2023屆三門峽市重點(diǎn)中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，小球C置于光滑的半球形凹槽B內(nèi)，B放在長木板A上，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)緩慢減小木板的傾角過程中，下列說法正確的是（）AA受到的壓力逐漸變大BA受到的摩擦力逐漸變大CC對B的壓力逐漸變大DC受到三個(gè)力的作用2、如圖所示，物塊A、B疊放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速運(yùn)動設(shè)A、B之間的摩擦力大小為f1，B與水平桌面間的摩擦力大小為f2，保持A、B相對靜止，逐漸增大F，則 ( ) Af1不變、f2變大Bf1變大、f2不變Cf1

3、和f2都不變Df1和f2都變大3、如圖所示，在通電直導(dǎo)線下方，有一電子沿平行導(dǎo)線方向以速度v開始運(yùn)動，則()A將沿軌跡運(yùn)動，半徑越來越小B將沿軌跡運(yùn)動，半徑越來越大C將沿軌跡運(yùn)動，半徑越來越小D將沿軌跡運(yùn)動，半徑越來越大4、運(yùn)動員從懸停在空中的直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看做是自由落體運(yùn)動，打開傘后減速下降，最后勻速下落如果用h表示下落高度，t表示下落的時(shí)間，F(xiàn)表示人受到的合力，E表示人的機(jī)械能，Ep表示人的重力勢能，v表示人下落的速度，在整個(gè)過程中，如果打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能符合事實(shí)的是（）ABCD5、下列關(guān)于物理學(xué)史、物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是A卡文迪許通過扭秤實(shí)

4、驗(yàn)，測出了萬有引力常量B伽利略在研究自由落體運(yùn)動時(shí)采用了微量放大的方法C牛頓根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出力不是維持物體運(yùn)動的原因D在驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)中使用了控制變量的方法6、水平放置的平行金屬板A、B連接一恒定電壓，兩個(gè)質(zhì)量相等的電荷M和N同時(shí)分別從極板A的邊緣和兩極板的正中間沿水平方向進(jìn)入板間電場，兩電荷恰好在板間某點(diǎn)相遇，如圖所示若不考慮電荷的重力和它們之間的相互作用，則下列說法正確的是 ( )A電荷M的比荷大于電荷N的比荷B兩電荷在電場中運(yùn)動的加速度相等C從兩電荷進(jìn)入電場到兩電荷相遇，電場力對電荷M做的功等于電場力對電荷N做的功D電荷M進(jìn)入電場的初速度大小與電荷N進(jìn)入電場的初速度大

5、小一定相同二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在電阻不計(jì)的邊長為L的正方形金屬框abcd的cd邊上接 兩個(gè)相同的電阻，平行金屬板e(cuò)和f通過導(dǎo)線與金屬框相連，金屬框內(nèi)兩虛線之間有垂直于紙面向里的磁場，同一時(shí)刻各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等，B隨時(shí)間t均勻增加，已知 ，磁場區(qū)域面積是金屬框面積的二分之一，金屬板長為L，板間距離為L質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從兩板中間沿中線方向以某一初速度射入，剛好從f 板右邊緣射出不計(jì)粒子重力，忽略邊緣效應(yīng)則A金屬框中感應(yīng)電流方向?yàn)?/p>

6、abcdaB粒子帶正電C粒子初速度為D粒子在e、f間運(yùn)動增加的動能為8、如圖所示，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）以某一初速度由底端沖上傾角為30的固定斜面，上升的最大高度為h，其加速度大小為g，在這個(gè)過程中，有關(guān)該物體的說法中正確的是（）A重力勢能增加了B動能損失了C動能損失了D機(jī)械能損失了9、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個(gè)小物體A、B處于同一高度現(xiàn)使A沿固定的光滑斜面無初速地自由下滑，而使B無初速地自由下落，最后A、B都運(yùn)動到同一水平地面上不計(jì)空氣阻力則在上述過程中，A、B兩物體（ ）A所受重力沖量的大小相同B所受合力沖量的大小相同C所受重力做的功相同D所受合力做的功相同10、下列說法正確的是（ ）

7、A在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動的宇宙飛船中，自由漂浮的水滴呈球形，這是液體表面張力作用的結(jié)果B絕對濕度與相對濕度具有相同的單位C對氣體而言，盡管大量分子做無規(guī)則運(yùn)動，速率有大有小，但分子的速率是按一定的規(guī)律分布的D氣體在經(jīng)歷絕熱膨脹過程后內(nèi)能可能會減小E.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強(qiáng)為零三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關(guān)系圖中，置于實(shí)驗(yàn)臺上的長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪，輕繩跨過滑輪，一端與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼本實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼

8、共有個(gè)，每個(gè)質(zhì)量均為實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）為了平衡小車與木板間的摩擦力，將個(gè)鉤碼全部放入小車中，在長木板左下方墊上適當(dāng)厚度的小物快，使小車（和鉤碼）可以在木板上_（填“勻速”、“加速”、“減速”）下滑（2）從小車上取個(gè)鉤碼掛在輕繩右端，其余個(gè)鉤碼仍留在小車內(nèi)；用手按住小車并使輕繩與木板平行由靜止釋放小車，同時(shí)用傳感器記錄小車在時(shí)間內(nèi)相對于其起始位置的位移，則小車的加速度 _（用和表達(dá)）（3）依次改變的值，分別測出小車相應(yīng)的加速度，得到圖像如圖（b）所示，已知該直線的斜率為，重力加速度為，則小車（不含鉤碼）的質(zhì)量為_（用、表達(dá)）（4）若以“保持木板水平”來代替步驟（1），下列說法正確的是_(填正確

9、答案標(biāo)號)A圖線不再是直線B圖線仍是直線，該直線不過原點(diǎn)C圖線仍是直線，該直線的斜率變大12（12分）某同學(xué)利用如圖甲所示的電路測定舊電池組的電動勢與內(nèi)電阻（1）用筆畫線代替導(dǎo)線在圖乙中完成實(shí)物連接圖；（_）（2）由圖丙可知：該電池組的電動勢E_V，內(nèi)阻r_；（3）該同學(xué)又利用上述實(shí)驗(yàn)方案測定了同規(guī)格新電池組的電動勢與內(nèi)電阻通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)舊電池組與新電池組相比，電動勢幾乎沒有變化，但它們的輸出功率P隨外電阻R變化的關(guān)系圖線有較大差異，如圖丁所示可知新電池組對應(yīng)的是圖線_ (選填“A”或“B”)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

10、步驟。13（10分）長木板A放在光滑的水平面上,質(zhì)量為m=2kg的另一物體B以水平速度v0=2m/s滑上原來靜止的長木板A的表面,由于A、B間存在摩擦,之后A、B速度隨時(shí)間變化情況如圖所示,求:（1）系統(tǒng)損失的機(jī)械能為多少;（2）木板A的最小長度為多少;（3）A、B間的動摩擦因數(shù)為多少14（16分）如圖所示，半徑為R的光滑半圓軌道AB豎直固定在一水平光滑的桌面上，軌道最低點(diǎn)B與桌面相切并平滑連接，桌面距水平地面的高度也為R在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、b兩個(gè)小球擠壓（小球與彈簧不拴接），處于靜止?fàn)顟B(tài)已知a球的質(zhì)量為m0，a、b兩球質(zhì)量比為21固定小球b，釋放小球a，a球與彈簧分離后經(jīng)過B點(diǎn)滑上半圓環(huán)軌

11、道并恰能通過軌道最高點(diǎn)A現(xiàn)保持彈簧形變量不變同時(shí)釋放a、b兩球，重力加速度取g，求：（1）釋放小球前彈簧具有的彈性勢能Ep；（2）b球落地點(diǎn)距桌子右端C點(diǎn)的水平距離； （1）a球在半圓軌道上上升的最大高度H15（12分）一傳送帶裝置示意如圖，傳送帶在AB區(qū)域是傾斜的，傾角=30工作時(shí)傳送帶向上運(yùn)行的速度保持v=1m/s不變現(xiàn)將質(zhì)量均為m= 1kg的小貨箱（可視為質(zhì)點(diǎn)）一個(gè)一個(gè)在A處放到傳送帶上，放置小貨箱的時(shí)間間隔均為T=1s，放置時(shí)初速為零，小貨箱一到達(dá)B處立即被取走已知小貨箱剛放在A處時(shí)，前方相鄰的小貨箱還處于勻加速運(yùn)動階段，此時(shí)兩者相距為s1=0.5m傳送帶裝置由電動機(jī)帶動，傳送帶與輪子

