廣東省廣州市彭加木紀(jì)念中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，有三個(gè)點(diǎn)電荷A、B、C位于一個(gè)等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，已知A、B都帶正電荷，A所受B、C兩個(gè)電荷的靜電力的合力如圖中所示。那么可以判定點(diǎn)電荷C所帶電荷的電性為（）

2、A一定是正電B一定是負(fù)電C可能是正電，也可能是負(fù)電D無法判斷2、為了節(jié)省能量，某商場(chǎng)安裝了智能化的電動(dòng)扶梯無人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個(gè)過程，如圖所示那么下列說法中正確的是A顧客始終受到三個(gè)力的作用B顧客始終處于超重狀態(tài)C顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D顧客對(duì)扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下3、A、B兩顆衛(wèi)星都在圓軌道上繞地球運(yùn)行，如圖所示則以下判斷正確的是（）A衛(wèi)星A所受地球的萬有引力大于衛(wèi)星B受到地球的萬有引力B衛(wèi)星A的線速度大小一定大于衛(wèi)星B的線速度的大小C衛(wèi)星A的機(jī)械能一定小于衛(wèi)星B的機(jī)械能

3、D在相等的時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星A和地心的連線掃過的面積與衛(wèi)星B和地心的連線掃過的面積相等4、一輛汽車在平直公路上做剎車實(shí)驗(yàn)，0 時(shí)刻起運(yùn)動(dòng)過程的位移 x 與速度 v 的關(guān)系式為 x=(100.1v2)(各物理量均采用國(guó)際單位制單位)，下列分析正確的是( )A上述過程的加速度大小為 10m/s2B剎車過程持續(xù)的時(shí)間為 5sC0 時(shí)刻的初速度為 l0m/sD剎車過程的位移為 5m5、物體做曲線運(yùn)動(dòng)，則（ ）A物體的加速度大小一定變化B物體的加速度方向一定變化C物體的速度的大小一定變化D物體的速度的方向一定變化6、2018年9月19日晚22時(shí)07分，中國(guó)以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第37、38顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。如

4、圖所示，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中的衛(wèi)星1與衛(wèi)星2均為地球同步衛(wèi)星，某時(shí)刻它們位于軌道上的A、B兩位置。設(shè)地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，地球自轉(zhuǎn)周期為T。則（）A兩衛(wèi)星軌道半徑均為B兩衛(wèi)星線速度大小均為C兩衛(wèi)星受到的萬有引力相等D衛(wèi)星1由A運(yùn)動(dòng)到B所需的最短時(shí)間為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一輛質(zhì)量為M3 kg的平板小車A?？吭谪Q直光滑墻壁處，地面水平且光滑，一質(zhì)量為m1 kg的小鐵塊B(可視為質(zhì)點(diǎn))放在平板小車A最右端，平板小車A上表面水平且與小鐵

5、塊B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，平板小車A的長(zhǎng)度L0.9 m現(xiàn)給小鐵塊B一個(gè)v05 m/s的初速度使之向左運(yùn)動(dòng)，與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞后向右運(yùn)動(dòng)，重力加速度g10 m/s1下列說法正確的是（ ）A小鐵塊B向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)豎直墻壁時(shí)的速度為1m/sB小鐵塊B與墻壁碰撞過程中所受墻壁的沖量為8 NsC小鐵塊B從反向到與車同速共歷時(shí)0.6sD小鐵塊B在平板小車A上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為9 J8、如圖a，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2:1，與副線圈相連的兩個(gè)燈泡完全相同，閉合電鍵K后，正確的是A電流表示數(shù)不變B電壓表示數(shù)增大C變壓器的輸入功率增大D如b圖所示的交變電流每秒鐘方向改變50次9、在動(dòng)

