傘至分離前，除受到降落傘的

29、拉力和氣體阻力的作用外，還受到重力作 用，因著陸器做減速下降，其加速度方向向上，依據(jù)牛頓第二定律，則受到的合力方向豎直向上，故B正確，C錯誤：D、若處于懸停狀態(tài)中，發(fā)動機噴火的反作用力和重力是平衡力，故D錯誤：故選：B?！军c評】考查受力分析的應用，掌握由運動狀態(tài)來判定受力分析，理解牛頓第二定律的 內容，注意受力分析研究對象的確定。（2021-r東）唐代耒耜經記載了曲轅犁相對直轅犁的優(yōu)勢之一是起土省力。設牛用 大小相等的拉力F通過耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為a和p，ap,如 圖所示。忽略耕索質量，耕地過程中，下列說法正確的是（）曲轅犁直轅犁耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對唐轅犁的大耕

30、索對曲轅犁拉力的豎直分力比對直轅犁的大曲轅犁勻速前進時，耕索對犁的拉力小于犁對耕索的拉力直轅犁加速前進時，耕索對犁的拉力大于犁對耕索的拉力【考點】物體的彈性和彈力：合力的大小與分力間夾角的關系：力的合成與分解的運用；共點力的平衡.【專題】定量思想；推理法；共點力作用下物體平衡專題：理解能力.【分析】根據(jù)力的分解得到兩種情況下水平分力、豎直分力的大小關系，根據(jù)牛頓第三 定律分析相互作用力大小?！窘獯稹拷猓篈、耕索對曲轅犁拉力的水平分力大小為F| = Fsina,耕索對直轅犁拉力的 水平分力大小為F2=Fsinp,由于ap,則耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對直轅犁拉力 的水平分力小，故A錯誤；B、耕

31、索對曲轅犁拉力的在豎直方向的分力大小為F/ =Fcosa,耕索對直轅犁拉力的豎 直方向分力大小為F/ =Fcosp,由于aN45d、( m-mpg 圖1T45圖2【點評】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究 對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分 解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。注意整體法和隔離法的應用。（2019*江夏區(qū)校級模擬）如圖所示，木塊為6N，細繩與定滑輪的摩擦和小盤的質量 不計。當小盤內放有重力2N的砝碼時，木塊未被拉動，此時木塊受到的摩擦力是_2_N: 當小盤內放重為3N的砝碼時，木塊剛好做勻速運動，當

32、小盤內放重力4N的砝碼時，木 塊做加速運動，此時木塊受到的摩擦力大小力_J_N。帶 -【考點】摩擦力的判斷與計算.【專題】定性思想；推理法；摩擦力專題；共點力作用下物體平衡專題；推理能力. 【分析】木塊靜止或勻速直線運動時，根據(jù)力的平衡條件，木塊的摩擦力和繩的拉力是 對平衡力，摩擦力大小等于繩的拉力；當木塊做加速運動是，繩的拉力大于摩擦力， 摩擦力大小和勻速運動時的摩擦力大小相等?！窘獯稹拷猓寒斝”P內放有重為2N的砝碼時，木塊未被拉動，繩的拉力大小等于砝碼的 重力，木塊的靜摩擦力和繩的拉力是一對平衡力，所以此時木塊受到的摩擦力是2N:當 小盤內放重力3N的砝碼時，木塊剛好做勻速運動，此時木塊的

33、滑動摩擦力和拉力是一對 平衡力，滑動摩擦力大小為3N，當小盤內放重力4N的砝碼時，木塊做加速運動，木塊 受到的摩擦力大小不變，還是3N。故答案為：2； 3。【點評】本題考查了力的平衡條件、摩擦力的判斷與計算等知識點。關鍵點：注意區(qū)分 靜摩擦力和滑動摩擦力，靜摩擦力利用平衡條件來求解，滑動摩擦力利用滑動摩擦力公第 貞共50員第 貞共50員式求解。（2021-長寧區(qū)二模）質量為m的質點所受的力F隨吋間雙化的規(guī)律如圖所示，力的方向始終在直線上。己知t=0吋質點處于靜ll:狀態(tài)。在圖中to、2t0、3to和4t0的各吋刻2m中，質點離出發(fā)點距離最大的時刻是4to :質點動能的最大值是.【考點】牛頓第二

