2022-2023學(xué)年山東省莒縣第二中學(xué)物理高三上期中達(dá)標(biāo)測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在粗糙的水平地面上放著一左側(cè)截面是半圓的柱狀物體B，在B與豎直墻之間放置一光滑小球A，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平力F拉動B緩慢向右移動一小段距離后，它們?nèi)蕴幱陟o

2、止?fàn)顟B(tài)，在此過程中，下列判斷正確的是（ ）A小球A對物體B的壓力逐漸增大B小球A對物體B的壓力逐漸減小C墻面對小球A的支持力逐漸減小D墻面對小球A的支持力先增大后減小2、如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖乙所示設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力fm的大小與滑動摩擦力大小相等則A0t1時間內(nèi)所受摩擦力大小不變Bt1t2時間內(nèi)物塊做加速度減小的加速運動Ct2時刻物塊A的動能最大Dt2t3時間內(nèi)物塊克服摩擦力做功的功率增大3、下列說法中正確的是 。A發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象的意義在于使人類認(rèn)識到原子具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)B結(jié)合能越大的原子核，原子核中的核子結(jié)合得越牢固，原子核

3、越穩(wěn)定。C根據(jù)玻爾理論可知，氫原子核外電子躍遷過程中電子的電勢能和動能之和守恒D在光電效應(yīng)實驗中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小4、如圖所示，一木塊沿豎直放置的粗糙曲面從高處滑下當(dāng)它滑過A點的速度大小為5m/s時，滑到B點的速度大小也為5m/s若使它滑過A點的速度變?yōu)?m/s，則它滑到B點的速度大小為（）A大于7 m/sB等于7 m/sC小于7 m/sD無法確定5、游樂場的過山車可以底朝上在圓軌道上運行，游客卻不會掉下來，如圖甲所示。我們把這種情形抽象為圖乙的模型；弧形軌道的下端與豎直圓軌道相接，將質(zhì)量為m的小球從弧形軌

4、道上端距水平地面高度為h處釋放，小球進入半徑為的圓軌道下端后沿圓軌道運動不計阻力，重力加速度為g。關(guān)于小球的運動，下列說法正確的是（）A若,小球運動道圓軌道最低點時對軌道的壓力等于B若,則需要給小球的初速度小球才能順利通過圓軌道最高點C若,小球恰好通過圓軌道最高點D若,小球在圓軌道最低點和最高點對軌道的壓力差為6、如圖所示，質(zhì)量為m的小球以速度v0水平拋出，恰好與傾角為30的斜面垂直相碰，其彈回的速度大小與碰撞前的速度大小相等，求小球與斜面碰撞過程中受到的沖量大小為（）Amv0B2mv0C3mv0D4mv0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項

5、是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一小球（可視為質(zhì)點）套在固定的水平光滑橢圓形軌道上，橢圓的左焦點為P，長軸AC=2L0，短軸BD=L0，原長為L0的輕彈簧一端套在過P點的光滑軸上，另一端與小球連接若小球做橢圓運動，在A點時的速度大小為v0，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是（ ）A小球在A點時彈簧的彈性勢能大于在C點時的彈性勢能；B小球在A、C兩點時的動能相等；C小球在B、D點時的速度最大；D小球在B點時受到軌道的彈力沿BO方向8、如圖甲所示，水平面上有質(zhì)量相等的兩個木塊A、B用一根輕彈簧相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)現(xiàn)用一個豎直向上

6、的力F拉動木塊A，使木塊A向上做勻加速直線運動，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，如圖乙所示研究從力F剛作用在木塊A上時（）到木塊B剛離開地面時（）這個過程，并且選定這個過程中木塊A的起始位置為坐標(biāo)原點，得到表示力F和木塊A的位移x之間關(guān)系的圖象如圖丙，則下列說法正確的是（ ）A時，彈簧剛好恢復(fù)原長B該過程中拉力做功C過程，拉力做的功大于木塊A機械能的增加量D過程，木塊A動能的增加量等于拉力和重力做功的總和9、如圖所示，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平軌道上的A點離PQ的距離為，一質(zhì)量為m的質(zhì)點自P點正上方距離P點高h(yuǎn)=2R由靜止釋放，進入軌道后剛好能到達(dá)Q點并能再次

