822選考全真模擬四

1、在建筑工地上一建筑工人兩手對(duì)稱用水平力將兩長(zhǎng)方形水泥制品a豎直向上搬起，P和Q質(zhì)量分別為2m和3m,水平力為F, 在此過程中（）FA . P受到Q的摩擦力方向一定豎直向上P受到Q的摩擦力大小為P受到Q的摩擦力大小為 0.5m（g + a）P受到Q的摩擦力大小為1.5m（g + a）16.如圖所示，將一光滑圓軌道固定豎直放置，其中 水平直徑與圓弧的交點(diǎn)一個(gè)質(zhì)量為21F小不變的外力 F作用于物體上，使其沿圓軌道到達(dá) 豎直圓軌道內(nèi)維持圓周運(yùn)動(dòng)，B點(diǎn)為圓 m的物體靜置于 A點(diǎn)，現(xiàn)用始終沿軌道切線方向、大 B點(diǎn)，隨即撤去外力 F，要使物體能在A點(diǎn)為圓軌道的最低點(diǎn),外力 F至少為（）A“8 +2+2+選考

2、”全真模擬（四） （時(shí)間：60分鐘分值：110分）第I卷二、選擇題（本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 1418題只 有一項(xiàng)符合題目要求，第 1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得 6分，選對(duì)但不全 的得3分，有選錯(cuò)的得0分） 許多科學(xué)家對(duì)物理學(xué)的發(fā)展作出了巨大貢獻(xiàn)，也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法， 如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學(xué)假設(shè)法等以下關(guān)于物 理學(xué)史和所用物理學(xué)方法的敘述正確的是（）A 卡文迪許巧妙地運(yùn)用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出引力常量，采用了理想實(shí)驗(yàn)法B 伽利略為了說明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時(shí)，

3、用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫假設(shè)法D .在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近 似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法如圖所示， 夾緊、并以加速度 動(dòng)摩擦因數(shù)為17.如圖所示，在傾角為 當(dāng)通以圖示方向電流I時(shí), 加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 下列說法中正確的是（a的光滑斜面上，水平放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒,欲使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，可加一平行于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)外 B的方向由垂直斜面向上沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)至水平向左的過程中，）A 此過程中磁感應(yīng)強(qiáng)度B 此過程中磁感應(yīng)強(qiáng)度B先增大后減小B先減小后增大c.此過程中磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小

4、值為mgs；naD .此過程中磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最大值為18.如圖所示，abed為一邊長(zhǎng)為I、具有質(zhì)量的剛性導(dǎo)線框，位于水平面內(nèi)，be邊串接有電阻R虛線表示一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的邊界，它與線框ab邊平行，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為 2I，磁場(chǎng)方向豎直向下線框在一垂直于ab邊的水平恒定拉力 F作用下，沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，直到通過磁場(chǎng)區(qū)域已知ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，下面定性畫出的回路中電流i大小與位移x圖象一定錯(cuò)誤的是（）ioiff19據(jù)報(bào)道，美國(guó)國(guó)家航空航天局（NASA）宣布首次在太陽(yáng)系外發(fā)現(xiàn)“類地”行星Kepler-186f.假如宇航員乘坐宇宙飛船到達(dá)該行星，進(jìn)行科學(xué)觀測(cè)，該行星自轉(zhuǎn)周期為T,宇航員在該

5、行星“北極”距該行星表面附近 h處自由釋放一個(gè)小球（引力視為恒力），落地時(shí)間為t. 已知該行星半徑為 R,引力常量為 G,則下列說法正確的是（ ）A 該行星的第一宇宙速度為B .宇宙飛船繞該行星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期不小于/2R n 72C.該行星的平均密度為3h22Gn t2D .如果該行星存在一顆同步衛(wèi)星，其距行星表面高度為R2 R2 2 R t（2015湖北八校聯(lián)考）Cn R真空中有一正四面體 ABCD，如圖，M、N分別是AB和CD的中點(diǎn)現(xiàn)在 A、B兩點(diǎn)分別固定電荷量為+ Q、一 Q的點(diǎn)電荷，下列說法中正確的是（）q的電勢(shì)能降低 q的電勢(shì)能不變上表面的長(zhǎng)度為L(zhǎng)將試探電荷+ q從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電