6、摩擦因數(shù)0.2的水平面上有一個(gè)質(zhì)量m2kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成45角的不可伸長(zhǎng)的輕繩一端相連，如圖所示，此時(shí)小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平面對(duì)小球的支持力恰好為零，取g10m/s2，以下說法正確的是A此時(shí)輕彈簧的彈力為零B此時(shí)輕繩的拉力為202NC當(dāng)剪斷輕繩的瞬間，小球所受的摩擦力為零D當(dāng)剪斷輕繩的瞬間，小球的加速度大小為8m/s2，方向向左10、A、D分別是斜面的頂端、底端，B、C是斜面上的兩個(gè)點(diǎn)，ABBCCD，E點(diǎn)在D點(diǎn)的正上方，與A等高從E點(diǎn)以一定的水平速度拋出質(zhì)量相等的兩個(gè)小球，球1落在B點(diǎn)，球2落在C點(diǎn)，關(guān)于球1和球2從拋出到落在斜面上的運(yùn)動(dòng)過程( )A球1和球2運(yùn)動(dòng)的時(shí)

7、間之比為21B球1和球2動(dòng)能增加量之比為12C球1和球2拋出時(shí)初速度之比為21D球1和球2運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度之比為12三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖甲所示的電路測(cè)量?jī)晒?jié)干電池串聯(lián)而成的電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r， R為電阻箱，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電壓表(量程03V，內(nèi)阻約3k)電阻箱（阻值范圍0-99.9）；導(dǎo)線若干(1)請(qǐng)根據(jù)圖甲的電路圖，在圖乙中畫出連線，將器材連接成實(shí)驗(yàn)電路_；(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變并記錄電阻箱及的阻值，記錄對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)U，得到如下表示的若干組R、U的數(shù)據(jù)根據(jù)圖丙所示，表中第4組對(duì)應(yīng)的電阻值讀數(shù)

8、是_；(3)請(qǐng)推導(dǎo)與的函數(shù)關(guān)系式（用題中給的字母表示）_，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出如圖丁所示的圖線，由圖線得出電池組的電動(dòng)勢(shì)E= _V，內(nèi)電阻r= _(所有結(jié)果保留三位有效數(shù)字）12（12分）在用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列說法正確的是_A斜槽軌道必須是光滑的B斜槽軌道末端的切線必須是水平的C入射小球每次都要從斜槽上同一高度由靜止?jié)L下D本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)出斜槽末端點(diǎn)到水平地面的豎直高度HE為了保證小球碰撞為對(duì)心正碰，且碰后不反彈，要求m 1 m 2 ，r 1 =r 2 ，兩小球半徑r1 、r 2不需要測(cè)量四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文

9、字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，從傾角為450的固定斜面B點(diǎn)正上方，距B點(diǎn)的高度為h的A點(diǎn)處，靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m的彈性小球，落在B點(diǎn)和斜面碰撞，碰撞后速度大小不變，方向變?yōu)樗剑?jīng)過一段時(shí)間小球落在斜面上C點(diǎn)?？諝庾枇Σ挥?jì)，重力加速度為g求：(1)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間；(2)小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的時(shí)間；(3)B點(diǎn)和C點(diǎn)間的高度差；(4)小球落到C點(diǎn)時(shí)重力做功的瞬時(shí)功率。14（16分）如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為2kg的滑塊在一大小為F=40N的水平恒力的作用下恰好能沿斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，斜面始終靜止在水平地面上，傾角=37o，（sin37O=0.6 ，cos37O=0.8

10、 ，g=10m/s2）求：滑塊與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)的大小15（12分）一長(zhǎng)木板靜止在水平地面上，木板長(zhǎng)，小茗同學(xué)站在木板的左端，也處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)小茗開始向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過2s小茗從木板上離開，離開木板時(shí)小茗的速度為v=4m/s，已知木板質(zhì)量M=20kg，小茗質(zhì)量m=50kg，g取10m/s2，求木板與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】對(duì)A電荷受力分析，B對(duì)A的是庫(kù)侖斥力，沿BA的連線向上；如果C是正電荷，則C對(duì)A的庫(kù)侖斥力沿CA連線向上，這兩個(gè)斥力的合

