2023學年銀川市第三中學物理高二第一學期期中經(jīng)典試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某人以不變的速率垂直向對岸游去，游到河中間，水流速度加大，則此人（）A渡河所用的時間比預定時間減少B渡河所用的時間與預定時間相同C渡河所用的時間比預定時間增加D渡河路程變短2、某電場區(qū)域的電場線如圖所示把一個電子從A點移到B點時（）

2、A電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功B電子所受的電場力減小，電場力對電子做正功C電子所受的電場力增大，電勢能減少D電子所受的電場力增大，電勢能增大3、關于曲線運動的論述中，正確的是A做曲線運動的物體所受的合外力可能為零B物體不受外力時，其運動軌跡可能是直線也可能是曲線C做曲線運動的物體的速度一定時刻變化D做曲線運動的物體，其所受的合外力方向與速度方向可能一致4、如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是() AL1變亮，L2和L3皆變暗BL1變暗，L2不能確定，L3變暗CL1變暗，L2變亮，L3變亮DL1變亮，L2變亮，L3變暗5、如圖

3、所示，固定于水平面上的金屬架abcd處在豎直向下的勻強磁場中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運動。t0時，磁感應強度為B0，此時MN到達的位置恰好使MbcN構成一個邊長為l的正方形。為使MN棒中不產(chǎn)生感應電流，從t0開始，磁感應強度B隨時間t變化的示意圖為() ABCD6、若用E表示電源電動勢，U表示外電壓，U表示內電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內電阻，I表示電流，則下列各式中正確的是（）AU=2UBU=EUCU=EIrDU=二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7

4、、如圖所示，光滑斜面PMNQ的傾角為，斜面上放置一矩形導體線框abcd，其中ab邊長為，bc邊長為，線框質量為m.電阻為R，有界勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于斜面向上，ef為磁場的邊界，且線框在恒力F作用下從靜止開始運動，其ab邊始終保持與底邊MN平行，F(xiàn)沿斜面向上且與斜面平行，已知線框剛進入磁場時做勻速運動，則下列判斷正確的是（ ）A線框進入磁場前的加速度為B線框進入磁場時的速度為C線框進入磁場時有方向的感應電流D線框進入磁場的過程中產(chǎn)生的熱量為8、如圖所示，T為理想變壓器，電流表A、電壓表V均為理想交流電表，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，L為電感線圈，A、B兩點間接正弦交流

5、電源則()A只將滑片P1下移時，電流表A示數(shù)變小B只將滑片P2下移時，電壓表V示數(shù)變小C只增大交流電源的電壓時，電流表A示數(shù)變大D只增大交流電源的頻率時，電壓表V示數(shù)不變9、如圖為靜電除塵原理的示意圖，塵埃在電場中通過某種方式帶電，在電場力的作用下向集塵極移并沉積，以達到除塵目的下列表述正確的是（ ）A向集塵極方向運動的塵埃帶正電荷B電場方向由集塵極指向放電極C同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大D帶電塵埃所受電場力的方向與電場力相同10、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為l.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機M的內阻為0.5，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)

6、為2.0A則以下判斷中正確的是A電動機的輸出功率為14WB電動機兩端的電壓為7.0VC電動機產(chǎn)生的熱功率2.0WD電源輸出的電功率為24W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，將一個電流表G和另一個電阻連接可以改裝成伏特表或安培表，則甲圖對應的是_表，要使它的量程加大，應使R1 _（填“增大”或“減小”）；乙圖是_表，要使它的量程加大，應使R2 _（填“增大”或“減小”）12（12分）14.某同學用圖1所示電路測一節(jié)干電池的電動勢和內電阻，現(xiàn)提供器材如下：A電壓表V1：量程03V V2：量程015V B電流表A1：量程00

7、.6A A2：量程03A C滑動變阻器R1（最大阻值20）D滑動變阻器R2（最大阻值100）E開關S和導線若干(1)電流表應選用_（填A1或A2）00.6A；電壓表應選用_（填V1或V2）03V量程；滑動變阻器應選 _。R1（填R1或R2）(2)如圖2所繪制的U-I圖線是根據(jù)實驗中所測的六組數(shù)據(jù)作出請根據(jù)圖線，求出E=_V，r= _四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一架在180m高空以20m/s的速度水平勻速飛行的直升飛機，要想將兩箱物資分別投到山腳和山頂?shù)哪繕薃、B。已知山高135m，山腳與山頂?shù)?/p>