6、場(chǎng)力做正功，試探電荷+將試探電荷一q從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，試探電荷一C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等D . N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行 AB且跟CD垂直如圖甲所示，滑塊 A的質(zhì)量m= 1 kg，靜止在光滑水平面上、的平板車B的質(zhì)量為M.某時(shí)刻滑塊A以向右的初速度 V0= 3 m/s滑上平板車B的上表面， 忽略滑塊A的大小從滑塊 A剛滑上平板車B開始計(jì)時(shí)，之后它們的速度隨時(shí)間變化的圖 象如圖乙所示，t。是滑塊A在車上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間，測(cè)得 t0= 1 S.以下說法中正確的是（重力 加速度 g = 10 m/s他通過實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的彈力大小該彈簧的原長(zhǎng)x0=cm,勁度系數(shù)k= 他又利用本實(shí)驗(yàn)原理把

7、該彈簧做成一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，當(dāng)彈簧測(cè)力計(jì)上的示數(shù)如圖丙所示時(shí)，該彈簧的長(zhǎng)度 x =cm.23. （9分）實(shí)驗(yàn)室進(jìn)了一批用來做螺線管用的金屬導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定該材料 的電阻率.（1）實(shí)驗(yàn)中他找來一定值電阻來保護(hù)電表不被燒毀，為確定該產(chǎn)品是否可作保護(hù)電阻， 他用多用電表粗測(cè)其電阻：將選擇開關(guān)打到歐姆擋的“X 10”倍率擋，測(cè)量結(jié)果如圖甲所示,則定值電阻為Q .）（）ItA .平板車B上表面的長(zhǎng)度L = 2 m=0.1B 滑塊A與平板車B上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)C.平板車B的質(zhì)量M = 1 kgD . t0時(shí)間內(nèi)滑塊A所受摩擦力做功的平均功率為10 W第n卷三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分.第

8、22題第25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答.第 33題第35題為選考題，考生根據(jù)要求做答.）（一）必考題（47分）（6分）（2015豫南五市二模）某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置做“探究彈簧彈力大小與 其長(zhǎng)度的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn).甲（1）在安裝刻度尺時(shí)，必須使刻度尺保持狀態(tài).F與彈簧長(zhǎng)度x的關(guān)系圖線.由此圖線可得N/m.(2)通過測(cè)量確定該定值電阻可作保護(hù)電阻，他便設(shè)計(jì)了如圖乙所示原理圖，根據(jù)圖乙 將實(shí)物圖丙連接好.金屬建金屬先定值祇PR(3)其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖丁所示，則金屬絲的直徑mm.適當(dāng)取出一段樣品材料，然后按原理圖連接好實(shí)驗(yàn)器材.用毫米刻度尺測(cè)量出接入

9、實(shí)驗(yàn)電路中金屬絲的長(zhǎng)度，某次測(cè)量刻度尺的示數(shù)如圖戊所示，則金屬絲長(zhǎng)度的測(cè)量值為L(zhǎng)=cm.Hl I I I I I II IU rm 1啟 It改變接入電路中金屬絲的長(zhǎng)度，(4)根據(jù)實(shí)驗(yàn)中的數(shù)據(jù)，最后得到了如圖己所示的 電阻率 p=Q m,重復(fù)實(shí)驗(yàn)多次.I |rriii|iiri|nii7ft ?己R L圖象，由圖象可求得金屬絲的Q .24. (12分)南海艦隊(duì)某潛艇在遠(yuǎn)航巡邏中，遭遇海水密度突變?cè)斐傻摹皵嘌隆钡羯?艇急速下沉，全艇官兵在能見度幾乎為零的水霧環(huán)境中，關(guān)閉了近百個(gè)閥門和開關(guān)，該 操縱了幾十種儀器，成功將險(xiǎn)情化解，創(chuàng)下了同類潛艇大深度自救成功的新記錄！假設(shè)總質(zhì)量為 M=3.45 X

10、106 kg的潛艇正在深度為 hi = 150 m，密度為p= 1.029X 103 kg/m 3的水下緩慢水平 潛航，突然進(jìn)入密度為p= 1.008 X 103 kg/m3區(qū)域發(fā)生“斷崖”，潛艇沿豎直方向從靜止開始勻加速下沉，經(jīng)一系列操作在很短的時(shí)間排出一定量的水后，潛艇轉(zhuǎn)為勻減速下沉，當(dāng)速度減為0時(shí)到達(dá)最大深度h2= 330 m,整個(gè)過程歷時(shí)t = 90 S.設(shè)潛艇在下沉中只受重力與浮 力的作用，忽略排水的時(shí)間及潛艇體積的變化，取g= 9.8 m/s2，求：潛艇勻加速下沉的時(shí)間；緊急排出水的質(zhì)量.25. (20分)如圖所示，兩根豎直固定的足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌ab和cd相距L = 0.2 m,另

