廣西壯族自治區(qū)百色市2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，“神舟八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器于北京時(shí)間2011年11月3日凌晨

2、實(shí)現(xiàn)剛性連接，形成組合體，使中國載人航天首次空間交會(huì)對(duì)接試驗(yàn)獲得成功若已知地球的自轉(zhuǎn)周期T、地球半徑R、地球表面的重力加速度g、組合體運(yùn)行的軌道距地面高度為h，下列表達(dá)式正確的是（）A組合體所在軌道處的重力加速度g=RgR+hB組合體圍繞地球作圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小=gR+hC組合體的線速度大小v=2R+hTD組合體的運(yùn)行周期T=42R+h3gR22、如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為m的小球沿軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng).已知小球在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為N1，在高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為N2.重力加速度大小為g，則N1-N2的值為()A3mgB4mgC5mgD6mg3、真空中有一半徑為r0的帶

3、電金屬球殼，若取無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，通過其球心的一直線上各點(diǎn)的電勢(shì)分布規(guī)律可用圖中曲線表示，r表示該直線上某點(diǎn)到球心的距離，r1、r2分別是該直線上A、B兩點(diǎn)離球心的距離。下列說法中正確的是A該球殼帶負(fù)電BA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C若r2-r1= r1-r0，則A-B=0-AD將電子從么點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功4、質(zhì)量為2kg的物體受到水平拉力F的作用，在光滑的水平面上由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn) 動(dòng)過程中物體的加速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，則下列判斷正確的是A第1s末物體的動(dòng)能為4JB第4s末拉力反向C第4s末速度為7m/sD前6s內(nèi)拉力做功為05、四顆地球衛(wèi)星a、b、c、d的排列位置如

4、圖所示，其中，a是靜止在地球赤道上還未發(fā)射的衛(wèi)星，b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，四顆衛(wèi)星相比較（ ）Aa的向心加速度最大B相同時(shí)間內(nèi)b轉(zhuǎn)過的弧長最長Cc相對(duì)于b靜止Dd的運(yùn)動(dòng)周期可能是23h6、如圖所示，在距離豎直墻壁為L=1.2m處，將一小球水平拋出，小球撞到墻上時(shí)，速度方向與墻面成=37，不計(jì)空氣阻力墻足夠長，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，則（） A球的初速度大小為3m/sB球撞到墻上時(shí)的速度大小為4m/sC將初速度變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，小球撞到墻上的點(diǎn)上移了D若將初速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，其他條件不變，小球可能不會(huì)撞到墻二、多項(xiàng)選擇

5、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲所示，質(zhì)量為M2kg的木板靜止在水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從木板的左側(cè)沿表面水平?jīng)_上木板物塊和木板的速度時(shí)間圖象如圖乙所示，g10 m/s2，結(jié)合圖象，下列說法錯(cuò)誤的是( )A可求解物塊在t2s的位移B可求解物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)C不可求解物塊的質(zhì)量D可求解木板的長度8、如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平，兩微粒a、b所帶電荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、下極板附近，與極板距離相等現(xiàn)同時(shí)釋放a、b

6、，它們由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在隨后的某時(shí)刻t，a、b經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面，a、b間的相互作用和重力可忽略下列說法正確的是（ ）Aa的質(zhì)量比b的大B在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大C在t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能相等D在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等9、如圖所示，將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的小環(huán)，小環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為d.現(xiàn)將小環(huán)從與定滑輪等高的A處由靜止釋放，當(dāng)小環(huán)沿直桿下滑距離也為d時(shí)(圖中B處)，下列說法正確的是(重力加速度為g)()A小環(huán)剛釋放時(shí)輕繩中的張力一定大于2mgB小環(huán)到達(dá)B處時(shí)，重物上升的高度約為(1)dC小環(huán)在B

