上海市嘉定區(qū)市級名校2022年高三第二次聯(lián)考物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在豎直平面內(nèi)一根不可伸長的柔軟輕繩通過光滑的輕質(zhì)滑輪懸掛一重物。輕繩一端固定

2、在墻壁上的A點，另一端從墻壁上的B點先沿著墻壁緩慢移到C點，后由C點緩慢移到D點，不計一切摩擦，且墻壁BC段豎直，CD段水平，在此過程中關(guān)于輕繩的拉力F的變化情況，下列說法正確的是（ ）AF一直減小BF一直增小CF先增大后減小DF先不變后增大2、在如圖所示的電路中，當(dāng)閉合開關(guān)S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是（）A電路再次穩(wěn)定時，電源效率增加B燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D電容器存儲的電勢能增加3、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為的斜面A，斜面質(zhì)量為M，底邊長為 L，如圖所示。將一質(zhì)量為m的可視為質(zhì)點的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時間

3、t剛好滑到斜面底端。此過程中斜面對滑塊的支持力大小為，則下列說法中正確的是（）AB滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為C滑塊到達(dá)斜面底端時的動能為D此過程中斜面向左滑動的距離為4、平行板電容器、靜電計、理想二極管(正向電阻為0。反向電阻無窮大)與內(nèi)阻不計的電源連接成如圖所示的電路，現(xiàn)在平行板電容器兩極板間的P點固定一帶負(fù)電的點電荷，其中電容器的右極板固定，左極板可左右移動少許。設(shè)靜電計的張角為。則下列說法正確的是（）A若左極板向左移動少許，則變大，P點的電勢不變B若左極板向左移動少許，則不變，P點的電勢不變C若左極板向右移動少許，則不變，位于P點的點電荷的電勢能減小D若左極板向右移動少許，則變

4、小，位于P點的點電荷的電勢能增大5、如圖所示，由三個鋁制薄板互成120角均勻分開的、三個勻強磁場區(qū)域，其磁感應(yīng)強度分別用表示現(xiàn)有帶電粒子自a點垂直O(jiān)a板沿逆時針方向射入磁場中，帶電粒子完成一周運動，在三個磁場區(qū)域中的運動時間之比為123，軌跡恰好是一個以O(shè)為圓心的圓，則其在b、c處穿越鋁板所損失的動能之比為A11B53C32D2756、如圖所示，是一個研究向心力與哪些因素有關(guān)的DIS實驗裝置示意圖，其中質(zhì)量為m的圓柱體放置在未畫出的光滑圓盤邊緣，繩子一端連接小圓柱體，另一端連接力傳感器，使圓柱體做勻速圓周運動。圓周運動的軌道半徑為r，光電傳感器測定的是圓柱體的線速度。關(guān)于這個實驗下列說法不正確

5、的是（）A研究向心力與半徑的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和質(zhì)量一定，應(yīng)畫圖像B研究向心力與線速度的關(guān)系時，保持圓柱體質(zhì)量和運動半徑一定，應(yīng)畫圖像C研究向心力與質(zhì)量的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應(yīng)畫圖像D如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，同樣可以完成該實驗?zāi)康亩?、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是宇宙空間中某處孤立天體系統(tǒng)的示意圖，位于點的一個中心天體有兩顆環(huán)繞衛(wèi)星，衛(wèi)星質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于中心天體質(zhì)量，且不考慮兩衛(wèi)星間的萬有引力。甲衛(wèi)星繞點

6、做半徑為的勻速圓周運動，乙衛(wèi)星繞點的運動軌跡為橢圓，半長軸為、半短軸為，甲、乙均沿順時針方向運轉(zhuǎn)。兩衛(wèi)星的運動軌跡共面且交于兩點。某時刻甲衛(wèi)星在處，乙衛(wèi)星在處。下列說法正確的是（ ）A甲、乙兩衛(wèi)星的周期相等B甲、乙兩衛(wèi)星各自經(jīng)過處時的加速度大小相等C乙衛(wèi)星經(jīng)過處時速度相同D甲、乙各自從點運動到點所需時間之比為1：38、以下說法正確的是_A質(zhì)量、溫度都相同的氫氣和氧氣，分子平均動能不相同B空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞C知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度.不能估算出氣體分子的大小D一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)等容升溫，氣體的壓強増大，用分子動理論的觀點分析，這是因為氣