11、外兩根水平金屬桿 MN和PQ的質(zhì)量均為 m= 1 X 102 kg，可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑動(dòng)，MN桿和PQ桿的電阻均為 R= 0.2 Q (豎直金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì))，PQ桿放置在水平絕緣平臺(tái)上，整個(gè) 裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向里的磁場(chǎng)中，g取10 m/s2.fl FX XRX X一1一X XX二 0bd若將PQ桿固定，讓MN桿在豎直向上的恒定拉力F = 0.18 N的作用下由靜止開始向上運(yùn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B0= 1.0 T,桿MN的最大速度為多少？若將MN桿固定，MN和PQ的間距為d= 0.4 m,現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度從零開始以 詈=0.5 T/S的變化率均勻地增大，經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間，桿PQ對(duì)地面的壓力為零?（二

12、）選考題（請(qǐng)考生從給出的3道題中任選一題做答， 如果多做，則按所做的第一個(gè)題目 計(jì)分.）物理一一選修3-3（15分）（1）（5分）下列說法中正確的是 .（填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分.每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A 能量耗散過程中能量不守恒B 能量耗散從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的客觀過程具有方向性C.在一定條件下物體的溫度可達(dá)0 KD 吸收熱量的物體，其內(nèi)能不一定增大E.不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣Χ灰鹌渌兓?）（10分）如圖所示，L形一端開口的玻璃管在豎直平面內(nèi)，管是由粗細(xì)不同的兩部分組成的，豎直部分粗管的橫截面積是水平部分細(xì)管

13、橫截面積的2倍，管的封閉端水平放置， 水平段管長(zhǎng)為100 cm，豎直段管長(zhǎng)為30 cm,在水平管內(nèi)有一段長(zhǎng)為 12 cm的水銀封閉著一段 長(zhǎng)為80 cm的空氣柱.已知?dú)庵臏囟葹?7 C,大氣壓強(qiáng)為75 cmHg ,現(xiàn)對(duì)氣體緩慢加熱，求：當(dāng)溫度上升到119 C時(shí)，封閉端空氣柱的長(zhǎng)度.物理一一選修3-4（15分）（1）（5分）下列說法中正確的是 .（填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)機(jī)械波可以在真空中傳播波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，頻率保持不變 機(jī)械波的頻率越高，在介質(zhì)中的傳播速度越大 兩列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則兩列波的頻率必然相同 光的偏振現(xiàn)象說明光波是橫波得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選

14、錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為A.B.C.D.E.（2）cB= 90 ，/ C = 60, CD 面鍍 從 BC面射出后垂直射到光屏（10分）如圖所示，ABCD為一棱鏡的橫截面，/ A=/ 銀成反射面一寬度為 d的平行光束垂直 AB面射入棱鏡， MN上，在MN上得到一寬度為 d的亮斑求棱鏡材料的折射率.物理一一選修3-5（15分）（1）（5分）下列說法正確的是 .（填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）根據(jù)玻爾理論，氫原子在輻射光子的同時(shí)，軌道也在連續(xù)地減小 放射性物質(zhì)的溫度升高，則半衰期減小A.B. 中子D.E.用能量等于氘核結(jié)合能的光子照

15、射靜止氘核，不可能使氘核分解為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè) 某放射性原子核經(jīng)過 2次a衰變和1次B衰變，核內(nèi)質(zhì)子數(shù)減少 3個(gè) 在a 3 丫三種射線中，丫射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱（10分）如圖所示，AB為光滑的斜面軌道，通過一小段光滑圓弧與光滑水平軌道BC相連接，質(zhì)量為m的小球乙靜止于水平軌道上，一個(gè)質(zhì)量大于m的小球甲以速度V0與小球乙發(fā)生彈性正碰，碰后小球乙沿水平軌道滑向斜面AB,求：在甲、乙發(fā)生第二次碰撞之前，乙球在斜面上能達(dá)到最大高度的范圍.（設(shè)斜面足夠長(zhǎng)）“8 +2+2+選考”全真模擬（四）.解析：選D.卡文迪許將不易觀察的微小變化量，轉(zhuǎn)化為容易觀察的顯著變化量，B錯(cuò)誤；在不 C錯(cuò)誤；把整個(gè)屬

16、于放大法，A錯(cuò)誤；伽利略不是為了說明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因做實(shí)驗(yàn)， 需要考慮物體本身的形狀和大小時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法屬于模型法，運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，屬于微元法，D正確.Q的摩擦力大小解析：選C.設(shè)每只手與水泥制品的摩擦力大小均為Ffi,設(shè)P受到為Ff，方向豎直向上.對(duì) PQ整體、P分別應(yīng)用牛頓第二定律有2Ff1 - 5mg= 5ma、Ff1 + Ff2mg= 2ma,聯(lián)立解得Ff =- 0.5m（g + a）,說明P受到Q的摩擦力向下，選項(xiàng) C對(duì)，選項(xiàng) A、B、D 錯(cuò).解析：選D.物體由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理可得 Wf- mgR = mvB；因F是變力，對(duì)物體的運(yùn)動(dòng)過程分

