2022-2023學年山東省濟南市部分區(qū)縣物理高三上期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、游樂場的過山車可以底朝上在圓軌道上運行，游客卻不會掉下來，如圖甲所示。我們把這種情形抽象為圖乙的模型；弧形軌道的下端與豎直圓軌道相接，將質量為m的小球從弧形軌道上端距水平地面高度為h處釋放，小球進入半徑為的圓軌道下端后沿圓軌道運動不計阻力，重力加速度為g。當小球運動到豎直圓軌道的最高點時，下列說法正確的是（）A小球的速度可以為零B小球的加速度可以為零C小球對軌道的壓力一定小于mgD小球的速度越大對軌道的壓力越大2、 “娛樂風洞”是一項將科技與驚險相結合的娛樂項目，它能在一

3、個特定的空間內把表演者“吹”起來.假設風洞內向上的風量和風速保持不變，表演者調整身體的姿態(tài)，通過改變受風面積(表演者在垂直風力方向的投影面積)，來改變所受向上風力的大小.已知人體所受風力大小與受風面積成正比，人水平橫躺時受風面積最大，設為S0，站立時受風面積為18S0；當受風面積為12S0時，表演者恰好可以靜止或勻速漂移.如圖所示，某次表演中，人體可上下移動的空間總高度為H，表演者由靜止以站立身姿從A位置下落，經(jīng)過B位置時調整為水平橫躺身姿(不計調整過程的時間和速度變化)，運動到C位置速度恰好減為零.關于表演者下落的過程，下列說法中正確的是()AB點距C點的高度是35HB從A至B過程表演者克服

4、風力所做的功是從B至C過程表演者克服風力所做的功的16C從A至B過程表演者所受風力的沖量是從A至C過程表演者所受風力的沖量的16D從A至B過程表演者所受風力的平均功率是從B至C過程表演者所受風力平均功率的163、一輛汽車在平直的公路上運動,運動過程中先保持某一恒定加速度,后保持恒定的牽引功率,其牽引力和速度的圖象如圖所示。若已知汽車的質量m、牽引力F1 和速度v1及該車所能達到的最大速度v3，則根據(jù)圖象所給的信息,能求出的物理量是 ()A汽車運動中的最大功率為F1v2B速度為v2時的加速度大小為F1v1mv2C汽車行駛中所受的阻力為F1v1v3D汽車以恒定加速度加速時,加速度為F1m4、在物理

5、現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)和物理理論的建立過程中物理學家總結出許多科學方法。如理想實驗、演繹推理、科學假說、類比等。類比法是通過兩個或兩類研究對象進行比較，找出它們之間相同點和相似點，并以此為根據(jù)把其中某一個或某一類對象的有關知識和結論，推移到另一個或另一類對象上，從而推論出它們也可能有相同或相似的結論的一種邏輯推理和研究方法。以下觀點的提出或理論的建立沒有應用類比的思想的是（ ）A法拉第通過多次實驗最終發(fā)現(xiàn)“磁生電電磁感應”現(xiàn)象B伽利略提出“力不是維持物體運動的原因”的觀點C牛頓推理得到太陽與行星間的引力與太陽和行星的質量的乘積成正比，與它們之間的距離的平方成反比。D安培為解釋磁現(xiàn)象提出了“物質微粒內部存在

6、著一種環(huán)形電流分子電流”的觀點5、如圖所示，從A點由靜止釋放一彈性小球，一段時間后與固定斜面上B點發(fā)生碰撞，碰后小球速度大小不變，方向變?yōu)樗椒较颍纸?jīng)過相同的時間落于地面上C點，已知地面上D點位于B點正下方，B、D間的距離為h，則( )AA、B兩點間的距離為BA、B兩點間的距離為CC、D兩點間的距離為2hDC、D兩點間的距離為6、如圖三條光滑斜軌道1、2、3，他們的傾斜角一次是60度、45度、30度；這些軌道交于O點，現(xiàn)有位于同一豎直線的三個小物體甲乙丙分別沿這三條軌道同時從靜止自由下滑，物體滑到O點的先后順序是（）A甲最先，乙稍后，丙最后B乙最先，然后甲丙同時到達C甲乙丙同時到達D乙最先，

7、甲稍后，丙最后二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量m=1kg的物體從靜止開始做直線運動，物體所受合外力F隨時間t變化的圖象如圖所示，在08s內，下列說法中正確的是（）A物體在02s內動量均勻增加，在24s內動量均勻減小B02s內力F的沖量為2NsC2s末物體的速度最大D3s末物體速度為3m/s，在8s末速度為2m/s8、如圖所示，甲、乙兩物體在同一條直線上運動，折線是物體甲運動的圖象，直線是物體乙運動的圖象，則下列說法正確的是（ ） A甲、乙兩物體運動方向相反B甲