34、定律；動能定理.【專題】定量思想：推理法；牛頓運動定律綜合專題：分析綜合能力.【分析】從F-t圖像中，分析得到質點受力隨時間的變化，運動過程隨時間的變化，找 到離出發(fā)點距離最大的時刻，和動能最大的時刻，利用公式即可進行求解?！窘獯稹拷猓河蒄-t圖像得，0-to,質點向正方向做勻加速直線運動，加速度為_?_， mto-2to，向正方向做勻減速直線運動，加速度大小與第-段相同，2t0吋，速度剛好減為0, 2t0 - 4t0和0-2t0內受力情況完全相同，運動情況完全相同。整段過程直向正方向 運動，所以4t0吋刻質點離出發(fā)點距離最大。2 2 t=t。時刻，質點速度最大，動能最大，為：Ek=lmv2=

35、lm（Lto）2=FOtO .。 F 2 2 答：質點離出發(fā)點距離最大的時刻是4to;質點動能的最大值是.-0- Q 2m【點評】本題需要注意會分析F-t圖像，能從圖像中分析出質點的運動情況，能報據(jù)運 動情況求解最大動能和最大距離。（2021-青浦區(qū)二模）拱橋是古代能工巧匠的杰作，以趙州橋最為有名。如圖是拱橋模型， 將四塊相同的石塊砌成圓弧形結構，每塊石塊的重力為G，對應的圓心角均力45，第2、3塊石塊間的接觸面是豎直的，第1、4塊石塊在水平地面上，兩側被P、Q擋住。假定不考慮各接觸面間的摩擦力，則第1塊石塊對第2塊石塊的作用力和第2塊石塊對第3【考點】力的合成與分解的運用；共點力的平衡.【專

36、題】計算題；信息給予題：定性思想；整體法和隔離法；共點力作用下物體平衡專 題；分析綜合能力.【分析】分別以第2塊石塊和四塊石塊為研究對象，受力分析結合共點力的平衡條件可以求出作用力，進而求出比值關系?！窘獯稹拷猓阂缘?塊石塊力研究對象，受力分析如圖由共點力的平衡條件可知Fi2sin45 =GFl2COs45 =F32整理可得F|2=V2GF32 = G又由牛頓第三定律可知，第2塊石塊對第3塊石塊的作用力大小等于第3塊石塊對第2塊石塊的作用力大小，故第1塊石塊對第2塊石塊的作用力和第2塊石塊對第3塊石塊的作用力大小之比為 1;以四塊石塊力整體受力分析，設地面對第1塊石塊的作用力為N，則由共點力的

37、平衡條件可得在豎直方向2N=4G即 N=2G由牛頓第三定律可知第1塊石塊對地面的作用力大小N =N = 2G。故答案為：2： 1，2G。Fi【點評】在受力分析時，整體法和隔離法是常用的方法，一定要熟練掌握。（2020-松江區(qū)校級模擬）某物體由靜止開始做直線運動，物體所受合力F隨時間t變化的圖象如圖所示，在0 8s內，速度最大的時刻是第4 s末，距離出發(fā)點最遠的是第【專題】比較思想；推理法：牛頓運動定律綜合專題；推理能力.【分析】根據(jù)合力方向與速度方向的關系，判斷物體的運動情況，兩者方向相同時，物 體做加速運動，相反，做減速運動，從而確定何時速度最大，并分析何時離出發(fā)點最遠?！窘獯稹拷猓何矬w在0

38、2s內F逐漸増大，加速度逐漸增大，做變加速直線運動；在2 4s內F逐漸減小，加速度逐漸減小，但方向沒有改變，所以物體沿原方向做加速度減小的加速運動：在46s內F反向且逐漸增大，加速度也反向逐漸增大，物體沿原方向做加速度增大的 減速運動；在68s內F漸減小，加速度也逐漸減小，物體沿原方向做加速度減小的減速運動，所以物體速度方向始終未變，根據(jù)對稱性可知，8s末物體的速度為零，離出發(fā)點最遠，4s 末速度最大。故答案為：4, 8 =【點評】木題是牛頓第二定律的定性應用，根據(jù)物體的受力情況來分析物體的運動，也 可作出物體的v - t圖象進行分析。特別要注意的是4s末物體的運動方向不是M頭。（2018-楊