8、水平距離為500m，不計空氣阻力，g取10m/s2.求：(1)第一箱物資被投下后，它在空中飛行的時間？(2)第一箱物資被投下后，它落地時的速度大?。?3)從飛機上投下兩箱物資的時間間隔？14（16分）如圖所示的xoy平面上，以坐標原點O為圓心的四分之一圓形區(qū)域MON內分布著磁感應強度為B=2.010-3T的勻強磁場，其中M、N點距坐標原點O為m，磁場方向垂直紙面向里。坐標原點O處有一個粒子源，不斷地向xOy平面發(fā)射比荷為=5107C/kg的帶正電粒子，它們的速度大小都是v=1105m/s，與x軸正方向的夾角分布在090范圍內。（1）求平行于x軸射入的粒子，出射點的位置及在磁場中的運動時間；（2

9、）若粒子進入磁場前經(jīng)加速使其動能增加為原來的2倍，仍從O點垂直磁場方向射入第一象限，求粒子在磁場中運動的時間t與射入時與x軸正向的夾角的關系 15（12分）如圖所示的直角坐標系中，在0y3L的區(qū)域內有磁感應強度為B、垂直紙面向外的勻強磁場一厚度不計，長度為5L的收集板MN放置在y2L的直線上，M點的坐標為（L，2L）一粒子源位于P點，可連續(xù)發(fā)射質量為m、電荷量為q（q0）的粒子（初速度近似為零），粒子經(jīng)電場加速后沿y軸進入磁場區(qū)域（加速時間很短，忽略不計）若收集板上下表面均可收集粒子，粒子與收集板麵后被吸收并導走，電場加速電壓連續(xù)可調，不計粒子重力和粒子間的作用力求（1）若某粒子在（L，0）處

10、離開磁場，則該粒子的加速電壓U0的大?。唬?）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁場中運動的最長時間；（3）收集板（上下兩表面）無法收集到粒子區(qū)域的x坐標范圍參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析:將小船的實際運動沿著船頭指向和順著水流方向正交分解，由于分運動互不干擾，故渡河時間與水流速度無關，只與船頭指向方向的分運動有關，當船航行過程中，水流速度突然增大，沒有改變船頭指向的速度，所以對渡河時間無影響，只會對軌跡有影響，根據(jù)運動的合成可知，水的速度突然增大，會導致路程增大，故B正確，ACD錯誤；考點：

11、運動的合成和分解2、C【解析】由圖可知，B處電場線密，電場強度較大，所以電子在B受到的電場力較大，電子所受電場力方向與電場線方向相反，所以從A運動到B，電場力對電子做正功，故AB錯誤；電子從A點移到B點時，電場力增大，而電場力做正功，其電勢能減小，故C正確，D錯誤3、C【解析】A物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，合外力不能等于零，故A錯誤；B物體不受外力時，物體做勻速直線運動或者靜止，不能做曲線運動，故B錯誤；C作曲線運動的物體的速度方向一定是變化的，所以速度一定時刻變化，故C正確；D物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，故D錯誤。4、D【解

12、析】當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，變阻器電阻R減小，故總電阻減小，根據(jù)歐姆定律干路電流增加，故燈泡L1變亮；并聯(lián)電路的電壓U并=U-IRL1，故并聯(lián)電路電壓變小，燈泡L3變暗；干路電流增加，而通過燈泡L3的電流變小，故通過燈泡L2的電流增加，燈泡L2變亮；故選D。5、C【解析】當通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產(chǎn)生感應電流，有： B0L2=BL（L+vt）所以B=B0L2L(L+vt)可知，B與t是非線性關系，B-t圖線是曲線，而且隨著t的增大，B減小，故C正確，ABD錯誤。點晴：只要通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產(chǎn)生感應電流，抓住磁通量不變，求出B隨時間t變化的關系，即可

13、選擇圖象。6、B【解析】A根據(jù)歐姆定律可知因此A錯誤；B由于因此B正確；C由于代入式可得C錯誤；D若電路是純電阻性電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律路端電壓若電路是非純電阻性電路，此時路端電壓D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A線框進入磁場前，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mgsin=ma則故A正確B線框進入磁場時勻速運動，則有F=mgsin+解得速度故B正確C根據(jù)右手定則判斷得知線框進入磁場時，感應電流方向為abcda故C正確D根據(jù)能量守恒知線框進