7、體分子數(shù)密度增大E.一定量的理想氣體在某過程中從外界吸熱2.5104J，并對外界做功1.0104J，則氣體的溫度升高，密度減小9、如圖所示，B為理想變壓器，接在原線圈上的交流電壓U保持不變，R為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。開關(guān)閉合前燈泡L1上的電壓如圖，當(dāng)開關(guān)S閉合后，下列說法正確的是（）A電流表A1的示數(shù)變大B電流表A2的示數(shù)變小C電壓表V的示數(shù)大于220VD燈泡L1的電壓有效值小于220V10、下列說法中正確的是()A只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積B懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運動并不是分子運動，但微粒運動的無規(guī)則性，間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性

8、C理想氣體在某過程中從外界吸收熱量，其內(nèi)能可能減小D熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性曲線，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓，額定電流），電壓表（量程，內(nèi)阻為），電流表A（量程內(nèi)阻約），定值電阻 （阻值為），滑動變阻器R（阻值），電源E（電動勢，內(nèi)阻很?。╅_關(guān)S，導(dǎo)線若干(1)實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，請將圖甲電路補畫完整_；(2)實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖所示，由曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻將_；A逐漸

9、增大 B逐漸減小C先增大后不變 D先減小后不變(3)若用多用表直接測量該小燈泡的電阻，正確操作后多用表指針如圖所示，則小燈泡的電阻是_(4)用另一電源（電動勢，內(nèi)阻）和題中所給的小燈泡L、滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值在R的變化范圍內(nèi)，電源的最大輸出功率為_W，此時小燈泡的功率為_W，滑動變阻器R接入電路的電阻為_12（12分）按如圖甲所示電路，某實驗小組將一電流表改裝成能測量電阻的歐姆表，改裝用的實驗器材如下：A待改裝電流表一個：量程為03mA，內(nèi)電阻為100，其表盤如圖乙所示B干電池一節(jié)：電動勢E=1.5V，內(nèi)電阻r0.5C電阻箱R：阻值范圍0999.

10、9請根據(jù)改裝的歐姆表的情況，回答下列問題：（1）測量電阻前，先進行歐姆調(diào)零，將電阻箱R調(diào)至最大，將紅、黑兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)電阻箱R使電流表指針指到表頭的_刻度，此位置應(yīng)該是歐姆表盤所示電阻的_（填“最大值”或“最小值”）（2）歐姆表調(diào)零后，將紅、黑表筆分別接觸待測電阻的兩端，若電流表的示數(shù)為1.0 mA，則待測電阻的阻值_（3）如果換一個電動勢大的電源，其他器材不變，則改裝歐姆表的倍率_（填“變大”或“變小”）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)存在豎直向上的勻強電場，在B

11、C右側(cè)、兩區(qū)域存在勻強磁場，L1、L2、L3是磁場的邊界（BC與L1重合），寬度相同，方向如圖所示，區(qū)域的磁感強度大小為B1一電荷量為q、質(zhì)量為m（重力不計）的帶正電點電荷從AD邊中點以初速度v0沿水平向右方向進入電場，點電荷恰好從B點進入磁場，經(jīng)區(qū)域后又恰好從與B點同一水平高度處進入?yún)^(qū)域已知AB長度是BC長度的倍（1）求帶電粒子到達(dá)B點時的速度大??；（2）求磁場的寬度L；（3）要使點電荷在整個磁場中運動的時間最長，求區(qū)域的磁感應(yīng)強度B2的最小值14（16分）如圖所示，光滑軌道槽ABCD與粗糙軌道槽GH（點G與點D在同一高度但不相交，F(xiàn)H與圓相切）通過光滑圓軌道EF平滑連接，組成一套完整的軌道

12、，整個裝置位于豎直平面內(nèi)?，F(xiàn)將一質(zhì)量的小球甲從AB段距地面高處靜止釋放，與靜止在水平軌道上、質(zhì)量為1kg的小球乙發(fā)生完全彈性碰撞。碰后小球乙滑上右邊斜面軌道并能通過軌道的最高點E點。已知CD、GH與水平面的夾角為=37，GH段的動摩擦因數(shù)為=0.25，圓軌道的半徑R0.4m，E點離水平面的豎直高度為3R（E點為軌道的最高點），（，）求兩球碰撞后：（1）小球乙第一次通過E點時對軌道的壓力大??；（2）小球乙沿GH段向上滑行后距離地面的最大高度；（3）若將小球乙拿走，只將小球甲從AB段離地面h處自由釋放后，小球甲又能沿原路徑返回，試求h的取值范圍。15（12分）如圖所示，在x0處的質(zhì)點O在垂直于x軸

