福建省六校2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，D是一只具有單向?qū)щ娦缘睦硐攵O管，水平放置的平行板電容器AB 內(nèi)部有帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài).下列措

2、施下，關(guān)于P的運動情況的說法中不正確的是（）A保持S閉合，增大A、B板間距離，P仍靜止B保持S閉合，減小A、B板間距離，P向上運動C斷開S后，增大A、B板間距離，P向下運動D若B板接地，斷開S后，A板稍下移，P的電勢能不變2、如上圖為某電場中的電場線和等勢面，已知 ， ，ab=bc，則 ( )ABCD上述三種情況都可能3、如圖所示，A、C是以正點電荷Q為圓心的某一圓周上的兩點，B是線段AC的中點現(xiàn)將一正電荷從A經(jīng)B移到C，則( )A從A到C，電場力對該電荷一直做正功B從A到C，電場力對該電荷一直不做功C該電荷在A、B、C三點時的電勢能大小關(guān)系是EBEAECD該電荷在A、C兩點時所受電場力相同4

3、、如圖所示，虛線a、b、c是電場中的一簇等勢線（相鄰等勢面之間的電勢差相等），實線為一個電子（重力不計）僅在靜電力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）Aa、b、c三個等勢面中，a的電勢最高B電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大C電子在P點的加速度比Q點的加速度小D電子一定是從P點向Q點運動5、如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A粒子在三點所受的電場力相等B粒子必先過a，再到b，然后到cC粒子在三點的電勢

4、能大小關(guān)系為D粒子在三點的機械能必定相等6、如圖所示，有一內(nèi)電阻為4.4 的電解槽和一盞標(biāo)有“110 V、60 W”的燈泡串聯(lián)后接在電壓為220 V的直流電路兩端，燈泡正常發(fā)光，則( )A電解槽的輸出電功率為60WB電解槽的發(fā)熱功率為60 WC電解槽消耗的電功率為60 WD電路消耗的總功率為60 W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，真空中兩點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，O點為連線的中點，a、b兩點都在它們之間的連線上，c、d兩點在AB連線的中垂線上

5、已知Oa=Ob，a、b兩點的場強分別為Ea、Eb；OcOd，c、d兩點的電勢分別為c、d則下列說法正確的是AEaEbCcdDcd8、x軸上O點右側(cè)各點的電場方向與x軸方向一致，O點左側(cè)各點的電場方向與x軸方向相反，若規(guī)定向右的方向為正方向，x軸上各點的電場強度E隨x變化的圖象如下圖所示，該圖象關(guān)于O點對稱，x1和x1為x軸上的兩點下列說法正確的是AO點的電勢最低Bx1和x1兩點的電勢相等C電子在x1處的電勢能大于在x1處的電勢能D電子從x1處由靜止釋放后，若向O點運動，則到達(dá)O點時速度最大9、如圖所示，相距為d的兩平行金屬板水平放置，開始開關(guān)開始開關(guān)和均閉合使平行板電容器帶電，板間存在垂直紙面

6、向里的勻強磁場，一個帶電粒子恰能以水平速度v向右勻速通過兩板間，在以下方法中，有可能使帶電粒子仍能勻速通過兩板的是（不考慮帶電粒子所受重力）（ ）A把開關(guān)斷開，增大兩板間的距離，同時減小板間的磁感應(yīng)強度B把開關(guān)斷開，增大板間的磁感應(yīng)強度，同時減小粒子入射的速率C保持和均閉合，減小兩板間距離，同時減小粒子射入的速率D保持和均閉合，將、均調(diào)大一些，同時減小板間的磁感應(yīng)強度10、如圖所示，一電場的電場線分布關(guān)于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MNP點在y軸右側(cè)，MPON則AM點的電勢比P點高B將負(fù)電荷由O點移動到P點，電場力做正功CM、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電

7、勢D在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小亮同學(xué)為研究某電學(xué)元件(最大電壓不超過2.5 V，最大電流不超過0.55 A)的伏安特性曲線，在實驗室找到了下列實驗器材：A電壓表(量程3 V，內(nèi)阻約6 k)B電壓表(量程15 V，內(nèi)阻約30 k)C電流表(量程0.6 A，內(nèi)阻約0.5 )D電流表(量程3 A，內(nèi)阻約0.1 )E.滑動變阻器(阻值范圍05 ，額定電流為0.6 A)F.滑動變阻器(阻值范圍0100 ，額定電流為0.6 A)G.直流電源(電動勢E3 V，內(nèi)阻不計)H.開關(guān)、導(dǎo)

