2023學(xué)年山東省臨沂市臨沭第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在抗洪搶險中，戰(zhàn)士駕駛摩托艇救人，假設(shè)江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度為v1，摩

2、托艇在靜水中的航速為v2，戰(zhàn)士救人的地點A離岸邊最近處O的距離為d若戰(zhàn)士想在最短時間內(nèi)將人送上岸，則摩托艇登陸的地點離O點的距離為（ ）AB0CD2、空間有p、q兩個點電荷相距r且僅在相互間的庫侖力作用下從靜止開始運動，開始時p的加速度為4a，經(jīng)過一段時間后，p的加速度為a，則這時p、q兩個點電荷間距離的大小為A4r Br/4 C2r Dr/23、如圖，光滑斜面上放置一根通有恒定電流的導(dǎo)體棒，空間有垂直斜面向上的勻強磁場B，導(dǎo)體棒處于靜止狀態(tài)現(xiàn)將勻強磁場的方向沿圖示方向緩慢旋轉(zhuǎn)到水平方向，為了使導(dǎo)體棒始終保持靜止狀態(tài)，勻強磁場的磁感應(yīng)強度應(yīng)同步A增大B減小C先增大，后減小D先減小，后增大4、下

3、面說法正確的是A元電荷實質(zhì)上是指電子或質(zhì)子本身B只有很小的帶電物體才能視為點電荷C任何帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍D經(jīng)過摩擦使某物體帶負電，那么該物體在摩擦過程中產(chǎn)生了額外的電子5、一個不計重力的帶正電荷的粒子，沿圖中箭頭所示方向進入磁場，磁場方向垂直于紙面向里，則粒子的運動軌跡為（）A圓弧aB直線bC圓弧cDa、b、c都有可能6、甲、乙兩星球的平均密度相等，半徑之比是R甲R乙41，則同一物體在這兩個星球表面受到的重力之比是A11 B14 C116 D41二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不

4、全的得3分，有選錯的得0分。7、一個直流電動機所加的電壓為U，電流為I，線圈內(nèi)阻為R，當它工作時，下列說法正確的是（ ）A電動機的輸出功率為 B電動機的發(fā)熱功率為 C電動機的功率可寫作D電動機的輸出功率為8、直線AB是某電場中的一條電場線。若有一電子以某一初速度，僅在電場力的作用下，沿AB由A運動到B，其速度圖象如圖所示，下列關(guān)于A、B兩點的電場強度、和電勢的判斷正確的是（）ABCD9、某同學(xué)研究白熾燈得到某白熾燈的UI曲線如圖所示圖象上A點與原點的連線與橫軸成角，A點的切線與橫軸成角，則( )A白熾燈的電阻隨電壓的增大而減小B在A點，白熾燈的電阻可表示為tan C在A點，白熾燈的電功率可表示

5、為U0I0D在A點，白熾燈的電阻可表示為10、一根長為0.2m、電流為2A的通電導(dǎo)線,放在磁感應(yīng)強度為0.5T的勻強磁場中,受到磁場力的大小可能是()A0.4NB0.3NC0.2ND0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l。用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx.請寫出測金屬絲電阻率的表達式：=_(用上述測量量的字母表示).若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數(shù)分別如圖1，則金屬絲長度的測量值為l=_cm，金屬絲直徑的

6、測量值為d=_mm.利用如圖2電路進行測量Rx，實驗的主要操作過程是：第一步：先將R2的滑動頭調(diào)到最左端,單刀雙擲開關(guān)S2向1閉合,閉合電鍵S1,調(diào)節(jié)滑動變阻器R1和R2,使電壓表和電流表的示數(shù)盡大些(不超過量程),讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1.第二步：保持兩滑動變阻器的滑動頭位置不變,將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合,讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2。請寫出由以上記錄數(shù)據(jù)計算被測電阻Rx的表達式Rx=_（用U1、I1、U2、I2表示）12（12分）某同學(xué)準備利用下列器材測量電源電動勢和內(nèi)電阻。A干電池兩節(jié)，每節(jié)電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約幾歐姆B直流電壓表V1 、V2，量程均為03

7、V，內(nèi)阻約為3kC定值電阻R0，阻值為5D滑動變阻器R，最大阻值50E.導(dǎo)線和開關(guān)（1）該同學(xué)連接的實物電路如圖所示，其中還有一根導(dǎo)線沒有連，請補上這根導(dǎo)線_。（2）實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出伏特表V1 和V2的多組數(shù)據(jù)U1、U2，描繪出U1U2圖像如圖所示，圖中直線斜率為k，與橫軸的截距為a，則電源的電動勢E=_，內(nèi)阻為r=_(用k、a、R0表示)。（3）若實驗中的所有操作和數(shù)據(jù)處理無錯誤，實驗中測得電源內(nèi)阻的測量值_其真實值，電源電動勢E的測量值_其真實值。（選填“大于”、“小于”或“等于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方