8、做勻速直線運動，速度大小為7.5m/sC乙做勻減速直線運動，加速度是5m/s2D甲、乙兩物體在距甲的出發(fā)點60m處相遇9、如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達到的最大位移x與斜面傾角的關系，將某一物體每次以不變的初速率v0沿足夠長的斜面向上推出，調節(jié)斜面與水平方向的夾角，實驗測得x與斜面傾角的關系如圖乙所示，g取10m/s2，根據(jù)圖象可求出（）A物體的初速率v03m/sB物體與斜面間的動摩擦因數(shù)0.75C取不同的傾角，物體在斜面上能達到的位移x的最小值xmin1.44mD當某次30時，物體達到最大位移后將沿斜面下滑10、物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3秒內通過的位移是3m，則A前3秒內的

9、平均速度是3m/sB前3秒內的位移是6mC物體的加速度是1.2m/s2D3s末的速度是3.6m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是:A按如圖擺好實驗裝置;B將質量M=0.2kg的小車拉到打點計時器附近，并按住小車;C在總質量m分別為20g、30g、40g的三種鉤碼中，挑選了一個質量為40g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上;D接通打點計時器的電源(電源頻率為f=50Hz)，然后釋放小車，打出一條紙帶.多次重復實驗，從中挑選一條點跡清晰的紙帶如圖所示.把打下的第一點

10、記作“0”，然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用毫米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為 ，他把鉤碼重力(當?shù)刂亓铀俣茸鳛樾≤囁芎狭λ愠龃蛳隆?”點到打下“5”點合力做功.則合力做功W=_J，小車動能的改變量_J（結果均保留三位有效數(shù)字）此次實驗探究的結果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產生誤差的因素.請你根據(jù)該同學的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大_（“系統(tǒng)”或“偶然”）誤差的主要原因是_；_(寫出兩條即可)12（12分）某同學探究加速度、力與質量的關系實驗裝置如下。（1）在實驗之前，首先平衡摩擦力

11、，使細線的拉力近似等于砝碼及砝碼盤所受的總重力，關于平衡摩擦力，下列正確的是：_。A將木板右端適當墊高，放上小車讓其沿板勻速下滑即可B將木板右端適當墊高，放上小車，穿好紙帶，讓小車沿板滑下時，打點計時器在紙帶上打下一系列等間距的點即可C將木板右端適當墊高，放上小車，穿好紙帶，小車前端用細繩繞過滑輪連接砝碼盤（不放砝碼），讓小車勻速下滑即可D平衡摩擦之后，通過增加或者減少小車上的砝碼改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦（2）圖乙是實驗中得到的一條紙帶，已知相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出，打點計時器所用電源頻率為50Hz，由此可求出小車的加速度a =_m/s2(計算結果保留三位有效數(shù)字)。（3）甲、

12、乙、丙三名同學在做實驗之前都將木板的右側墊高，然后根據(jù)實驗數(shù)據(jù)分別做出了和圖象（小車的加速度為a，小車的質量為M，繩中拉力為F，砝碼盤及砝碼的質量總和為m）。由甲圖可知砝碼盤及砝碼的總質量為_kg（g取10m/s2） ，由乙圖可知乙同學在操作中使木板的傾角過_（選填“大”、“ 小”），分析丙圖，圖線上部分彎曲的原因是未滿足_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在水平軌道右側安放半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設特殊材料，調節(jié)其初始長度為l水平軌道左側有一輕質彈簧左端固定，彈簧處于

13、自然伸長狀態(tài)小物塊A（可視為質點）從軌道右側以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道已知R=0.1m，l=1.0m，v0=1m/s，物塊A質量為m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)為=0.1，軌道其他部分摩擦不計，取g=10m/s1求：（1）物塊A與彈簧剛接觸時的速度大?。唬?）物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度；（3）調節(jié)PQ段的長度l，A仍以v0從軌道右側沖上軌道，當l滿足什么條件時，A物塊能第一次返回圓形軌道且能沿軌道運動而不會脫離軌道14（16分）如圖甲所示，在光滑水平面上有一質量為的足夠長的木板，其上疊放一質量為的木塊