12、間無相對滑動，不計(jì)輪軸處的摩擦，取g=10m/s1 （1）求小貨箱在傳送帶上做勻加速運(yùn)動的加速度大?。?）AB的長度至少多長才能使小貨箱最后的速度能達(dá)到v=1m/s？（3）除了剛釋放貨箱的時(shí)刻，若其它時(shí)間內(nèi)總有4個(gè)貨箱在傳送帶上運(yùn)動，求每運(yùn)送一個(gè)小貨箱電動機(jī)對外做多少功？并求電動機(jī)的平均輸出功率參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：先對BC研究：分析BC整體的受力，由平衡條件分析A對B的支持力和摩擦力變化，即可知道B對A的壓力和摩擦力如何變化；C球只受兩個(gè)力，對B的壓力不變解：A、對BC整體：分析

13、受力情況：重力mg、斜面A的支持力N和摩擦力f，由平衡條件得知：N=mgcos，f=mgsin，減小，N增大，f減小，由牛頓第三定律得知：B對A的壓力也增大故A正確，B錯(cuò)誤C、D由于半球形凹槽光滑，小球只受兩個(gè)力：重力和支持力，由平衡條件得到，支持力與重力大小相等，保持不變，則C對B的壓力也保持不變故CD錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評】本題是三個(gè)物體的平衡問題，關(guān)鍵要靈活選擇研究的對象，采用整體法和隔離法結(jié)合研究，比較簡便2、B【解析】根據(jù)牛頓第二定律得：對A物體：，對整體：，可見，當(dāng)F增大時(shí)，加速度a增大，f1變大；而，、mA、mB都不變，則f2不變，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】水平外力F逐漸

14、增大，A、B都保持相對靜止，加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律分別以A和整體為研究對象，分析摩擦力f1和f2的大小變化情況3、A【解析】CD由安培定則可知，通電直導(dǎo)線在其下方的磁場垂直紙面向里，如圖所示，根據(jù)左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡運(yùn)動，故CD錯(cuò)誤；AB因離導(dǎo)線越近，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，根據(jù)Bqvm可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯(cuò)誤。故選A。4、C【解析】A、圖象不可能是直線，否則是勻速下降，而運(yùn)動員先自由落體運(yùn)動，打開降落傘后做減速運(yùn)動，最后是勻速運(yùn)動，矛盾，故A錯(cuò)誤；B、而運(yùn)動員先自由落體運(yùn)動，打開降落傘后做減速運(yùn)動，最后是勻速運(yùn)動；減速過程，根據(jù)牛頓第二定律，有

15、：，故加速度是變化的，圖不是直線，故B錯(cuò)誤；C、自由落體階段，合力恒定，為，減速階段，由于，故合力是變化的，勻速階段，合力為零，故C正確；D、由于圖象不可能是直線，否則是勻速下降，而重力勢能，故不是直線，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵分三個(gè)階段分析運(yùn)動員的運(yùn)動，注意減速過程是加速度不斷減小的減速運(yùn)動，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最??；最后是勻速。5、A【解析】A、卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)，測出了萬有引力常量，故A正確；B、伽利略在研究自由落體運(yùn)動時(shí)采用了抽象思維、數(shù)學(xué)推導(dǎo)和科學(xué)實(shí)驗(yàn)相結(jié)合的方法，故B錯(cuò)誤；C、伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出力不是維持物體運(yùn)動的原因，故C錯(cuò)誤；D、在驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)

16、中使用了等效替代的方法，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題主要考查了有關(guān)的物理學(xué)史以及常用的物理研究方法，了解物理學(xué)家的探索過程，從而培養(yǎng)學(xué)習(xí)物理的興趣和為科學(xué)的奉獻(xiàn)精神，對類似知識要加強(qiáng)記憶6、A【解析】若兩板間電壓為U，間距為d，長為L則由題意：，由式分析得vM、vN不一定相同，D錯(cuò)誤；由式分析得：，A正確，由進(jìn)一步分析可得兩個(gè)電荷的加速度，電場力對電荷所做的功，BC錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A因?yàn)榇艌龃怪奔埫嫦蚶锞鶆蛟龃?，故根?jù)楞次定律可得金屬框中感

17、應(yīng)電流方向?yàn)閍bcda，e板帶負(fù)電，f板帶正電，A正確；B因?yàn)榱Ｗ觿偤脧膄板右邊緣射出，所以粒子受到向下的電場力，而電場方向向上，所以粒子帶負(fù)電，B錯(cuò)誤；C粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，在水平方向上有在豎直方向上有而電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，故聯(lián)立解得C正確；D根據(jù)動能定理可得粒子增加的動能為D錯(cuò)誤故選AC。8、ABD【解析】A上升過程中，重力做負(fù)功，重力勢能增大，則A正確；BC合力做負(fù)功，由動能定理可得即動能減小，B正確C錯(cuò)誤；D規(guī)定沿斜面向下為正，根據(jù)牛頓第二定律可得解得機(jī)械能減少量等于克服摩擦力做的功所以機(jī)械能減少，D正確。故選ABD。9、BCD【解析】A、由勻變速直線運(yùn)動的位移