13、方向上做簡諧運動，形成沿x軸正方向傳播的機械波。在t0時刻，質(zhì)點O開始從平衡位置向上運動，經(jīng)0.4 s第一次形成圖示波形，P是平衡位置為x0.5 m處的質(zhì)點.（1）位于x5 m處的質(zhì)點B第一次到達(dá)波峰位置時，求位于x2 m處的質(zhì)點A通過的總路程。（2）若從圖示狀態(tài)開始計時，至少要經(jīng)過多少時間，P、A兩質(zhì)點的位移(y坐標(biāo))才能相同？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當(dāng)輕繩另一端在C點時，設(shè)輕繩左右兩側(cè)間的夾角為2以滑輪為研究對象，分析受力情況，受力分析圖如圖所示根據(jù)平衡條件得2Fcos=mg得到輕繩的拉力

14、F= 輕繩另一端從B點沿墻壁緩慢移到D點，由幾何知識可知，先不變后增大，cos先不變后減小，輕繩的拉力F先不變后增大，D項正確，ABC錯誤；故選D。2、C【解析】A電源的效率將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路電阻減小，則電源的效率減小，選項A錯誤；BC將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮。R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，U并減小，燈L2變暗。流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小

15、，IA增大，電流表的示數(shù)增大。故B錯誤，C正確；D電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部分的電壓，電壓變小，由Q=CU知電容器的電荷量減少，電容器存儲的電勢能減小，故D錯誤。故選C。3、D【解析】A當(dāng)滑塊B相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運動，所以滑塊B相對于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對滑塊的支持力不等于，故A錯誤；B滑塊B下滑過程中支持力對B的沖量大小為故B錯誤；CB下降的高度為，其重力勢能的減小量等于，減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為A、B的動能之和，則滑塊B的動能要小于，故C錯誤；D系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為、

16、，取水平向左為正方向，由動量守恒定律得即有又解得故D正確。故選D。4、C【解析】AB靜電計上的電壓不變，所以靜電計的張角不變，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器只能充電，不能放電；將電容器的左極板水平向左移時，電容器的電容減小，但不能放電，則電容器帶電量不變，由和可得，電容器兩極板間的電場不變，則P點的電勢（x為P點到左極板的距離），則P點的電勢降低，故AB錯誤；CD將電容器的左極板水平向右移時，電容器的電容增大，電場強度增大，P點的電勢升高，由于P點固定的是負(fù)電荷，所以位于P點的點電荷的電勢能減小，故C項正確，D項錯誤。故選C。5、D【解析】帶電粒子在磁場運動的時間為，在各個區(qū)域的角度都為

17、，對應(yīng)的周期為，則有，故 ，則三個區(qū)域的磁感應(yīng)強度之比為，三個區(qū)域的磁場半徑相同為，又動能，聯(lián)立得，故三個區(qū)域的動能之比為：，故在b處穿越鋁板所損失的動能為，故在c處穿越鋁板所損失的動能為，故損失動能之比為，D正確，選D.6、A【解析】A根據(jù)向心力公式結(jié)合牛頓第二定律有可知研究向心力與半徑的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和質(zhì)量一定，應(yīng)畫圖像，二者呈線性關(guān)系，便于研究，A錯誤；B研究向心力與線速度的關(guān)系時，保持圓柱體質(zhì)量和運動半徑一定，應(yīng)畫圖像， B正確；C研究向心力與質(zhì)量的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應(yīng)畫圖像，C正確；D如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，光電傳感器測量

18、圓柱通過瞬間的線速度，力傳感器測量此時瞬間的向心力（繩子拉力）大小，同樣可以完成該實驗?zāi)康模珼正確。本題選擇不正確的，故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A橢圓的半長軸與圓軌道的半徑相等，根據(jù)開普勒第三定律知，兩顆衛(wèi)星的運動周期相等，故A正確；B甲、乙在點都是由萬有引力產(chǎn)生加速度，則有故加速度大小相等，故B正確；C乙衛(wèi)星在兩點的速度方向不同，故C錯誤；D甲衛(wèi)星從到，根據(jù)幾何關(guān)系可知，經(jīng)歷，而乙衛(wèi)星從到經(jīng)過遠(yuǎn)地點，根據(jù)開普勒行星運動定律，可知衛(wèi)星在遠(yuǎn)