14、，木塊和木板之間的動摩擦因數(shù)，假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等。現(xiàn)給木塊施加一隨時間t增大的水平拉力，重力加速度大小。(1)求木塊和木板相對靜止一起運動的時間；(2)通過計算，在圖乙中利用已經(jīng)給出的坐標數(shù)據(jù)，畫出木板和木塊的加速度隨時間t變化的圖象。取水平拉力F的方向為正方向15（12分）如圖所示，傳送帶長6 m，與水平方向的夾角，以5 m/s的恒定速度向上運動一個質量為2 kg的物塊（可視為質點），沿平行于傳送帶方向以11 m/s的速度滑上傳送帶，已知物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=15，sin37=16，cos37=18，g=11m/s2求：（1）物塊剛滑上傳送帶時的加速度大

15、小；（2）物塊到達傳送帶頂端時的速度大??；（3）整個過程中，摩擦力對物塊所做的功參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB小球在豎直平面內做圓周運動剛好過最高點，由重力提供向心力，所以在最高點有則，故AB錯誤；CD小球在最高點有得所以小球對軌道的壓力與過最高點的速度有關，同時可知，小球的速度越大對軌道的壓力越大，故C錯誤，D正確。故選D。2、B【解析】設人水平橫躺時受到的風力大小為Fm，由于人體受風力大小與正對面積成正比，故人站立時風力為18Fm。由于受風力有效面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移，

16、故可以求得人的重力G=12Fm，即有Fm=2G。則從A至B過程表演者的加速度為a1=G-Fmm=mg-18mgm=0.75g，從B至C過程表演者的加速度大小為a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g，由速度位移公式得：從A至B過程表演者的位移x1=v22a1，從B至C過程表演者的位移x2=v22a2，故x1：x2=4：3，因而有x1=47H，故A錯誤；表演者A至B克服風力所做的功為W1=18Fm47H=114FmH；B至C過程克服風力所做的功為W2=Fm37H=37FmH；所以W1W2=16，故B正確；因此從A至B過程表演者的加速度小于從B至C過程表演者的加速度，故A錯誤；設B點的速度為v，則從

17、A至B過程表演者的運動時間t1=va1=4v3g.從B至C過程表演者的運動時間t2=va2=vg，根據(jù)動量定理，I1=18Fmt1=13mv，I2=Fmt2=2mv，I1I2+I1=17，故C錯誤；根據(jù)p=wt，又W1W2=16，t1t2=43，聯(lián)立解得p1p2=18，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。3、C【解析】根據(jù)牽引力和速度的圖象和功率P=Fv得汽車運動中的最大功率為F1v1，故A錯誤。汽車運動過程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牽引功率，所以速度為v2時的功率是F1v1，根據(jù)功率P=Fv得速度為v2時的牽引力是F1v1v2，對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和阻力，該車所能達

18、到的最大速度時加速度為零，所以此時阻力等于牽引力，所以阻力f=F1v1v3；根據(jù)牛頓第二定律，有速度為v2時加速度大小為a=F1v1mv2-F1v1mv3，故B錯誤，C正確。根據(jù)牛頓第二定律，有恒定加速時，加速度a=F1m-F1v1mv3，故D錯誤。故選C?！军c睛】本題關鍵對汽車受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律列出加速度與速度關系的表達式，再結合圖象進行分析求解4、B【解析】A法拉第受“電生磁”的啟發(fā)，堅信磁一定能生，通過多次實驗最終發(fā)現(xiàn)“磁生電-電磁感應”現(xiàn)象，應用類比的思想，故A正確；B伽利略提出“力不是維持物體運動的原因”的觀點，應用的是理想實驗法，故B錯誤；C牛頓認為太陽與行星間的引力與行

19、星和太陽引力相似，通過推理得到太陽與行星間的引力與太陽和行星的質量的乘積成正比，與它們之間的距離的平方成反比。故C正確；D安培根據(jù)環(huán)形電流磁場與小磁針磁場相似，提出“物質微粒內部存在著一種環(huán)形電流-分子電流”的觀點，應用的是類比思想，故D正確。故選B。5、C【解析】由A到B，小球做自由落體運動，；由B到C，小球做平拋運動，；由A到B和由B到C所用時間相同，A、B兩點間的距離，故A、B錯誤；由上可知，故C正確，D錯誤6、B【解析】設斜軌道底邊的長度為，斜面的傾角為，則斜軌道的長度為根據(jù)牛頓第二定律得，物體下滑的加速度為則有代入數(shù)據(jù)得得到根據(jù)數(shù)學知識得知則甲和丙運動的時間相等，同時達到斜軌道的底端