8、線若干該同學(xué)設(shè)計電路并進(jìn)行實驗，通過實驗得到如下數(shù)據(jù)(I和U分別表示電學(xué)元件上的電流和電壓)。(1)為了提高實驗結(jié)果的準(zhǔn)確程度，電流表選_；電壓表選_；滑動變阻器選_。(以上均填寫器材代號)(2)請在虛線框中畫出實驗電路圖_。12（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中（1）某同學(xué)測量金屬絲的直徑時螺旋測微器如圖甲所示，則該金屬絲的直徑為d=_mm（2）金屬絲的電阻Rx大約是3，實驗室提供的電流表A（量程2.5mA，內(nèi)阻約30）、電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3k）則金屬絲、電流表和電壓表的連接方式應(yīng)該采用甲乙兩圖中的_圖四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出

9、必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一帶電荷量為q5103C，質(zhì)量為m0.1kg的小物塊處于一傾角為37的光滑絕緣斜面上，當(dāng)整個裝置處于一水平向左的勻強電場中時，小物塊恰處于靜止?fàn)顟B(tài)。（g取10m/s2）（sin370.6，cos370.8）求：(1)電場強度多大？(2)若從某時刻開始，電場強度減小為原來的，物塊下滑距離L1.5m時的速度大小？14（16分）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1500匝，橫截面積S=10cm1螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0，R1=4.0，R1 =5.0，C=30F在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強度B按如圖乙所示的規(guī)律變化求：(1)求螺線

10、管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢？(1)閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率？(3)閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，求電容器的電量？15（12分）質(zhì)量為m=3000kg的汽車在水平公路上行駛，輪胎與路面間的最大靜摩擦力為15000N，汽車經(jīng)過半徑為r=100m的彎路時，試問：（1）如果汽車以速度v=10m/s沿彎路行駛，汽車的向心力為多大？（2）如果汽車以速度v=20m/s沿彎路行駛，汽車是否發(fā)生側(cè)滑？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A當(dāng)保持開關(guān)S閉合時，則電容器的電壓不變；當(dāng)增大A、B極間距，則導(dǎo)致電容器的

11、電容減小，則出現(xiàn)電容器的電量減小，然而二極管作用導(dǎo)致電容器的電量不會減小，則電容器的電量會不變。由于平行板電容器的電場強度與電容器的電量、電介質(zhì)及正對面積有關(guān)。所以電場強度不變，故A正確，不符合題意；B當(dāng)保持開關(guān)S閉合時，電容器的電壓不變；當(dāng)減小A、B極間距，則導(dǎo)致電容器的電容增加，則出現(xiàn)電容器的電量增加。由于平行板電容器的電場強度與電容器的電量、電介質(zhì)及正對面積有關(guān)。因此電場強度增大，所以P向上運動。故B正確，不符合題意；C當(dāng)增大A、B板間距離，導(dǎo)致電容器的電容減小，由于斷開開關(guān)S，則電容器的電量不變，所以極板間的電場強度不變。因此P仍處于靜止，故C錯誤，符合題意；DA板稍下移，導(dǎo)致電容器的

12、電容增大；當(dāng)斷開S后，則電容器的電量不變，所以電場強度也不變。由于B板接地，則P點到B板的電勢差不變，因此P點的電勢能也不變。故D正確，不符合題意；2、C【解析】因為 ，知ac兩端的電勢差為4V，因為電場線越密的地方場強越強，根據(jù)U=Ed知，ab間的電勢差大于bc間的電勢差，所以ab間的電勢差大于2V，所以b點的電勢小于8V故選C3、C【解析】從A到C，電場力對該電荷先做負(fù)功，后做正功，故A錯誤，B也錯誤；將一正電荷從A經(jīng)B移到C時電場力先做負(fù)功，后做正功，則電勢能先增加后減小，AC在同一等勢面上，因此電勢能大小關(guān)系是EBEA=EC，故C正確；該電荷在A、C兩點時所受電場力都是背離圓心的斥力，

13、即兩力的方向不同，故D錯誤。故選C?！军c睛】掌握點電荷的電場線與等勢線的分布，且電場力做功與動能變化有關(guān)，常常應(yīng)用動能定理求解動能的變化，從而得出電勢能的變化4、A【解析】A因為電場線垂直等勢面，電子所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場線和電場力如圖所示由于電子帶負(fù)電，因此電場線方向指向斜下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，A正確；Ba等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，則根據(jù)而電子帶負(fù)電，所以電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小，B錯誤；C等勢線密的地方電場線密場強大，P點位置電場強大，根據(jù)P點電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，電子的加速度也大，C錯誤；D由圖只能判