39、浦區(qū)一模）如圖所示，斜面的傾角為9,圓柱體質量為m。若把A力沿垂直于墻面和垂直于斜面兩個方向分解，則重力垂直于斜而的分力大小為垂直于 墻面的分力大小為mgtane 。己知重力加速度為g。【考點】力的分解.【分析】根據(jù)力的作用效果來分解力，首先要分析清楚力有什么樣的作用效果，由圖可 知物體對斜面要有壓力，同時對擋板也會有壓力的作用，所以小球重力的作用效果就是 垂直于斜面和擋板的?！窘獯稹拷猓何矬w與斜面和擋板接觸，物體對斜面有垂直斜面向下的壓力，對于擋板物 體有垂直于擋板即水平的壓力，所以按照重力產生的作用效果重力可分解力垂直于斜面 的分力和水平方向的分力，以重力力對角線作出平行四邊形可知，根裾，

40、幾何關系可知，垂直于墻面的分力大小是N|=mgtane,垂直于斜面的分力大小是 N尸昵。COS 9故答案為：mgtane o【點評】分解力經常按照力的實際的作用效果來分解，找到力的作用效果，也就找到了 力的分力的作用方向，在根據(jù)平行四邊形定則就可以確定分力的大小了。四.計算題（共4小題）（2021-浙江）機動車禮讓行人是-種文明行為。如圖所示，質量m=1.0X103kg的汽車以vi=36km/h的速度在水平路面上勻速行駛，在距離斑馬線s=20m處，駕駛員發(fā)現(xiàn)小 朋友排著長l=6m的隊伍從斑馬線一端開始通過，立即剎車，最終恰好停在斑馬線前。 假設汽車在剎車過程中所受阻力不變，且忽略駕駛員反應時間

41、。（1）求開始剎車到汽車停止所用的時間和所受阻力的大??；（2）若路面寬L=6m，小朋友行走的速度vo=O.5m/s,求汽車在斑馬線前等待小朋友全 部通過所需的時間：第 貞共50員第 貞共50員第38頁共SO貞（3）假設駕駛員以v2=54m/h超速行駛，在距離斑馬線s=20m處立即剎車，求汽車到斑馬線時的速度?！究键c】牛頓運動定律的綜合應川.【專題】定性思想；方程法；直線運動規(guī)律專題；牛頓運動定律綜合專題：推理能力. 【分析】（1）剎車過程為勻減速直線運動，因此可由初末速度求出平均速度，再利用平 均速度求剎車時間，進而求加速度；（2）對情境進行分析可知，小朋友全部通過馬路時間為汽車剎車時間與司機

42、等待時間之和，因此求出小朋友全部通過馬路時間結合第一問所求剎車時間即可知道等待時間；（3）題干給出初速度，利用第一問所求加速度，運用速度位移公式即可求解； 【解答】解：以汽車初速度方向為正方向，（1）vi = 36knVli=10m/s,由于剎車過程所受阻力不變，因此汽車做勻減速直線運動，末速度力0，此過程平均速度：2 根據(jù)平均速度的定義：7=!，t解得剎車時間：t=4s,末速度：0=vi+at，解得剎車加速度：a= - 2.5m/s2，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma，解得：f= -2.5X103N,阻力方向與初速度方向相反，大小為2.5X103N；（2）小朋友全部通過時間：v0等待時間:to=t

43、-t，解得：to=2Os；（3）V2=54m/h=15m/s,根據(jù)速度位移關系：V22 - v2=2as,解得：v=5V5m/s答：（丨）求開始剎車到汽車停止所用的吋間為4s，所受阻力的大小為2.5X103N:（2）汽車在斑馬線前等待小朋友全部通過所需的時間力20s；（3）汽車到斑馬線吋的速度為【點評】本題考查勻變速直線規(guī)律與牛頓第二定律，要求學生掌握相關公式并能根據(jù)題 目要求靈活運用，難度不大。（2020-上海）足夠長的斜面與水平之間的傾角力37，質量力2kg的物體靜止在斜面 底端，在平行于斜面上的外力F=24N的作用下沿斜面向上運動，經過2s后撤去外力F， 物體與斜面間的滑動摩擦系數(shù)力0.