20、點；乙運動時間最短，乙最先到達點，故B正確，A、C、D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】物體在02s內F逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度逐漸增大，第2s末加速度最大，在24s內F先逐漸減小再逐漸增大，所以加速度先減小后增大，物體先做加速度減小的加速運動，再反向做加速增大的減速運動，根據(jù)動量P=mv可知，動量不是均勻變化的，故A錯誤；根據(jù)圖象的性質可知，圖象與時間軸所圍成的面積表示沖量，故02s內力F的沖量為I=222=2Ns，故B正確；

21、由圖可知，03s內物體均在加速，所以3s的速度為最大；故C錯誤；3s末時沖量為I=322=3Ns；根據(jù)動量定理I=mv可知，物體的速度v=31=3m/s；同理可知，在8s末速度為2m/s；故D正確故選BD點睛：解題時要明確圖象的性質，根據(jù)牛頓第二定律可明確加速度的大小，從而分析物體的運動性質，明確動量變化；再根據(jù)圖象與時間軸圍成的面積表示沖量求出物體的沖量，再根據(jù)動量定理即可求得速度大小8、AD【解析】試題分析：圖像的斜率表示速度，斜率的正負表示運動方向，從圖像中可知甲一直朝著正方向運動，乙朝著負方向運動，故兩者的運動方向相反，A正確；斜率表示速度，故甲在0-2s做勻速運動，速度大小為v1=4

22、02=20m/s，然后靜止，6-8s又開始做勻速運動，速度大小為v2=60-402=10m/s，B錯誤；圖線乙的斜率恒定，做勻速直線運動，C錯誤；圖線的交點表示兩者相遇，故甲乙兩物體在距甲的出發(fā)點60m處相遇，D正確；考點：考查了位移時間圖像【名師點睛】關鍵掌握位移圖象的基本性質：橫坐標代表時刻，而縱坐標代表物體所在的位置，縱坐標不變即物體保持靜止狀態(tài)；位移時間圖像是用來描述物體位移隨時間變化規(guī)律的圖像，不是物體的運動軌跡，斜率等于物體運動的速度，斜率的正負表示速度的方向，質點通過的位移等于x的變化量x9、BC【解析】AB由圖可知，當斜面的傾角為90時，位移為1.80m；則由豎直上拋運動規(guī)律可

23、知 ；解得當時 ，由動能定理可得解得A正確B錯誤；C根據(jù)動能定理得解得式中有當 ，即 時；此時位移最小，C正確；D若 時，物體受到的重力的分力為 ，摩擦力一般認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；故小球達到最高點后，不會下滑，D錯誤故選BC。10、CD【解析】物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3秒內通過的位移是3m，根據(jù)位移時間關系公式，有： ，解得，前3s內的位移是，前3s內的平均速度為，3s 末的速度： ，CD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.0735； 0.0572； 系統(tǒng)； 未平衡摩擦力； 小車質量未遠大于購碼質量； 【解析

24、】將砝碼重力當作小車所受合外力，根據(jù)功的定義可以正確解答，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出第5個點的速度大小，進一步求出其動能大??；實驗誤差主要來自由實驗原理不完善導致的系統(tǒng)誤差；【詳解】從打下第一點到打下第5點拉力對小車做的功為：；根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于這段時間的平均速度，則：小車動能的改變量：該實驗產生誤差的主要原因：一是鉤碼重力大小并不等于繩子拉力的大小，設繩子上拉力為F，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：對鉤碼有：聯(lián)立得到：由此可知當時，鉤碼的重力等于繩子的拉力，顯然該實驗中沒有滿足這個條件；二是該實驗要進行平衡摩擦力操作，否則也會造成較大誤差顯然，這是

25、由于系統(tǒng)不完善而造成的系統(tǒng)誤差?！军c睛】明確實驗原理往往是解決實驗問題的關鍵，該實驗的一些操作和要求與探究力、加速度、質量之間關系的實驗類似可以類比學習。12、BD 1.60 0.01 小 Mm 【解析】(1)1.平衡摩擦力時，將木板右端適當墊高，放上小車，穿好紙帶，讓小車沿板滑下時，打點計時器在紙帶上打下一系列等間距的點即可，選項AC錯誤，B正確；平衡摩擦之后，通過增加或者減少小車上的砝碼改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力，選項D正確。(1)1. 相鄰兩計數(shù)點間還有四個計時點未畫出，計數(shù)點間的時間間隔為：t=0.015=0.1s，根據(jù)勻變速直線運動的推論x=at1可知，小車的加速度為：=1.60m/s1(3)3.甲圖中圖線的斜率：所以小車受到的拉力：小車受到的拉力近似等于砝碼盤及砝碼的總重力，所以砝碼盤及砝碼的總質量：4.在乙圖中，當F0時，加速度a仍然等于0，是由于平衡摩擦力不足