19、地點運行慢，近地點運行快，故可知乙衛(wèi)星從到運行時間大于，而從到運行時間小于，故甲、乙各自從點運動到點的時間之比不是1：3，故D錯誤。故選AB。8、BCE【解析】A溫度都相同的氫氣和氧氣，分子平均動能一定相同，故A錯誤；B空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在外界的影響下，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，故B正確；C知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可求出摩爾體積，將氣體分子占據(jù)的空間看成立方體形，立方體的邊長等于氣體分子間的平均距離，由摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)可求出每個氣體分子占據(jù)的空間大小，從而能求出分子間的平均距離。不能估算出氣體分子大小，故C正確；D一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)等容升溫，氣體

20、的壓強增大，因體積不變，則氣體分子數(shù)密度不變，氣體的平均動能變大，用分子動理論的觀點分析，這是因為氣體分子對器壁的碰撞力變大，故D錯誤；E由熱力學(xué)第一定律可知，一定量的理想氣體在某過程中從外界吸熱2.5104J，并對外界做功1.0104J，則氣體的內(nèi)能增加，溫度升高，體積變大，密度減小，故E正確。故選BCE。9、ACD【解析】A 當(dāng)S接通后，電路的總電阻減小，總電流變大，而變壓器的匝數(shù)比不變，所以原線圈中的電流增大，電流表A1的示數(shù)變大，故A正確；B 當(dāng)S接通后，電路的總電阻減小，副線圈總電流變大，電流表A2的示數(shù)變大，故B錯誤；C根據(jù)圖像可知，開關(guān)閉合前燈泡L1上的電壓為220V，故電壓表的

21、示數(shù)為副線圈總電壓，大于220V，閉合開關(guān)后，輸入電壓和匝數(shù)不變，電壓表示數(shù)仍大于220V，故C正確；D 開關(guān)閉合后，總電阻減小，干路電流增大，故電阻分的電壓增大，燈泡L1的電壓減小，小于220V，故D正確。故選ACD。10、BCD【解析】A知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，能算出一個氣體分子所占有的體積，故A錯誤；B懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運動并不是分子運動，但微粒運動的無規(guī)則性，間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性，故B正確；C理想氣體在吸收熱量的同時，若對外做功，其內(nèi)能可能減小，故C正確；D若有第三者介入，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，故D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共1

22、8分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A 1.5 0.4 0.28 3 【解析】(1)1因本實驗需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應(yīng)采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應(yīng)用和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示(2)2圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤；(3)3燈泡正常工作時的電阻為：則多用電表可以選擇歐姆擋的1

23、擋；由圖示多用電表可知，其示數(shù)為； (4)4當(dāng)電源內(nèi)阻等于外電路電阻時，電源的輸出功率最大，電源的最大輸出功率為：5此時小燈泡的電流為：由圖可知，此時燈泡電壓為：此時小燈泡的功率為：6此時小燈泡的電阻為：滑動變阻器接入電路的電阻為：12、3mA 最小值 1000 變大 【解析】(1)12將紅、黑兩表筆短接是歐姆調(diào)零，電流表的最大刻度3mA對應(yīng)待測電阻的最小值，即對應(yīng)歐姆表的電阻零刻度(2)3歐姆表調(diào)零后，其內(nèi)阻電流表示數(shù)為，則解得(3)4當(dāng)電動勢變大后，由，可知，內(nèi)阻變大，相同電流時，測量的電阻變大，所以倍率變大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要

24、的文字說明、方程式和演算步驟。13、【小題1】【小題2】【小題3】B21.5B1【解析】粒子在勻強電場中做類平拋運動，將運動沿水平方向與豎直方向分解，根據(jù)動為學(xué)規(guī)律即可求解；當(dāng)粒子進入磁場時，做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可確定運動的半徑最后由幾何關(guān)系可得出磁場的寬度L；根據(jù)幾何關(guān)系確定離開磁場的半徑范圍，再由半徑公式可確定磁感應(yīng)強度【小題1】設(shè)點電荷進入磁場時的速度大小為v，與水平方向成角，由類平拋運動的速度方向與位移方向的關(guān)系有：tan則30根據(jù)速度關(guān)系有：v【小題2】設(shè)點電荷在區(qū)域中的軌道半徑為r1，由牛頓第二定律得： ，軌跡如圖：由幾何關(guān)系得：Lr1解得：L【小題3】當(dāng)點電荷不從區(qū)域右邊界離開磁場時，點電荷在磁場中運動的時間最長設(shè)區(qū)域中最小磁感應(yīng)強度為B，對應(yīng)的軌跡半徑為r2，軌跡如圖：同理得：根據(jù)幾何關(guān)系有：Lr2(1sin) 解得：B1.