11、力指向CA和BA延長(zhǎng)線之間，不可能BA偏向右；只有C帶負(fù)電，C對(duì)A的庫(kù)侖引力沿AC連線向下，與B對(duì)A的作用力的合力才偏向右側(cè)，故C一定帶負(fù)電，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。2、C【解析】試題分析：以人為研究對(duì)象，加速過程中，人受到靜摩擦力、重力、支持力三個(gè)力的作用下沿電梯加速上升，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人受到重力和支持力作用，故A錯(cuò)誤；在慢慢加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，處于超重狀態(tài)；由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下，在勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受

12、重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對(duì)扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下；故BD錯(cuò)誤，C正確故選C考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用3、B【解析】A根據(jù)萬有引力公式：在不知道兩個(gè)衛(wèi)星質(zhì)量的情況下難以判斷誰(shuí)受到的引力大，故A錯(cuò)誤.B根據(jù)公式：可得衛(wèi)星的環(huán)繞速度為：衛(wèi)星A的軌道半徑小于衛(wèi)星B，故衛(wèi)星A的運(yùn)行速度大于衛(wèi)星B，故B正確C由于兩者質(zhì)量未知，因此無法比較兩者的機(jī)械能，故C錯(cuò)誤D設(shè)時(shí)間t內(nèi)，衛(wèi)星轉(zhuǎn)動(dòng)角度為 ，衛(wèi)星與地心連線掃過的面積為S，則有：根據(jù)角速度的定義有： 根據(jù)公式：聯(lián)立以上格式可得：因相等時(shí)間掃過的面積與衛(wèi)星的軌道半徑有關(guān)，故兩衛(wèi)星相等時(shí)間內(nèi)和地心連線掃過的面積不相等，故D錯(cuò)誤.

13、4、C【解析】A、C、根據(jù)公式和位移與速度的關(guān)系式為x=(10-0.1v2)m，可得： ，解得：a=-5m/s2，v0=10m/s，負(fù)號(hào)表示與運(yùn)動(dòng)方向相反，故A正確，C正確.B、剎車時(shí)間 =2s，故B錯(cuò)誤；D、剎車位移為，故D錯(cuò)誤，故選C【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道汽車剎車停止后不再運(yùn)動(dòng)，以及掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式v=v0+at和位移速度公式、.5、D【解析】物體做曲線運(yùn)動(dòng)，其速度方向時(shí)刻變化，但是大小可以不變，例如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其速度大小不變，但是方向時(shí)刻變大，其加速度大小不變，但是加速度方向時(shí)刻變化；例如平拋運(yùn)動(dòng)，其加速度大小和方向都是不變的，故選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確。6、A【解析

14、】A.根據(jù)萬有引力公式可得由黃金代換可得兩式聯(lián)立可得故A正確；B.兩衛(wèi)星都是地球同步衛(wèi)星，處于同一軌道，因此線速度大小相同，但軌道半徑遠(yuǎn)大于地球半徑，因此線速度大于，故B錯(cuò)誤；C.因?yàn)閮尚l(wèi)星質(zhì)量不一定相同，根據(jù)萬有引力公式因此兩衛(wèi)星所受萬有引力不一定相同，故C錯(cuò)誤；D.因?yàn)锳、B之間的圓心角為60，因此衛(wèi)星1由A運(yùn)動(dòng)到B所需的最短時(shí)間為，故D錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A項(xiàng)：設(shè)鐵塊向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)豎直墻壁時(shí)的速度為v1，根據(jù)動(dòng)能定理得，代

15、入數(shù)據(jù)可得：，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：小鐵塊B與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，所以小鐵塊彈回的速度大小為，方向向右，根據(jù)動(dòng)量定理 ，故B正確；C、D項(xiàng)：假設(shè)小鐵塊最終和平板車達(dá)到共速v1，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，解得， 小鐵塊最終和平板車達(dá)到共速過程中小鐵塊的位移：，平板車的位移：，說明鐵塊在沒有與平板車達(dá)到共速時(shí)就滑出平板車，所以小鐵塊在平板上運(yùn)動(dòng)過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為，故C錯(cuò)誤，D正確點(diǎn)晴：本題首先要分析鐵塊的運(yùn)動(dòng)情況，對(duì)于鐵塊向右運(yùn)動(dòng)是否滑出平板車，我們可以采用假設(shè)法進(jìn)行判斷，正確運(yùn)用功能關(guān)系求解8、AC【解析】AB、原線圈輸入電壓不變，線圈匝數(shù)不變，則副線圈電壓不變，即電壓表示數(shù)不變，燈泡電阻不變，則電