7、處的速度與重物上升的速度大小之比等于D小環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于10、如圖所示，傾角30的固定斜面上固定著擋板，輕彈簧下端與擋板相連，彈簧處于原長時(shí)上端位于D點(diǎn)用一根不可伸長的輕繩通過輕質(zhì)光滑定滑輪連接物體A和B，使滑輪左側(cè)輕繩始終與斜面平行，初始時(shí)A位于斜面的C點(diǎn)，C、D兩點(diǎn)間的距離為L現(xiàn)由靜止同時(shí)釋放A、B，物體A沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，將彈簧壓縮到最短的位置E點(diǎn)，D、E兩點(diǎn)間的距離為若A、B的質(zhì)量分別為4m和m，A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，整個(gè)過程中，輕繩始終處于伸直狀態(tài)，則()AA在從C至E的過程中，先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)BA在從C至D的過程

8、中，加速度大小為C彈簧的最大彈性勢(shì)能為D彈簧的最大彈性勢(shì)能為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)先將小球1從斜槽軌道上某固定點(diǎn)由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把另一小球2放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止，讓小球1仍從原固定點(diǎn)由靜止開始滾下，且與小球2相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次A、B、C為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，O點(diǎn)是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中空氣阻力的影響很小，可以忽略不計(jì)（1）在本實(shí)驗(yàn)中斜槽軌道_（填選項(xiàng)前的字母）A

9、必須光滑 B可以不光滑（2）實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該選擇兩個(gè)合適的小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)兩個(gè)小球的半徑_（填“相同”或“不同”）應(yīng)該選擇下列哪組小球_（填選項(xiàng)前的字母）A兩個(gè)鋼球 B一個(gè)鋼球、一個(gè)玻璃球 C兩個(gè)玻璃球（3）斜槽末端沒有放置被碰小球2時(shí)，將小球1從固定點(diǎn)由靜止釋放若僅降低斜槽上固定點(diǎn)的位置，那么小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離將_（填“改變”或“不變”），若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，那么小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離將_填（“改變”或“不變”）（4）在安裝實(shí)驗(yàn)裝置的過程中，使斜槽軌道末端的切線水平，小球碰撞前與碰撞后的速度就可以用小球飛出的水平距離來表示，其原因的是_A小球都是從同一高度飛

10、出，水平位移等于小球飛出時(shí)的速度B小球都是從同一高度飛出，水平位移與小球飛出時(shí)的速度成正比C小球在空中的運(yùn)動(dòng)都是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，而且運(yùn)動(dòng)的加速度都相同（5）本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)量的物理量是_A斜槽軌道末端到水平地面的高度HB小球1和小球2的質(zhì)量、C小球1的釋放位置到斜槽軌道末端的高度hD記錄紙上O點(diǎn)到A、B、C各點(diǎn)的距離、 （6）斜槽末端沒有放置被碰小球2時(shí)，小球1的落點(diǎn)為B點(diǎn)，放置被碰小球2后，小球2的落點(diǎn)為C點(diǎn)假設(shè)兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，試論證：當(dāng)小球1碰后的速度方向未改變時(shí)，C點(diǎn)必在B點(diǎn)的前方_12（12分）某同學(xué)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí)，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400N/m的輕質(zhì)彈簧

11、，將彈簧的一端固定在豎直墻面上。不可伸長的細(xì)線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細(xì)線的結(jié)點(diǎn)，如圖1示。在實(shí)驗(yàn)過程中，保持彈簧伸長1.00cm不變。（1）若OA、OC間夾角為90，彈簧秤乙的示數(shù)如圖2所示，為_N，則彈簧秤甲的示數(shù)應(yīng)該是_N；（2）在（1）問中若保持OA與OB的方向不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將_，彈簧秤乙的讀數(shù)大小將_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，靜止于A處的離子經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后沿圖中

12、半圓弧虛線所示的軌跡通過靜電分析器，從P點(diǎn)垂直于CN進(jìn)入矩形區(qū)域內(nèi)的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻、輻向分布的電場(chǎng)，已知圓弧軌跡所在處的場(chǎng)強(qiáng)大小都為E0，方向沿圓弧軌跡半徑指向圓心O，離子質(zhì)量為m、電荷量為q，QN2d、PN3d，離子重力不計(jì)(1)求離子通過靜電分析器時(shí)的圓弧軌跡的半徑R；(2)若離子恰好能打在QN的中點(diǎn)上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E.14（16分）如圖所示，質(zhì)量為m32kg的滑道靜止在光滑的水平面上，滑道的AB部分是半徑為R0.3m的四分之一圓弧，圓弧底部與滑道水平部分相切，滑道水平部分右端固定一個(gè)輕彈簧，滑道除CD部分粗糙外其他部分