44、5,且最大靜摩擦力可近似等于滑動摩擦力。求：（1）物體在斜面上向上滑行的時間；（2）上行過程中撤去F前后，物體受到的摩擦力的做功之比k:（3）在S- t圖象中畫出減速階段的圖象（t=0時，物體在S=0處）；（4）分析說明為什么物體動能與勢能相等的位置僅出現(xiàn)在物體沿斜面下滑的過程中，并求出該位置離斜面底端的距離L?！究键c】勻變速宦線運動的速度與時間的關系；牛頓第二定律：功的I十算.【專題】定量思想；方程法；牛頓運動定律綜合專題：分析綜合能力.【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求解撤去力F前、后物體的加速度大小，再根據(jù)運動學公式求時間；（2）根據(jù)克服摩擦力做功公式Wf=fs可知克服摩擦力做功之比即為兩

45、個過程路程之比，根據(jù)運動學公式求解前后的路程即可；（3）減速運動過程中的加速度大小為定值，由此畫出位移時間圖象；（4）假設加速上升過程中經過時間T動能和勢能相等，由此列方程得到矛盾的結果，減 速上升過程中動能轉化為力勢能，由此分析；根據(jù)動能和力勢能相等求解下滑時間，冉報據(jù)運動學公式求解。【解答】解：（丨）撤去力F之前物體受力情況如圖所示，根撫牛頓第二定律可得：F - mgsinG - mgcos0 = mai，解得：ai=2m/s2,撤去F以后受力分析如圖所示：由牛頓第二定律得：mgsin0+nmgcos0 = ma2，得：a2=10m/s2撤 i F 吋速度 vi=aiti=4m/s撤去F后

46、物體減速到零所需時間t2=Il=0.4sa2所以物體上升到最大高度所需吋間：t=ti+t2=2.4s；（2）克服摩擦力做的功Wf=fs由于摩擦力大小恒定，克服摩擦力做功之比即力兩個過程路程之比 撒去F前位移：si=llt =4m2撤去F后到達最高點位移：S2 = -Lt =0.8m2 2上行過程中撤去F前后，物體受到的摩擦力的做功之比：k=Wn： Wf2=si： S2=5： 1:（3）物體減速的時間段力2s2.4s，減速階段的s-t圖象如圖所示:s/ms/m0 2.0 2.4t/s（4）設加速上升過程中，經過時間T動能和勢能相等，則有：（音aiT2sin37 ）解得：ai = 6m/s2,與（

47、1）問計算的加速度相矛盾，故不可能：撤去力F時的重力勢能大于動能，減速上升過程中，重力勢能増大、動能減少，所以重 力勢能與動能不可能相等：物體下滑時受力分析如圖所示：由牛頓第二定律得：mgsinO - pmgcos0 = ma3解得：a3=2m/s2在物體沿斜面下滑的過程屮，經過I吋間動能和重力勢能相等，則有：音爪“山）2 （時2-音a3T?） sin37解得：Ti=V3?則 L = S|+S2 - ya3T j=L2m答：（1）物體在斜面上向上滑行的時間為2.4s;（2）上行過程中撤去F前后，物體受到的摩擦力的做功之比為5: 1；（3）在S-t圖象中畫出減速階段的圖象見解析（t=O時，物體在

48、S=O處）：（4）說明見解析，下滑過程中重力勢能和動能相等的位置離斜面底端的距離為1.2m?！军c評】對于牛頓第二定律的綜合應用問題，關鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況， 利用牛頓第二定律或運動學的計算公式求解加速度，再報據(jù)題R要求進行解答；知道加 速度是聯(lián)系靜力學和運動學的橋梁。（2019*江蘇）如圖所示，質量相等的物塊A和B疊放在水平地面上，左邊緣對齊。A 第41負共SO頁第 貞共50員第 貞共50員勻B、B與地面間的動摩擦因數(shù)均力n.先敲擊A，A立即獲得水平向右的初速度，在B 上滑動距離L后停下。接著敲擊B，B立即獲得水平向右的初速度，A、B都向右運動，左邊緣再次對齊時恰好相對靜止，此后

