2023學年甘肅省金昌市永昌縣第四中學高二物理第一學期期中考試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用絕緣細線懸掛兩個大小相同的小球，它們帶有同種電荷，質量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2，因靜電力而使兩懸線張開，分別與豎直方向成夾角a1和a2，且兩球靜止時同處一水平線上

2、，若a1=a2，則下述結論正確的是（）Aq1一定等于q2.B一定滿足Cm1一定等于m2D必然同時滿足q1=q2，m1=m22、三個點電荷附近的電場線分布如圖所示，c是電量相等的兩個負電荷連線的中點，d點在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則（ ）Ac點的電場強度為零Bb、d兩點的電場強度不同Ca點的電勢比b點的電勢高Dc點的電勢與d點的電勢相等3、1922年英國物理學家阿斯頓因質譜儀的發(fā)明、同位素和質譜的研究榮獲了諾貝爾化學獎若速度相同的同一束粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是（ ）A該束帶電粒子帶負電B速度選擇器的p1極板帶負電C在B2磁場中運動半徑越

3、大的粒子，比荷qm越小D在B2磁場中運動半徑越大的粒子，質量越大4、如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，下面掛有匝數(shù)為n的矩形線框abcd，bc邊長為l，線框的下半部處在勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向與線框平面垂直(在圖中垂直于紙面向里)，線框中通以電流I，方向如圖所示，開始時線框處于平衡狀態(tài)令磁場反向，磁感應強度的大小仍為B，線框達到新的平衡，則在此過程中線框位移的大小x及方向是Ax，方向向下Bx，方向向上Cx，方向向上Dx，方向向下5、一太陽能電池板，測得它的開路電壓為80mV，短路電流40mA若將該電池板與一阻值為18的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是( )A40m VB60

4、mVC72mVD80m V6、以下說法正確的是A電動勢就是電源兩極間的電壓B閉合電路中的電流跟電源電動勢成正比，跟整個電路的電阻成反比C閉合電路中的短路電流無限大D電源UI圖象上某點縱、橫坐標的乘積對應此時電源的總功率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻。當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是( )A若僅將R2的

5、滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變8、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，電容器已帶電，則下列判斷正確的是（）A增大兩極板之間的距離，靜電計指針張角變大B將A板稍微上移，靜電計指針張角將變大C若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角變大D若減小兩極板間的距離，則靜電計指針張角變小9、我國已經(jīng)禁止銷售100 W及以上的白熾燈，以后將逐步淘汰白熾燈假設某同學研究白熾燈得到某白熾燈的

6、UI圖象如圖所示圖象上A點與原點的連線與橫軸成角，A點的切線與橫軸成角，則A白熾燈的電阻隨電壓的增大而減小B在A點，白熾燈的電阻可表示為tan C在A點，白熾燈的電功率可表示為U0I0D在A點，白熾燈的電阻可表示為10、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r電路中的R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。㏑2為滑動變阻器，當開關S閉合時，電容器C中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)下列說法中正確的是A只增大R1的光照強度，電壓表示數(shù)變小B只增大R1的光照強度，電流表示數(shù)變小C只將滑片向上端移動時，微粒將向下運動D若斷開開關S，帶電微粒仍處于靜止狀態(tài)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中

7、指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分） (1)用游標卡尺測一工件外徑的讀數(shù)如圖(1)所示，讀數(shù)為_mm(2)用螺旋測微器測一圓形工件長度的讀數(shù)如圖(2)所示，讀數(shù)為_mm12（12分）如圖，在“研究力的合成”實驗中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套實驗中需用兩個彈簧秤分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條某同學認為在此過程中必須注意以下幾項：A兩根細繩必須等長B橡皮條應與兩繩夾角的平分線在同一直線上C在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行D保證兩彈簧秤示數(shù)相等其中正確的是_（填入相應的字母）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡

8、中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，加速電場的兩極板間距為d1，兩極板間電壓為U1 ，偏轉電場的平行金屬板的板長 L 板間距為 d2 ，兩極板間電壓為 U 2。設電子初速度為 0，經(jīng)加速電 場加速后以某一速度沿兩板中線垂直進入偏轉電場中，電子離開偏轉電場后打在距離偏轉電場為 L 的屏上 P 點，當偏轉電場無電壓時，電子恰好擊中熒光屏上的中心點 O，當偏轉電場加上偏轉電壓 時，電子打在熒光屏上的點 P。（已知電子的質量為 m，電量為 e,注意圖不標準，圖中 L 應相等） (1) 求電子從進入偏轉電場時的速度V0(2)求電子在偏轉電場中運動的偏轉位移

9、y0(3)求電子從進入加速電場到擊中恰好 P 點的時間 t14（16分）如圖所示，一對平行的粗糙金屬導軌固定于同一水平面上，導軌間距L=0.1m，左端接有阻值R=0.3的電阻，右側平滑連接一對彎曲的光滑軌道水平導軌的整個區(qū)域內存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小B=1.0T一根質量m=0.4kg，電阻r=0.1的金屬棒ab垂直放置于導軌上，在水平向右的恒力F作用下從靜止開始運動，當金屬棒通過位移x=9m時離開磁場，在離開磁場前已達到最大速度當金屬棒離開磁場時撤去外力F，接著金屬棒沿彎曲軌道上升到最大高度h=0.8m處已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)=0.1，導軌電阻不計，棒在運動過程中始終與軌

10、道垂直且與軌道保持良好接觸，取g =10m/s1求：（1）金屬棒運動的最大速率v ；（1）金屬棒在磁場中速度為時的加速度大小；（3）金屬棒在磁場區(qū)域運動過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱15（12分）如圖所示，長為L、間距為d的兩金屬板A、B水平放置，ab為兩板的中心線質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從左側極板附近由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后，從a點水平射入求：(1)粒子從a點射入的速度v0；(2)若將兩金屬板接上恒定電壓U2，使粒子恰好打到金屬板的中點，求電壓U2的大?。粎⒖即鸢敢?、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【

11、解析】題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場力大小卻相同，方向相反；由于它們與豎直線所成的角度相等，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點力平衡條件可確定，它們的質量一定相等。故C正確，ABD錯誤；故選C。2、B【解析】根據(jù)場強的疊加可知，兩個負電荷在c點產(chǎn)生的電場強度的和等于零，負電荷在c點產(chǎn)生的場強不為零，所以c點的電場強度一定不為零，故A錯誤；電場強度是矢量，由圖可知，b、d兩點的電場強度方向不同，故B正確；電場線從正電荷到負電荷，沿著電場線電勢降低，所以b點的電勢比a點的高，故C錯誤；由正電荷在d、c兩點產(chǎn)生的電勢相等，但兩個負電荷在d點產(chǎn)生的電勢高于c點，所以c點的總電勢低于

12、d點，故D錯誤所以B正確，ACD錯誤3、C【解析】根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉方向確定帶電粒子的正負根據(jù)在速度選擇器中電場力和洛倫茲力平衡確定P1極板的帶電情況在磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出粒子的軌道半徑，即可知道軌跡半徑與什么因素有關【詳解】帶電粒子在磁場中向下偏轉，磁場的方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電。故A錯誤。在平行金屬板間，根據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強度的方向豎直向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電。故B錯誤。進入B2磁場中的粒子速度是一定的，根據(jù)qvB=mv2r得，r=mvqB，知r越大，荷質比qm越小，而

13、質量m不一定大。故C正確，D錯誤。故選C?！军c睛】解決本題的關鍵會根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道在速度選擇器中，電荷所受的電場力和洛倫茲力平衡4、A【解析】由題中“線框的下半部處在勻強磁場中”可知，本題考查安培定制、受力分析和受力平衡，根據(jù)左手定則結合受力平衡可以分析本題【詳解】BC線框在磁場中受重力、安培力、彈簧彈力處于平衡，安培力為且開始的方向向上，然后方向向下，大小不變，故BC錯誤；AD設在電流反向之前彈簧的伸長量為x，則反向之后彈簧伸長量為則有解得且線框向下移動，故A正確，D錯誤【點睛】先對原磁場下的線框進行受力分析列出受力平衡的方程，然后對方向改變后的磁場中的線框進行受力分