17、割，將AB劃分成許多小段，則當(dāng)各小段弧長(zhǎng)s足夠小Wf= F時(shí)，在每一小段上，力 F可看做恒力，且其方向與該小段上物體位移方向一致，有 S1+S2+Si +=F(A S1+S2+ Si+)=FR；從 B 點(diǎn)起撤去外力 F ,2物體的運(yùn)動(dòng)遵循機(jī)械能守恒定律，由于在最高點(diǎn)維持圓周運(yùn)動(dòng)的條件是mgw mV-,即在圓軌R2道最高點(diǎn)處速度至少為Rg.故由機(jī)械能守恒定律得11mvB= mgR + m （備2-；聯(lián)立 式得F = 5mg.選項(xiàng)D正確.n.解析:J,HF拠-選C.導(dǎo)體棒受重力G、支持力Fn、安培力F作用而處于平衡狀態(tài), 磁感應(yīng)強(qiáng)度 B的方向由垂直斜面向上沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)至水平向左的過程中, 面向上

18、轉(zhuǎn)至豎直向上， 導(dǎo)體棒受力的動(dòng)態(tài)變化如圖所示，當(dāng)外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的安培力由沿斜則由圖知安培力逐漸增大，即此過a =，所以此過mg程中磁感應(yīng)強(qiáng)度程中磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值為mgLa, C正確；最后安培力最大，有F= mg,即此過程的最大值為晉，D錯(cuò)誤.18 .解析：選C.由題意知，當(dāng)線框在 l至x = 2l間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁通量不變化，故 i 時(shí)，線框的速度大于剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度， 培力大于F，線框做減速運(yùn)動(dòng)，隨著速度的減小, 當(dāng)cd邊剛出磁場(chǎng)時(shí)，線框速度可能還沒減速到 能恰好減速到ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度，故選項(xiàng) 的速度以后做勻速運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A對(duì).中磁感應(yīng)強(qiáng)度Bx=0至x= I間運(yùn)動(dòng)時(shí)電流恒為 i = 0,線

19、框做勻加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng) cd邊切割磁感線產(chǎn)生的電流 安培力變小，加速度變小， ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度，D對(duì)；還可能早就減速到i0；當(dāng)線框在x = ab邊剛出磁場(chǎng)（X = 2l） i i。，同時(shí)受到的安 故選項(xiàng)C錯(cuò)；故選項(xiàng)B對(duì)；也可ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)B逐漸增大，A、B錯(cuò)誤；剛開始安培力 F最小，有sinh= 2gt2，解得.解析：選BD.在行星表面附近自由釋放的小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，因行星表面的重力加速度 g = 2，該行星的第一宇宙速度為 V =儷=譬 ，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；宇 宙飛船繞該行星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期最小值T =n t、y罟，選項(xiàng)B正確；該行星的體積V = 4 n R3,質(zhì)量M = g，行星的密度p=

20、 M = 3 2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)萬有引力定律3GV 2 n RGt有（:需）2= mfnj（R + H），解得同步衛(wèi)星離行星表面的高度HR，選項(xiàng)D 正確.解析：選BCD.由幾何知識(shí)可判斷， AB垂直面DMC，且M點(diǎn)為AB的中點(diǎn)，則面DMC與AB的中垂面重合，故 DMC為一等勢(shì)面，則 帕=憶=枷=如,A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng) 正確；由電場(chǎng)的空間分布特點(diǎn)可判斷C、D項(xiàng)正確.解析：選ABC.題圖乙中梯形的面積代表滑塊相對(duì)平板車的位移，也就是平板車的長(zhǎng)度L,即為L(zhǎng) = 1卜+蘇0）0= |v0t0 = 2 m, A正確；對(duì)滑塊運(yùn)用牛頓第二定律有卩mg=2弓0 V0ma,而a=;，解得 尸 = 0.1, B正確