14、入磁場的過程中產(chǎn)生的熱量為（F-mgsin）L2，故D錯誤故選ABC8、ABC【解析】A只將滑片P1下移，副線圈兩端電壓變小，輸出功率變小，輸入功率也變小，原線圈電流變小，電流表A示數(shù)變小，故A正確；B只將滑片P2下移，副線圈回路電阻變小，副線圈電流變大，電阻R1分壓變大，電壓表示數(shù)變小，故B正確；C只增大交流電的電壓時，副線圈電壓增大，輸出功率增大，輸入功率也增大，電流表示數(shù)變大，故C正確；D只增大交變電流的頻率，電感線圈的感抗增大，副線圈電流減小，R1分壓減小，電壓表示數(shù)變大，故D錯誤；9、BC【解析】由圖知，放電極為負電極，集塵極為正電極，電場方向為從集塵極指向放電極，被吸引到達集塵極的

15、塵埃必帶負電荷，則帶電塵埃所受電場力方向與電場方向相反，故AD錯B正確；由可可脂，同一位置， 確定， 隨q增大而增大，故C正確10、BC【解析】試題分析：電路為串聯(lián)電路，電源內電壓，電阻的電壓為，所以電動機兩端電壓為，選項B對電動機產(chǎn)生的熱功率選項C正確；電動機的輸出功率為總功率減去熱功率即，選項A錯誤；電源的路端電壓為，所以電源輸出的電功率為，選項D錯誤考點：串并聯(lián)電路歐姆定律三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、安培 減小 伏特 增大 【解析】試題分析：甲圖通過并聯(lián)電阻分走部分電流，所以甲為電流表，且R1越小分的電流越多，所以應該是減

16、小；乙圖通過并聯(lián)電阻分得電壓，且電阻越大分的電壓越多，所以R2應該增大考點：電壓或者電流表的改裝點評：本題考查了利用串并聯(lián)電路實現(xiàn)的電壓或者電流表的改裝改裝過程實質是利用了串并聯(lián)電路的分壓或者分流關系12、A1 V1 R1 1.5 0.5 【解析】(1)根據(jù)電池電動勢選擇電壓表，根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作，在保證安全的前提下，要選擇最大阻值較小的滑動變阻器；(2)電源的U-I圖象與縱軸的交點坐標值是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源的內阻。【詳解】(1) 干電池電動勢約為1.5V，電壓表應選：03V量程，由圖象可知，電流小于1.0A，故電流表選擇00.6A；為方便實驗操作，滑

17、動變阻器應選擇小電阻R1；(2) 由閉合電路歐姆定律可知U=E-Ir，再由數(shù)學知識可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢故電源的電動勢為1.5V；而圖象的斜率表示電源的內阻，r=1.5-1.01=0.5。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)6s；(2)63.2m/s；(3)28s【解析】設兩箱物資先后在P、Q兩處投下，水平間距為x。(1)根據(jù)H=得 t1=s=6s(2)由機械能守恒得+mgH=可得 v=20m/s63.2m/s (3)第一箱平拋的水平距離x1=v0t1=206=120m第二箱貨物平拋的時間

18、t2=s=3s水平距離 x2=v0t2=203m=60m則拋出點P、Q間的距離為x=x1+500-x2=120+500-60=560m故時間間隔為t=s=28s14、（1）；（2）或 【解析】（1）平行于x軸射入的粒子，軌跡如圖所示，設出射點為P，由得: 有幾何關系可知：O1P=O1O=1m，OP=m，則O1OP為等腰直角三角形，故P點坐標為(1m，1m) 運動時間為 (2)由可知：則= 可得若粒子從M點出射，OM=,則O2OM為正三角形，圓心角，出射角；若粒子從弧MN上射出，弦長均為，圓心角均為，以上兩種情況粒子在磁場中的運動時間均為： 故時：若粒子從邊OM出射，如圖所示，運動時間故時：15、（1） （2） （3）2Lx4L及（3）Lx6L【解析】（1）由題意知，粒子在邊界距d點L處離開磁場，半徑 由 得 （2） 如圖，軌跡1為打在下板最長時間對應軌跡 （3）打到下板面最右端的粒子軌跡與板下表面相切，如圖軌跡1：切點E離y軸距離為xE2L 下表面不能打到的區(qū)域2Lx6L 打到上極板面，存在