8、程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，abcd是一個正方形的盒子，在cd邊的中點有一個小孔e ,盒子中存在著沿ad方向的勻強電場一粒子源不斷地從a處的小孔沿ab方向向盒內(nèi)發(fā)射相同的帶電粒子，粒子的初速度為0，經(jīng)電場作用后恰好從e處的小孔射出現(xiàn)撤去電場，在盒中加一方向垂直于紙面的勻強磁場（圖中未畫出），粒子仍恰好從e孔射出（粒子的重力和粒子間的相互作用力均可忽略），則（1）所加磁場的方向如何？（2）電場強度E與磁感應(yīng)強度B的比值為多大？14（16分）一物體在光滑水平面上運動，它在相互垂直的x方向和y方向上的兩個分運動的速度-時間圖象如圖所示（1）計算物體的初速度大小；（2）計算物體在前3 s內(nèi)

9、的位移大小15（12分）如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q的小球從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開圓軌道后，經(jīng)界面MN上的P點進入電場(P點恰好在A點的正上方，如圖所示小球可視為質(zhì)點，小球運動到C點之前電荷量保持不變，經(jīng)過C點后電荷量立即變?yōu)榱?已知A、B間距離為2R，重力加速度為g在上述運動過程中，求(1)電場強度E的大小；(2)小球在圓軌道上運動時的最大速率(3) 小球?qū)A軌道的最大壓力的大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個

10、選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)s=vt，因此摩托艇登陸的最短時間：t= ，登陸時到達O點的距離：s=v1t=；故選D.點睛：摩托艇在水中一方面自己航行前進，另一方面沿水向下漂流，當摩托艇垂直于河岸方向航行時，到達岸上的時間最短，由速度公式的變形公式求出到達河岸的最短時間，然后求出摩托艇登陸的地點到O點的距離2、C【解析】點電荷只受庫侖力作用；剛開始kQ1Q2r2=mp4a 經(jīng)過一段時間后kQ1Q2r2=mpa 則解得：r=2r ，故C對；ABD錯；故選C3、A【解析】對導(dǎo)體棒進行受力分析如圖:當磁場方向緩慢旋轉(zhuǎn)到水平方向，安培力方向緩慢從圖示位置轉(zhuǎn)到豎直向上，因為初始時刻

11、安培力沿斜面向上，與支持力方向垂直，最小，所以安培力一直變大，而安培力：，所以磁場一直增大，BCD錯誤A正確4、C【解析】元電荷是最小單位電荷量，不是電子或質(zhì)子，故A錯誤；在研究帶電體間的相互作用時，若帶電體的尺寸遠小于它們之間的距離時，可把帶電體看成點電荷，體積很大的帶電體也可能看成點電荷，故B錯誤；任何帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，故C正確；摩擦起電是電子由一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體的結(jié)果，得到電子的物體帶負電，失去電子的物體帶正電，沒有產(chǎn)生了額外的電子，故D錯誤5、A【解析】帶正電的電荷在向里的磁場中向上運動，根據(jù)左手定則可知，粒子的受到的洛倫茲力的方向向左，所以粒子的可能的運動的

12、軌跡為a，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、D【解析】根據(jù)萬有引力等于重力，結(jié)合質(zhì)量和密度的關(guān)系求出重力加速度的表達式，得出重力加速度之比，從而求出同一物體在星球表面受到的重力之比?！驹斀狻扛鶕?jù)萬有引力等于重力，得：GMmR2=mg 所以：g=GMR2 又M=43R3 解得：g=4GR3 因為半徑之比是R甲：R乙=4：1，所以星球表面的重力加速度之比為4：1，則同一物體在這兩個星球表面受到的重力之比為4：1，故D正確。故應(yīng)選：D。【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力等于重力這一重要理論，得出重力加速度的表達式是解決本題的突破口。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四

13、個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】電動機的輸出功率P出=P-P熱=UI-I2R，故A錯誤，D正確；電動機的發(fā)熱功率，根據(jù)焦耳定律可得P熱=I2R，故B正確；因為PP熱，即UII2R，UIR，歐姆定律不適用，故UI不能轉(zhuǎn)化成I2R和，故C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。8、AC【解析】AB由圖可知，電子在A點加速度較大，則可知A點所受電場力較大，由F=Eq可知，A點的場強要大于B點場強，即，故A正確、B錯誤；CD電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負功，故電勢能增加，故A點的電勢能小于B點的電勢能，電子帶