21、；由題圖乙可知滑塊、平板車的加速度大小t03gt0相等，使它們產(chǎn)生加速度的合力就是兩者間的滑動(dòng)摩擦力，因此它們的質(zhì)量相等，C正確;W= Ffx塊=2.5 J,所以t0時(shí)間內(nèi)滑滑塊所受摩擦力 Ff =卩m= 1 N,由題圖乙可知，滑塊從t = 0到t=t0過程中相對(duì)地面的位移 x塊=舟伶。* v0）0 = 2.5 m , t0時(shí)間內(nèi)滑塊所受摩擦力做功塊所受摩擦力做功的平均功率為P= W/t0= 2.5 W, D錯(cuò)誤.解析：（1）安裝刻度尺時(shí)，必須使刻度尺豎直放置.（2）由題圖乙F x圖象知，彈簧十AF8原長(zhǎng)X0= 4 cm； k = _2 N/m = 50 N/m.（3）由題圖丙知，彈簧測(cè)力計(jì)示

22、數(shù)為3.0 N ,016 X 10則 Ax = F = 0.06 m = 6 cm，貝U x = x0+ Ax= 10 cm.k答案：（1）豎直（1 分）（2）4（1 分）50（2 分）（3）10（2 分）23 .解析：（1）由多用電表示數(shù)及選擇倍率可知定值電阻為5X 10 Q = 50 Q .（3）由螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法可得金屬絲的直徑為D = 0.252 mm.金屬絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng) = 70.50 cm 10.00 cm = 60.50 cm.（4）由部分電路的歐姆定律得R= y = Ro+ R金屬絲，由電阻定律得 R金屬絲=P S，由以上兩式得R=PS L + R0,可知題圖己的斜率 k =

23、 PS，所以金屬絲的電阻率為P=kS,圖線在縱軸上的截距表示保護(hù)電阻的阻值.為求直線的斜率可在直線上取兩個(gè)距離較遠(yuǎn) D-y Q OQ的點(diǎn)，女D （40, 63）和（100, 78），則 k=匚2亡=（100 4）x 10-2 Q /m = 25 Q /m，金屬絲的橫截面積為S= nD）-4.99X 108 m 0.252（1 分）60.50（1 分） 1.25 X 106（2 分）53（1 分） 24 .解析：設(shè)潛艇下沉的最大速度為Vm,勻加速下沉的時(shí)間為切 加速度大小為 印,由圖象斜率的物理意義可求得金屬絲的電阻率為 =kS 1.25X 106 Q m.圖線在縱軸上的截距表示定值電阻的阻值R

24、0= 53 Q .答案：（1）50（1分）（2）如圖所示（3分） hhLhjUL“l(fā)LMhJ,金匸雜、2屬&宦值電pn1Vm八h2 hi = 2t（2 分）Vm= altl（1 分）設(shè)潛艇體積為V，未排水時(shí)P 1Vg = Mg（1 分）Mg pVg = Ma1（2 分）解得 t1 = 20 s. （1 分）（2）設(shè)勻減速下沉的加速度大小為a2,緊急排出水的質(zhì)量為mVm= a2（t t1）（2 分）P 2Vg （M m）g = （M m）a2（2 分）解得 m= 9.0X 104 kg.（1 分） 答案：（1）20 s （2）9.O X 104 kg25 .解析：（1）MN桿切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)

25、勢(shì)為：E1 = BoLv（2分）由閉合電路歐姆定律得：11=Er（2分）MN桿所受安培力大小為：F安=B0I1L（2分）對(duì)MN桿應(yīng)用牛頓第二定律得：F mg F安=ma（2分）當(dāng)MN桿速度最大時(shí)，MN桿的加速度為零，聯(lián)立得MN桿的最大速度為:2m/s= 0.8 m/s.（2 分）2 （ F mg） R 2X（ 0.18 1X 10 X 10）X 0.212X O.22Vm =（2）感生電動(dòng)勢(shì)為:E2 = BLd _ 八-T =-（2 分）由閉合電路歐姆定律得:i2= 2R（2 分）t時(shí)刻的磁感應(yīng)強(qiáng)度為:2x 10X 0.2PQ桿受力平衡：mg = BI2L（2分）聯(lián)立得時(shí)間2 X 1 X 10（0.5） 2 X（ 0.2） 2X 0.4 s= 10 s. （2 分 ）答案：（1）0.8 m/s （2）10 s33 .解析：（1）能量守恒定律是普遍規(guī)律，能量耗散過程中能量也是守恒的，從能量轉(zhuǎn) 化的角度反映出自然界中的客觀過程具有方向性，A錯(cuò)，B對(duì)；0 K是低溫的極限，任何物體的溫度只能接近 0 K而不能達(dá)到，C錯(cuò)；內(nèi)能的改變?nèi)Q于做功和熱傳遞兩個(gè)方面，D對(duì);由熱力學(xué)第二定律知 E對(duì).（2）設(shè)水銀柱將要進(jìn)入豎直管內(nèi)