16、流表示數(shù)不變，故A正確、B錯(cuò)誤；C、當(dāng)K接通后，兩個(gè)燈泡并聯(lián)，增加一個(gè)負(fù)載，則副線圈功率增大，所以變壓器的輸入功率增大，故C正確；D、根據(jù)b圖可知，周期T=0.02s，則頻率f=50Hz，交流電每個(gè)周期方向改變兩次，每秒鐘方向改變100次，故D錯(cuò)誤故選AC點(diǎn)睛：原線圈輸入電壓不變，線圈匝數(shù)不變，則副線圈電壓不變，燈泡兩端的電壓不變，則通過電流表的電流不變，變壓器的輸入功率由輸出功率決定，根據(jù)圖b求出周期，進(jìn)而求出頻率，求出電流方向改變次數(shù)9、BD【解析】試題分析：剪斷輕繩前小球受力情況，如圖所示，根據(jù)平衡條件得：輕彈簧的彈力大小F=mg=20N，細(xì)線的拉力大小為T=2mg=202N剪斷輕繩瞬間

17、彈簧的彈力沒有變化，此時(shí)輕彈簧的彈力大小仍為F=20N，水平面對(duì)小球的支持力大小N=mg=20N，摩擦力大小為f=mg=4N，根據(jù)牛頓第二定律得：加速度a=F-fm=20-42m/s2=8m/s2，方向向左故選BD.考點(diǎn)：牛頓第二定律；共點(diǎn)力的平衡.10、BC【解析】試題分析：作出輔助線如圖，由幾何知識(shí)可得出兩小球豎直方向的位移比是，水平位移比是，由得運(yùn)動(dòng)時(shí)間比，故A選項(xiàng)錯(cuò)；由動(dòng)能定理可知B選項(xiàng)正確；水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，由可知C選項(xiàng)正確；它們運(yùn)動(dòng)的加速度是重力加速度，所以D選項(xiàng)錯(cuò)考點(diǎn)：本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律及動(dòng)能定理的應(yīng)用三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求

18、寫出演算過程。11、 13.7 2.86 5.80-6.20 【解析】(1)1根據(jù)電路圖連接實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，(2)2電阻箱的示數(shù)：R=110+31+70.1=13.7(3)345由原理圖可知，本實(shí)驗(yàn)采用的是伏阻法，由閉合電路歐姆定律可得：；則 ；故圖象的斜率；截距；所以此得出電池組的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻由圖像可知：b=0.35；解得E=2.86V； r=6.0012、BCE;【解析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理確定實(shí)驗(yàn)中如何減小實(shí)驗(yàn)誤差；知道小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，軌道末端切線應(yīng)水平，并且每次讓小球從同一位置滑下【詳解】A項(xiàng)：小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，只要保證入射球離開軌道的初始相等即可，斜槽軌道不需要光滑，故

19、A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：為保證小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽軌道末端的切線必須水平，故B正確；C項(xiàng)：為保證小球速度相等，入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，故C正確；D項(xiàng)：本實(shí)驗(yàn)中由于平拋中高度相同，故下落時(shí)間相同，所以可以用水平位移代替水平速度，因此不需要測(cè)出斜槽末端點(diǎn)到水平地面的豎直高度H，故D錯(cuò)誤；E項(xiàng)：為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：m1m1，故E正確故應(yīng)選：BCE【點(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，對(duì)于驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要學(xué)會(huì)在相同高度下，水平射程來間接測(cè)出速度的方法，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）