14、析列受力平衡方程，聯(lián)立計算得出相框的位移大小和方向5、C【解析】試題分析：電源沒有接入外電路時，路端電壓值等于電動勢，則電動勢E=80mV，由閉合電路歐姆定律得短路電流、，則電源內阻,該電源與18的電阻連成閉合電路時，路端電壓為，故選C考點：考查閉合電路的歐姆定律點評：本題難度較小，對于電動勢的概念要理解：電動勢等于外電壓和內電壓之和，當外電路開路時，內電壓為零，開路電路等于電源的電動勢6、B【解析】A當外電路斷開時，電源兩極間的電壓等于的電動勢，故A錯誤.B根據(jù)閉合電路歐姆定律：得知閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比，跟內外電路的電阻之和成反比，故B正確.C當外電路短路時，所以：故C錯誤.D

15、電源U-I圖象上某點縱、橫坐標的乘積對應此時電源的輸出功率，故D錯誤.故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A滑動變阻器處于含電容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變，故A錯誤；B若僅增大A、B板間距離，因板間電壓不變，由知電容減小，再由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少，故B正確；C若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少，故C

16、錯誤；D根據(jù)閉合電路歐姆定律得，因電壓表測量為電源的路端電壓，電流表測量流過電源的電流，則可得保持不變，故D正確。故選BD。8、ABD【解析】A. 增大兩極板之間的距離，電容器所帶電荷量一定，當d變大時，C變小，再由，得U變大；指針張角增大，故A正確。B. 當A板上移時，正對面積S變小，C也變小，電容器所帶電荷量一定，U變大，指針夾角增大，故B正確。C. 當插入玻璃板時，增大了，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，指針夾角減小，故C錯誤。D. 當兩板間的距離減小時，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，靜電計指針夾角減小，故D正確。9、CD【解析】由圖示圖象可知，隨電壓增大，通過燈泡的電流增

17、大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻變大，故A錯誤；在A點，白熾燈的電阻，故B錯誤；在A點，白熾燈的電功率P=U0I0，故C正確；由歐姆定律可知，在A點，白熾燈的電阻，故D正確；故選CD【點睛】本題考查了求燈泡電阻與電功率問題，分析清楚圖象、應用歐姆定律與電功率公式即可正確解題10、AC【解析】試題分析：只逐漸增大的光照強度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電流表示數(shù)變大，內電壓增大，則路端電壓減小，因此電壓表示數(shù)變小，故A正確，B錯誤；只將滑片向上端移動時，電容器板間的電壓變小，由分析可知，板間場強減小，油滴所受電場力減小，則微粒將向下運動故C正確；若斷開開關S，電容器處于放電狀態(tài)，

18、電荷量變小，板間場強減小，帶電微粒所受的電場力減小，將向下運動，故D錯誤考點：閉合電路的歐姆定律；帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】本題中穩(wěn)定時電容器與電路部分是相對獨立的分析油滴是否運動，關鍵分析電場力是否變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.50 4.600 【解析】(1)1游標卡尺的主尺讀數(shù)為：1cm=10mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為0.0510mm=0.50mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.50mm=10.50mm；(2)2螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動刻度為0.0110.

19、0mm=0.100mm，所以最終讀數(shù)為4.600mm12、C【解析】試題分析：A、細線的作用是能顯示出力的方向，所以不必須等長故A選項不正確；B、兩細線拉橡皮條時，只要確保拉到同一點即可，不一定橡皮條要在兩細線的夾角平分線上故B選項不正確；C、在拉彈簧秤時必須要求彈簧秤與木板平面平行，否則會影響力的大小故C選項正確；D、只要彈簧秤有示數(shù)即可，并不一定要相等故D選項不正確故選C四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2） （3） 【解析】（1）設電子流經(jīng)加速電壓后的速度為v0，則由動能定理有： 得： （2）電子在極板間運動的時間 加速度電子離開偏