7、返回經(jīng)過N點已知質(zhì)點第一次滑到軌道最低點N時速率為v1，第一次到達(dá)A點時速率為v2，選定N點所在的水平面為重力勢能的零勢能面，重力加速度為g，則 ABC從N到Q的過程中，動能與勢能相等的點在A點上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方D從N到Q的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點上方10、如圖所示，有A、B兩個可視為點電荷的帶同種電性的小球，水平面與豎直墻壁光滑絕緣，斜面也光滑絕緣，固定斜面后A球靜止，現(xiàn)將斜面向左平移一小段距離，A球重新平衡，則AA球的高度降低BA、B間的庫侖力增大，A受的支持力增加C庫侖力對A做負(fù)功D以A、B為系統(tǒng)的

8、電勢能減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示是某同學(xué)探究加速度與力的關(guān)系的實驗裝置他在氣墊導(dǎo)軌上安裝了一個光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細(xì)線繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放氣墊導(dǎo)軌摩擦阻力很小可忽略不計，由于遮光條的寬度很小，可認(rèn)為遮光條通過光電門時速度不變(1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d，如圖所示，則d_mm(2)實驗時，該同學(xué)測量出遮光條的寬度d，將滑塊從A位置由靜止釋放，測量遮光條到光電門的距離L，若要得到滑塊

9、的加速度，還需由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的_； (3)下列不必要的一項實驗要求是（_）A應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量B應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些C應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平D應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行(4)改變鉤碼質(zhì)量，測出對應(yīng)的力傳感器的示數(shù)F，已知滑塊總質(zhì)量為M，用(2)問中已測物理量和已給物理量寫出M和F間的關(guān)系表達(dá)式F_12（12分）為了測量由兩節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內(nèi)電阻,某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路，其中R為電阻箱，R0=5的保護電阻。(1)斷開開關(guān)S,調(diào)整電阻箱的阻值，再閉合開關(guān)S,讀取并記錄電壓表的示數(shù)及電阻箱接入電路中的阻值。多次重復(fù)上述操作，可

10、得到多組電壓值U及電阻值R,建立的坐標(biāo)系，并在圖中描點，如圖乙所示。由圖線可求得電池組的電動勢E=_V, 內(nèi)阻r=_(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(2)除導(dǎo)線電阻、讀數(shù)誤差之外，引起該實驗誤差的主要原因是_。R/U/V1/R（1/）1/U（1/V）1.00.401.002.502.00.670.501.493.00.900.331.114.01.060.250.945.01.230.200.817.01.450.140.6910.01.710.100.5880.02.600.010.38100.02.630.010.381000.02.800.000.36四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

11、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）所受重力G1=8N的砝碼懸掛在繩PA和PB的結(jié)點上PA偏離豎直方向37角，PB在水平方向，且連在所受重力為G2=100N的木塊上，木塊靜止于傾角為37的斜面上，如圖所示試求：（1）繩PB的拉力；（2）木塊與斜面間的摩擦力、彈力14（16分）如圖，跳臺滑雪運動員經(jīng)過一段加速滑行后從點水平飛出，經(jīng)落到斜坡上的點已知點是斜坡的起點，斜坡與水平面的夾角，運動員的質(zhì)量不計空氣阻力（取， ； ?。┣螅海?）點與點的距離（2）運動員離開點時的速度大小（3）落到點瞬間重力的功率15（12分）如圖所示，兩形狀完全相同的平板A、B置

12、于光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和2m平板B的右端固定一輕質(zhì)彈簧，P點為彈簧的原長位置，P點到平板B左端點Q的距離為L物塊C置于平板A的最右端，質(zhì)量為m且可視為質(zhì)點平板A、物塊C以相同速度v0向右運動，與靜止平板B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后平板A、B粘連在一起，物塊C滑上平板B，運動至P點開始壓縮彈簧，后被彈回并相對于平板B靜止在其左端Q點彈簧始終在彈性限度內(nèi)，平板B的P點右側(cè)部分為光滑面，P點左側(cè)部分為粗糙面，物塊C與平板B 粗糙面部分之間的動摩擦因數(shù)處處相同，重力加速度為g求：(1)平板A、B剛碰完時的共同速率v1；(2)物塊C與平板B粗糙面部分之間的動摩擦因數(shù)；(3)在上述過程中，系統(tǒng)的