14、斷出粒子受力的方向，不能判斷出電子運動的方向，D錯誤。故選A。5、A【解析】A.因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，所以帶電粒子在電場中各點受到的電場力相等故A正確；B.由題圖可知，電場的方向是向上的，而粒子受力一定是向下的，故粒子帶負(fù)電，而帶負(fù)電的粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會得到如圖的軌跡故B錯誤CD.粒子在電場中運動時，只有電場力做功，故電勢能與動能之和應(yīng)是恒定不變的，由圖可知，粒子在b點時的電勢能最大，在c點的電勢能最小，則可判斷在c點的動能最大，在b點的動能最小，此過程粒子的能量守恒，但粒子的機械能不守恒故CD錯

15、誤6、C【解析】試題分析：由于燈泡正常發(fā)光，所以電動機的電壓為220-110=110V，由于電解槽和燈泡串聯(lián)，它們的電流相等，所以I=A，所以電解槽的輸入功率為P=UI=110=60W，所以A錯誤電解槽的發(fā)熱功率為P熱=I2r=（）24.4W=1.3W，所以B錯誤電解槽消耗的總功率等于電解槽的輸入功率,即為60W，所以C正確電路消耗的總功率為：P總=220VA=120W，所以D錯誤考點：電功、電功率，非純電阻電路功率問題的分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【

16、解析】點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，a處電場線比b處電場線密，而電場線的疏密表示場強的大小，所以有EaEb故A錯誤，B正確由疊加可知，c點電場方向斜向左下方，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，o點電勢比c點電勢高，同理，o點電勢也比d點電勢高，根據(jù)對稱性可知，d點電勢與d點關(guān)于o點的對稱點的電勢相等，此對稱點的電勢高于c點電勢，所以d點電勢高于c點電勢，則有cd故C錯誤，D正確故選BD點睛：解答本題關(guān)鍵是一方面要掌握電場線的兩個意義：疏密表示場強的大小，順著電場線方向電勢降低，另一方面要抓住對稱性8、BD【解析】試題分析：沿電場方向電勢減小，所以在x軸左側(cè)O點的電勢最大，在x軸右側(cè)O點的電勢

17、也是最大的，故O點的電勢最大，A錯誤；和兩點關(guān)于x軸對稱，電場強度的大小相等，從O點到和從O點到電勢降落相等，故和兩點的電勢相等，故B正確；根據(jù)公式，由于和兩點的電勢相等，所以電子在這兩點的電勢能相等，故C正確；電子運動過程中電勢能與動能之和恒定，由于O點的電勢最高，而負(fù)電荷在高電勢處的電勢能小，故在O點的電勢能最小，即在O點的動能最大，故D正確考點：考查了電勢，電勢能，電場強度9、BD【解析】A把開關(guān)S2斷開，增大兩板間的距離，電容器帶電量不變，根據(jù)，知電場強度不變，減小磁感應(yīng)強度，洛倫茲力減小，兩力不再平衡。故A錯誤。B同理，把開關(guān)斷開，電場強度不變，電場力不變；根據(jù)f=qvB可知，增大板

18、間的磁感應(yīng)強度，同時減小粒子入射的速率，則洛倫茲力f可能不變，則帶電粒子仍能勻速通過兩板，選項B正確；C保持S1和S2均閉合，減小兩板間距離，電場強度變大，電場力變大，同時減小粒子的入射速度，根據(jù)f=qvB，知洛倫茲力減小，兩力不可能平衡，故C錯誤。D保持S1和S2均閉合，將R1、R3均調(diào)大一些，R2兩端的電壓變小，電容器兩端的電壓變小，電場強度變小，電場力變小。減小板間的磁感應(yīng)強度，根據(jù)f=qvB，知洛倫茲力減小，兩力還可能平衡，故D正確。10、AD【解析】A過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有MPN，故A正確B將負(fù)電荷由O點移到P點，因UOP

19、0，所以W=-qUOP0，則負(fù)電荷電場力做負(fù)功，故B錯誤；C由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；D根據(jù)電場線的分布特點會發(fā)現(xiàn)，電場線關(guān)于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在 y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；【點睛】考點：電場線；電勢及電勢能電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)C； A； E； (2)【解析】(1)根據(jù)電流和電壓的測量數(shù)據(jù)可知需要選擇的電流表量程應(yīng)稍大于0.5A，故選C；電壓表的測量范圍為02V，所以應(yīng)選用電壓表A；電流電壓均是從零開始的，所以應(yīng)選用滑動變阻器的分壓式接法，故應(yīng)選用小電阻大電流的滑動變阻器E；(2)由于測量電阻阻值較小，電流表的分壓效果顯著，所以電流表應(yīng)采用外接，又因為電流從零開