13、均光滑。質(zhì)量為m23kg的物體2(可視為質(zhì)點(diǎn))放在滑道的B點(diǎn)，現(xiàn)讓質(zhì)量為m11kg的物體1(可視為質(zhì)點(diǎn))自A點(diǎn)由靜止釋放，兩物體在滑道上的C點(diǎn)相碰后粘為一體(g10m/s2)。求：（1）物體1從釋放到與物體2恰好將要相碰的過程中，滑道向左運(yùn)動(dòng)的距離；（2）若CD0.2m，兩物體與滑道的CD部分的動(dòng)摩擦因數(shù)都為0.15，求在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，彈簧具有的最大彈性勢(shì)能；（3）物體1、2最終停在何處？15（12分）如圖所示，平行板電容器水平放置，兩板間距離，上板帶負(fù)電，下板帶正電，電勢(shì)差一個(gè)質(zhì)量為、帶電荷量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）用長的絕緣細(xì)線懸掛于電容器內(nèi)部的點(diǎn)，將小球拉到細(xì)線呈水平伸直狀態(tài)的位置A，然

14、后無初速度釋放（?。┣螅海ǎ┬∏蜻\(yùn)動(dòng)至點(diǎn)正下方點(diǎn)時(shí)，小球的速度大?。ńY(jié)果可用根號(hào)表示）（）在點(diǎn)時(shí)此時(shí)繩子拉力的大小參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，即：GMmR2=mg，則：GM=gR2，組合體繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力；A、由萬有引力定律得：GMm(R+h)2=mg，解得：g=gR2(R+h)2，故A錯(cuò)誤；B、由萬有引力定律得：GMm(R+h)2=m2（R+h），解得：=gR2(R+h)3，故B錯(cuò)誤；C、由萬有引力定律得：GMmr2=m2T2r，解得：T

15、=2r3GM，組合體的軌道半徑：R+hR，組合體的周期：TT，組合體的線速度：v=2R+hT2R+hT，故C錯(cuò)誤；D、由萬有引力定律得：GMm(R+h)2=m(2T)2（R+h），解得：T=42(R+h)3gR2，故D正確；點(diǎn)睛：本題考查了萬有引力定律的應(yīng)用，知道萬有引力提供向心力，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律即可解題，解題時(shí)注意“黃金代換”的應(yīng)用。HYPERLINK /console/media/gIhV4mjRfVbPWDlkXJN8bxxXGl2ZPOIksbWYgniVWY9uiV_LTRUHHIg5_TkF6-Af7QW_YIGe1F2kRK-mtICU6vTw1rvC9Vr2Jo

16、fwxC4w1M2npKc_HtEmgJ8G6XdAmxxbkUJfczlcZNd_ImSSbr4TwQ視頻2、D【解析】試題分析：在最高點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得N2+mg=mv22r，在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得N1-mg=mv12r，從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)過程中，機(jī)械能守恒，故有mg2r=12mv12-12mv22，聯(lián)立三式可得N1-N2=6mg考點(diǎn)：考查機(jī)械能守恒定律以及向心力公式【名師點(diǎn)睛】根據(jù)機(jī)械能守恒定律可明確最低點(diǎn)和最高點(diǎn)的速度關(guān)系；再根據(jù)向心力公式可求得小球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)的壓力大小，則可求得壓力的差值要注意明確小球在圓環(huán)內(nèi)部運(yùn)動(dòng)可視為繩模型；最高點(diǎn)時(shí)壓力只能豎直向下3、B【解析