13、最大彈性勢能Ep；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】對A球受力分析并建立直角坐標(biāo)系如圖由平衡條件得：豎直方向：N2cos=mg；水平方向：N1=N2sin；聯(lián)立解得：；N1=mgtan；B緩慢向右移動一小段距離，A緩慢下落，則增大。所以N2增大，N1增大，由牛頓第三定律知故小球A對物體B的壓力逐漸增大，故A正確，BCD錯誤。故選A。2、D【解析】當(dāng)拉力小于最大靜摩擦力時，物體靜止不動，靜摩擦力與拉力二力平衡，當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時，物體開始加速，當(dāng)拉力重新小于最大靜摩擦力時，物體由于慣性繼續(xù)減速運動【

14、詳解】在時間內(nèi)水平拉力小于最大靜摩擦力，物體保持不動，摩擦力大小逐漸增大，A錯誤；時間內(nèi)，拉力逐漸增大，摩擦力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度逐漸增大，物塊做加速度增大的加速運動，B錯誤；時間內(nèi)拉力始終大于最大靜摩擦力，所以過程中做加速運動，到時刻拉力和最大靜摩擦力相等，合力為零，加速度為零，速度最大，故C錯誤；時間內(nèi)速度逐漸增大，摩擦力大小不變，根據(jù)可知物塊克服摩擦力做功的功率增大，D正確3、D【解析】發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象的意義在于使人類認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，選項A錯誤；比結(jié)合能越大的原子核，原子核中的核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，選項B錯誤。根據(jù)玻爾理論可知，氫原子核外電子躍遷過程，

15、電子的總能量將減?。ɑ蛟黾樱┘措娮拥碾妱菽芎蛣幽苤褪遣皇睾愕?，這是因為氫原子要輻射（或吸收）光子，故C錯誤；據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h-W可知，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能越大，則這種金屬的逸出功越小，故D正確；故選D.4、C【解析】木塊從曲面的A點下滑過程中，重力和滑動摩擦力做功，當(dāng)木塊下滑的速度增大時，在同一點木塊所需要的向心力增大，軌道對木塊的支持力增大，則木塊對軌道的壓力增大，滑動摩擦力增大木塊從A運動到B，運動的路程相等，則木塊下滑過程中克服摩擦力做功增大，重力做功相同，根據(jù)動能定理得知，動能的變化量增大，第一次下滑過程動能變化量為零，第二次動

16、能的變化量應(yīng)小于零，則有，得：vBvA=7m/s即滑到B點的速率一定小于7m/s故C正確,A、B、D錯誤點晴：木塊從曲面的A點下滑過程中，重力和滑動摩擦力做功，當(dāng)木塊下滑的速度減小時，運用向心力知識分析軌道對木塊支持力的變化，判斷摩擦力如何變化，確定木塊克服摩擦力做功的大小，分析動能變化量的大小，再求出木塊運動到B點時的速度范圍5、B【解析】A若,小球從釋放到最低點由動能定理得在最低點由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故A錯誤；B小球能順利通過圓軌道最高點時的最小速度為若,小球從釋放到最高點由動能定理得聯(lián)立解得故B正確；C小球能順利通過圓軌道最高點時的最小速度為小球從釋放到最高點由動能定理得解得故C錯誤

17、；D若,由動能定理有在最高點和最低點由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故D錯誤。故選B。6、D【解析】小球在碰撞斜面前做平拋運動,設(shè)剛要碰撞斜面時小球速度為,小球恰與傾角為的斜面垂直碰撞，碰撞時受到如圖所示由幾何關(guān)系得由動量定理可得，小球與斜面碰撞過程受到的沖量大小方向垂直于斜面向上故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】小球運動過程中彈性勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，因為彈簧原長為，半長軸的長為，故在A點彈簧處于壓縮狀態(tài)，形變量等于PO的長度，在C點彈簧長度等于，故伸

18、長量等于PO的長度，所以在AC兩點彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，故在AC兩點的動能相等，A錯誤B正確；設(shè)另外一個焦點為，在BD兩點時，故B到P點的距離等于，即等于彈簧原長，在彈簧恢復(fù)原長時，彈性勢能為零，小球的動能最大，所以在BD兩點速度最大，C正確；因為小球套在軌道上，所以在B點軌道的彈力沿BO方向，D正確；8、ABD【解析】A、A壓著彈簧處于靜止?fàn)顟B(tài)，；當(dāng)力F作用在A上，使其向上勻加速直線運動，由牛頓第二定律可知，隨著x逐漸增大，導(dǎo)致彈簧的彈力逐漸減小，則力F逐漸增大，但物體A的合力卻不變，當(dāng)B剛離開地面時，彈簧處于伸長狀態(tài)有，則，則當(dāng)時，彈簧剛好恢復(fù)到原長，故A正確B、根據(jù)圖象可