49、兩者一起運動至停下。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。求：（1）A被敲擊后獲得的初速度大小vA:（2）在左邊緣再次對齊的前、后，B運動加速度的大小aB、aB:（3）B被敲擊后獲得的初速度大小vB。B 777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777【考點】勻變速a線運動的位移與時間的關系：牛頓第二定律.【專題】計算題：定性思想；方程法：直線運動規(guī)律專題；分析綜合能力.【分析】（1）敲擊A后，A獲得速度后，向右做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律及勻變速直線運動規(guī)律解題：（2）根據(jù)A與B之間的摩擦力，B與地面之間的摩擦力

50、，結合牛頓第二定律可分析出對齊和不對齊時B的加速度；（3）由A、B所發(fā)生的相對位移L著手，分析出共速時各自發(fā)生的位移，聯(lián)立等式進行求解?！窘獯稹拷猓海ㄘ┯膳ｎD運動定律知，A加速度的大?。篴A=Rg勻變速貞線運動:2解得：vA=/2|lgL（2）設A、B的質量均為m，對齊前，B所受合外力大?。篎=3pmg由牛頓運動定律：F=maB，解得：ae=3ng對齊后，A、B所受合外力大?。篎=2pmg由牛頓運動定律F=2maB，解得：aB=Hg（3）經過吋間t，A、B達到共同速度v，位移分別為xA，xB，A加速度的大小等于aA，則：v=aAt解得：vB=2A?2|lgL答：（1）A被敲擊后獲得的初速度大

51、小vA為5/2kgL;（2）在左邊緣再次對齊的前、后，B運動加速度的大小aB、aB分別為3叩，ng；（3）B被敲擊后獲得的初速度大小vb為2V2 gL【點評】本題考查了勻變速直線運動，難點在于運H1A、B共速后所發(fā)生的相對位移， 聯(lián)立等式求解初速度，因此思維只要落入這個等式即可求解。（2018-天津）我國自行研制、具有完全自主知識產權的新一代大型噴氣式客機C919首 飛成功后，拉開了全面試驗試飛的新征程。假設飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為零 的勻加速直線運動，當位移x=1.6X103m吋才能達到起飛所要求的速度v=80m/s。己知 飛機質量m = 7.0X104kg,滑跑吋受到的阻力為自身重

52、力的0.1倍，重力加速度取g=10m/s2.求飛機滑跑過程中（1）加速度a的大小；（2）牽引力的平均功率P。【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系：牛頓第二定律.【專題】計算題：學科綜合題：定量思想；方程法：力學三大知識結合的綜合問題.【分析】（1）飛機起飛滑行過程簡化為初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出飛機滑行過程的加速度。（2）由v=at求6機滑行的時間t;根據(jù)動能定理求出牽引力做的功，由平均功率的表達式即可求出平均功率?！窘獯稹拷猓海?）根裾速度位移公式得，v2=2a：代入數(shù)裾得a=2m/s2。（2）由 v=at得:飛機受到的阻力:Fffl=O.lmg=1

53、 2牽引力的平均功率：p=|代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可得：P=8.4X106W答：（丨）飛機滑行過程中加速度大小是2m/s2；（2）牽引力的平均功率是8.4X106W?！军c評】解決本題的關鍵掌握勻變速線運動的速度位移公式，并能靈活運用，要知道 加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁。五.解答題（共4小題）（2021*章丘區(qū)模擬）如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以速度v=2m/s勻速運動，質量 為mi = lkg的小物塊P和質量為m2 = 1.5kg的小物塊Q由通過定滑輪的輕繩連接，輕繩 足夠長且不可伸長。某吋刻物塊P從傳送帶左端以速度vo=4m/s沖上傳送帶，P與定滑 輪間的繩子水平。己知物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)p=0.5,重力加速度為g=10m/s2, 不計滑輪的質量與摩擦，整個運動過程中物塊Q都沒有上升到定滑輪處。求：（1）物塊P剛沖上傳送帶時的加速度大小：（2）物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠處的過程中，P向右移動的距離；（3）物塊P剛