17、】A項(xiàng)：根據(jù)圖象，從球向外電勢(shì)降低；電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低；故該球帶正電；故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式可知，圖象斜率大小等于場(chǎng)強(qiáng)，則得A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B正確；C項(xiàng)：由于圖象斜率大小等于場(chǎng)強(qiáng)，從O到A再到B，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減?。还嗜魊2-r1=r1-r0，則A-B0-A，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電子沿直線從A移到B的過程中，電場(chǎng)力方向由B指向A，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。4、C【解析】Aa-t圖象與時(shí)間軸圍成面積表示速度的變化量，故第1秒末物體的速度為故第1s末物體的動(dòng)能為故A錯(cuò)誤；B由圖象可知，圖象一直在時(shí)間軸上方，即a0，由牛頓第二定律知，拉力方向

18、沒有變化，故B錯(cuò)誤；Ca-t圖象與時(shí)間軸圍成面積表示速度的變化量，故第4秒末物體的速度為故C正確；Da-t圖象與時(shí)間軸圍成面積表示速度的變化量，故第6秒末物體的速度為根據(jù)動(dòng)能定理可知，拉力做功不為零，故D錯(cuò)誤。5、B【解析】A、同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)a=2r知，c的向心加速度比a的向心加速度大，故A錯(cuò)誤；B、由，得，衛(wèi)星的半徑越大，角速度越小，所以b的角速度最大，在相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長，故B正確；C、b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，c相對(duì)于地面靜止，近地軌道衛(wèi)星相對(duì)于地面運(yùn)動(dòng)，所以c相對(duì)于b運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、由開普勒第三定律知，

19、衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運(yùn)動(dòng)周期大于c的周期24h，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=2r比較a與c的向心加速度大?。桓鶕?jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑的關(guān)系，再分析弧長關(guān)系；根據(jù)開普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系，據(jù)此解答6、A【解析】A、設(shè)小球水平拋出時(shí)的速度為v0，則從開始到撞到墻上所用的時(shí)間為：撞到墻上時(shí)的豎直速度：根據(jù)速度方向與墻面成=37，則 代入數(shù)據(jù)得：v0=3m/s，A正確；B、撞到墻上時(shí)的速度：，B錯(cuò)誤；C、打到墻上的點(diǎn)距拋出點(diǎn)的豎直高度為： ；若將球的初速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則打到墻上的點(diǎn)距拋出點(diǎn)的豎直高

20、度為：小球撞到墻上的點(diǎn)上移了，C錯(cuò)誤；D、因?yàn)閴ψ銐蜷L，只要初速度不為零，就一定能打到墻上，D錯(cuò)誤故選：A二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】A.根據(jù)圖象的“面積”大小等于位移，可求出物塊在t=2 s時(shí)的位移，故A正確，不符合題意。B.由圖象的斜率等于加速度，可求出m勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a1，以物塊m為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：解得：可知可求出物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，故B正確，不符合題意。C.由圖知兩個(gè)物體速度相同后一起作勻速直線運(yùn)動(dòng)，說明水平面是光

21、滑的，以兩個(gè)物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，取m的初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒得：M已知，v0、v由圖能讀出，則知可求得m。故C錯(cuò)誤，符合題意。D.兩圖象在0-1s內(nèi)“位移”之差等于木板與物塊的相對(duì)位移，當(dāng)木板和物塊速度相等時(shí)，物塊可能還沒到達(dá)木塊的右端，所以不能求出木板的長度，故D錯(cuò)誤，符合題意。8、BD【解析】試題分析 本題考查電容器、帶電微粒在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、電勢(shì)能、動(dòng)量定理及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)解析 根據(jù)題述可知，微粒a向下加速運(yùn)動(dòng)，微粒b向上加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)a、b經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面，可知a的加速度大小大于b的加速度大小，即aaab對(duì)微粒a，由牛頓第二定律， qE

22、=maaa，對(duì)微粒b，由牛頓第二定律，qE =mbab，聯(lián)立解得： ，由此式可以得出a的質(zhì)量比b小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在a、b兩微粒運(yùn)動(dòng)過程中，a微粒所受合外力等于b微粒，a微粒的位移大于b微粒，根據(jù)動(dòng)能定理，在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b大，選項(xiàng)B正確；由于在t時(shí)刻兩微粒經(jīng)過同一水平面，電勢(shì)相等，電荷量大小相等，符號(hào)相反，所以在t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能不等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于a微粒受到的電場(chǎng)力（合外力）等于b微粒受到的電場(chǎng)力（合外力），根據(jù)動(dòng)量定理，在t時(shí)刻，a微粒的動(dòng)量等于b微粒，選項(xiàng)D正確點(diǎn)睛 若此題考慮微粒的重力，你還能夠得出a的質(zhì)量比b小嗎？在t時(shí)刻力微粒的動(dòng)量還相等嗎？在t時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)過程中，微粒的