14、負電，由可知，A點的電勢要大于B點電勢，AB，故C正確，D錯誤；故選AC。9、CD【解析】A.由圖示圖象可知，隨電壓增大，通過燈泡的電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻變大，故A錯誤；B.在A點，白熾燈的電阻：由于縱坐標與橫坐標的標度可能不同，所以不能用計算電阻值，更不能用計算，故B錯誤C.在A點，白熾燈的電功率：故C正確；D.由歐姆定律可知，在A點，白熾燈的電阻：故D正確.10、CD【解析】當通電導(dǎo)線與磁場垂直時，導(dǎo)線所受的磁場力最大，為當導(dǎo)線與磁場平行時，導(dǎo)線所受磁場力最小為零，則導(dǎo)線所受磁場力的范圍為00.2N，故CD正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

15、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、d2Rx4l； 36.50； 0.796； U1I1-U2I2 【解析】(1)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式；(2)根據(jù)圖示刻度尺確定其分度值，金屬絲兩端點所對應(yīng)刻度尺示數(shù)之差是金屬絲的長度；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；(3)單刀雙擲開關(guān)S2合向1，由電壓表和電流表的示數(shù)U1和I1，可求出Rx、電流表、變阻器串聯(lián)的電阻；將單刀雙擲開關(guān)S2合向2，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2和I2，可求出電流表和變阻器串聯(lián)的電阻；兩個阻值之差等于被測電阻。根據(jù)歐姆定律寫出表達式?！驹斀狻?1) 由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=lS=l(

16、d2)2=4ld2則金屬絲電阻率=Rxd24l；(2) 由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，金屬絲的長度l=36.50cm；由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為29.60.01mm=0.296mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.296m=0.796mm；(3) 將單刀雙擲開關(guān)S2合向1時，電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1根據(jù)歐姆定律得：R+RA+R1=U1I1 將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合時，電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2根據(jù)歐姆定律得：RA+R1=U2I2聯(lián)立上兩式得：R=U1I1-U2I2.?！军c睛】本題考查了電阻定律的應(yīng)用、刻度尺與螺旋測微器的讀數(shù)，應(yīng)用

17、電阻定律即可求出電阻率的表達式；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。第3題本題實驗設(shè)計比較巧妙，利用伏安法測量兩次電阻，有效消除系統(tǒng)誤差，來源于書本，又高于書本。12、（1）如圖 （2）E=kk-1a r=R0k-1 （3）小于 小于 【解析】（1）滑動變阻器串聯(lián)在電路中，連線如圖所示（2）根據(jù)E=U+Ir得，E=U2+ U2-U1R0r，解得U1R0+rU2r-ER0r則k=R0+rr，解得r=R0k-1當U1=0時，U2=a，即(R0+r)ar-ER0r0，解得E=kk-1a（3）利用等效電源分析，即可將電壓表等效為電源內(nèi)阻，故實驗中測出的電動勢應(yīng)為

18、電壓表等效電阻分的電壓，則其等效電源的輸出電壓小于電源的電動勢；故可知電動勢的測量值小于真實值；實驗中測出的內(nèi)阻應(yīng)為實際電源內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻并聯(lián)的等效電阻，所以測得的內(nèi)阻與實際值相比偏小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）垂直直面向外 （2 【解析】 試題分析：（1）帶電粒子在電場中向下偏轉(zhuǎn)，可知該粒子帶正電，在磁場中要向下偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力方向應(yīng)向下，根據(jù)左手定則判斷磁場方向（2）加電場時，粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速運動，已知水平位移大小為，豎直位移大小為L，由牛頓第二

19、定律和運動學(xué)公式求出電場強度的表達式粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強度的表達式，再求解比值（1）帶電粒子在電場中向下偏轉(zhuǎn)，則知該粒子帶正電，在磁場中要向下偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力方向應(yīng)向下，根據(jù)左手定則判斷得知磁場方向垂直紙面向外（2）設(shè)正方形邊長為L 加電場時，設(shè)粒子射出e時豎直方向的分速度大小為粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速運動，如圖則得，豎直方向有： ，水平方向有： 解得： 只加磁場時，帶電粒子做勻速圓周運動，設(shè)粒子圓周運動的半徑為r由幾何知識有： 解得： 又，得： 故電場強度E與磁感應(yīng)強度B的比值是【點睛】本題要掌握左手定則，熟練判斷出磁場的方向，運用幾何知識求磁場中圓周運動的半徑，運用運動的分解法研究類平拋運動，這些都是常用的方法，要加強訓(xùn)練提高解題的能力14、（1）50m/s （2）【解析】試題分析：（1）由圖可看出，物體沿x方向的分運動為勻速直線運動，沿y方向的分運動為勻變速直線運動x方向的初速度 vx0=30m/s，y方向的初速度為 vy0=-40m/s; 則物體的初速度大小為（2）在前3s內(nèi)，x方向的分位移大小 x3=vxt=303m=90