19、知拉力F隨著位移均勻增大，則，故B正確C、在A上升過程中，彈簧從壓縮恢復(fù)到原長過程，由動能定理，即，則拉力做功小于A物體機械能的增加，故C錯誤D、0 x0過程因彈簧的初末形變量相同，則彈性勢能的變化為零；由動能定理可知，即木塊A動能的增加量等于拉力和重力做功的總和，故D正確故選ABD.【點睛】彈簧的彈力和彈性勢能均與形變量有關(guān)，形變有壓縮和拉伸兩種情形，要注意加以區(qū)分；功是能量轉(zhuǎn)化的量度，一種功總是與一種能相聯(lián)系，要具體情況具體分析9、BC【解析】設(shè)質(zhì)點到達(dá)P點時的速度為v，根據(jù)動能定理有mg2RmvP20；解得；由題意由靜止釋放剛好能達(dá)到Q點，由動能定理有mg2RWf00得Wf2mgR；因為

20、從P到N每個點速度均大于N到Q每個點的速度，P到N的正壓力大于N到Q，P到N的摩擦力大于N到Q的摩擦力，所以P到N克服摩擦力做功大于mgR，由P到N由動能定理得mgR Wf0，所以，即第一次滑到軌道最低點時的速率，故B正確如果軌道光滑，物體在運動過程中不受摩擦力，上升過程中動能與重力勢能相等的位置在位移的中點A，現(xiàn)在由于要克服摩擦力做功，機械能減小，所以上升過程中動能與重力勢能相等的位置在A點上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方故C正確；故選BC【點睛】本題考查了能量守恒定律和牛頓第二定律的綜合運用，關(guān)鍵是抓住已知條件質(zhì)點滑到Q點時，速度恰好為零，求出此時質(zhì)點克服摩擦力做的功，

21、再結(jié)合圓周運動知識進行分析10、ABC【解析】依據(jù)受力分析，根據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合平衡條件，即可確定將斜面向左平移一小段距離時，A球受到的庫侖力與支持力的變化情況，再根據(jù)庫侖定律，判定兩球間距，進而確定高度的變化，最后依據(jù)電場力做功的正負(fù)，來確定電勢能的變化【詳解】對A球受力分析，如圖所示：根據(jù)矢量的合成法則，及三角知識，則有，當(dāng)將斜面向左平移一小段距離時，夾角(90o)會變大，導(dǎo)致支持力N與庫侖力F，都增大；依據(jù)庫侖定律，可知，兩球的間距會減小，因此A球的高度會降低，故AB正確；依據(jù)兩球的庫侖斥力，且間距減小，因此庫侖力做負(fù)功，則A、B的電勢能會增大，故C正確，D錯誤所以ABC正確，D錯誤

22、【點睛】本題考查矢量的合成法則，掌握動態(tài)平衡分析的方法，理解庫侖力與支持力如何變化是解題的關(guān)鍵，同時掌握庫侖力做功正負(fù)，及電勢能變化判定依據(jù)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.30 時間t A 【解析】（1）d=2mm+0.05mm5=2.25mm（2）根據(jù)，可知若要得到滑塊的加速度，還需由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t；（3）A拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無關(guān)，故A錯誤；B應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些，有利于減小誤差，故B正確；C應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，使拉力才等于合力，故C正確；D要保持拉線方向與木板平面平行，拉力才等于合力，故D正確；（4）由題意可知，該實驗中保持小車質(zhì)量M不變，因此有：；v2=2aL，聯(lián)立可得：12、2.7-3.0v 1.3-1.9 電壓表分流 【解析】(1)12根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點作出圖象如圖所示由圖示電路圖可知，電源電動勢整理得由圖象可知：解得，電源電動勢：E=2.5V，電源內(nèi)阻r=1.5；(2)3由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，流過電源的電流大于，這是造成實驗誤差的原因。四、計算題：本題共2小題，共26分