18、公式:可以知道, ,物體A做勻加速直線運(yùn)動,B物體做自由落體運(yùn)動,A的位移大于B的位移,A的加速度小于B的加速度,則A的運(yùn)動時(shí)間大于B的運(yùn)動時(shí)間,因?yàn)閙g相等,由 可以知道,A重力的沖量大于B重力的沖量,故A錯(cuò)誤;BCD、A、B運(yùn)動過程只有重力做功 ,因?yàn)閙、g、h都相等,則重力做功相同,合外力做功相同,由動能定理得:,計(jì)算得出: ,物體到達(dá)地面時(shí)的速度大小相等,由動量定理得：,則合外力的沖量大小相等,故BCD正確;綜上所述本題答案是：BCD10、ACD【解析】A水滴呈球形是液體表面張力作用的結(jié)果，故A正確；B絕對濕度是指每單位容積的氣體所含水分的重量，一般用作為單位，相對濕度是指絕對濕度與該

19、溫度飽和狀態(tài)水蒸氣含量之比，用百分?jǐn)?shù)表達(dá)，沒有單位，故兩者單位不相同，故B錯(cuò)誤；C對氣體而言，盡管大量分子做無規(guī)則運(yùn)動，速率有大有小，但分子的速率是按一定的規(guī)律分布的，故C正確；D一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷絕熱膨脹過程，對外做功內(nèi)能減小，故D錯(cuò)誤；E在完全失重的情況下，分子運(yùn)動不停息，氣體對容器壁的壓強(qiáng)不為零，故E錯(cuò)誤；故選ACD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、勻速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小車的合力為零，做勻速直線運(yùn)動；（2）初速度為零，經(jīng)歷的時(shí)間為t，位移為s，所以根據(jù)公式可得（

20、3）對小車和n個(gè)鉤碼組成的整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得：，解得加速度，a-n圖象的斜率：，解得（5）木板保持水平時(shí)，由牛頓第二定律得：，解得：；所以圖像仍是直線，斜率變?yōu)?，變大了，而且縱截距不為零，即不過原點(diǎn)，所以BC正確12、（1）如圖（2）4.4 5.5 （3）B【解析】（1）實(shí)物連接電路如圖（2）UI圖線的截距表示電動勢，即E =4.4 V電源內(nèi)阻可從圖線的斜率求得即r=5.5 （3）當(dāng)輸出功率達(dá)到最大值時(shí)，外電阻R就等于內(nèi)電阻，由圖線可知B圖線表過的內(nèi)阻要小，最大功率要大，故新電池組對應(yīng)的是圖線B【點(diǎn)睛】測電源電動勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，掌握應(yīng)用圖像法求E和r，求圖線斜率時(shí)要注意縱軸的起始數(shù)據(jù)是

21、否為1四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、2J；1m；0.1【解析】木板獲得的速度為v=1m/s，設(shè)木板的質(zhì)量為M根據(jù)動量守恒得：mv0=（M+m）v解得：M=m=2kg（1）系統(tǒng)損失的機(jī)械能為 （2）由圖得到：0-1s內(nèi)B的位移為xB=(2+1)1m=1.5mA的位移為xA=11m=0.5m木板A的最小長度為L=xB-xA=1m （3）由斜率大小等于加速度大小，得到B的加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律得：mBg=mBa，代入解得，=0.1 14、（1）（2）（1）【解析】（1）設(shè)a、b兩球的質(zhì)量為，由已知得a球在B點(diǎn)時(shí)的速度為，恰能通過半圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A時(shí)的速度為，則有：輕彈簧具有的彈性勢能釋放時(shí)全部轉(zhuǎn)化成小球a的機(jī)械能a球從釋放到運(yùn)動至A點(diǎn)過程中機(jī)械能守恒，則有（2）以a、b、彈簧為研究對象，彈開時(shí)系統(tǒng)動量守恒、能量守恒，a、b的速度分別為 則有：， .又 由解得 ，b球離開桌面后平拋，則有： 帶入解得： （1）設(shè)a球上升至最大高度時(shí)速度為0，則有：解得：，可見a球會在某處脫離半圓軌道設(shè)脫離時(shí)a球速度為v，脫離位置半徑與豎直方向的夾角為，如圖所示根據(jù)圓周運(yùn)動向心力公式有 ：