23、電勢(shì)能變化相同嗎？ 9、BD【解析】A根據(jù)題意，釋放時(shí)小環(huán)向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩中張力等于重力，所以A錯(cuò)誤；B小環(huán)到達(dá)處時(shí)，重物上升的高度應(yīng)為繩子縮短的長度，即，所以B正確；C、D根據(jù)題意，沿繩子方向的速度大小相等，將小環(huán)速度沿繩子方向與垂直于繩子方向正交分解應(yīng)滿足：，即，所以C錯(cuò)誤，D正確故選：BD【點(diǎn)睛】繩子連接的物體，沿繩子方向速度相等將繩子沿速度方向和垂直速度方向分解機(jī)可列方程求解10、BD【解析】AB對(duì)AB整體，從C到D的過程受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得加速度為可知a不變，A做勻加速運(yùn)動(dòng)，從D點(diǎn)開始與彈簧接觸，壓縮彈簧，彈簧被壓縮到E點(diǎn)的過程中，彈簧彈力是個(gè)變力，則加速度是變化的，所以A在從

24、C至E的過程中，先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做變加速運(yùn)動(dòng)，最后做變減速運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，故A錯(cuò)誤，B正確；CD當(dāng)A的速度為零時(shí)，彈簧被壓縮到最短，此時(shí)彈簧彈性勢(shì)能最大，整個(gè)過程中對(duì)AB整體應(yīng)用動(dòng)能定理得解得，則彈簧具有的最大彈性勢(shì)能為故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B 相同 B 改變 不變 B BD 見解析 【解析】（1）1小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，只要保證入射球離開軌道的初始速度相等即可，斜槽軌道不需要光滑，A不符合題意，B符合題意；故選B；（2）2兩球要發(fā)生對(duì)心碰撞，故兩球的半徑應(yīng)相同；3為了防止入射球反彈，

25、所以入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球，所以應(yīng)選一個(gè)鋼球、一個(gè)玻璃球，AC不符合題意，B符合題意；故選B；（3）45若僅降低斜槽上固定點(diǎn)的位置，小球離開軌道做平拋運(yùn)動(dòng)的速度減小，由于平拋運(yùn)動(dòng)的高度不變，所以不平位移變小，即小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離將改變，若僅增大小球1的質(zhì)量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，由于平拋運(yùn)動(dòng)的高度不變，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，所以小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離不變；（4）6小球做平拋運(yùn)動(dòng)由于高度相同，由公式得：，可知高度h相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，水平位移所以小球的水平位移與小球飛出的速度成正比，B符合題意，AC不符合題意；故選B；（5）7小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球拋出點(diǎn)的高度相同，在

26、空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相同，兩球碰撞過程動(dòng)量守恒，以入射球的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：兩邊同時(shí)乘以運(yùn)動(dòng)時(shí)間t得：則有：由上式可知，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)測(cè)量小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2和記錄紙上O點(diǎn)到A、B、C各點(diǎn)的距離、，BD符合題意，AC不符合題意。故選BD。（6）8 證明：設(shè)小球1碰撞前后瞬間的速度分別為v0、v1，小球2碰后的速度為v2，根據(jù)動(dòng)量守恒有：碰撞過程機(jī)械能守恒有：整理可得：當(dāng)v1與v0同向時(shí)，v2大于v0，故C點(diǎn)必在B點(diǎn)的前方。12、3.00N 5.00N 減小 先減小后增大 【解析】(1)1根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00N； 2 根據(jù)胡克定律可知：OA、OC間夾角為，則甲的示數(shù)等于彈簧AA的彈力與乙彈簧彈力的矢量