江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷含解析

1、江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷含答案解析江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷含答案解析36/36江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷含答案解析構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納2019年江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷一.填空題1（5分）已知會集A=1，2，B=a，a2+3若AB=1，則實數(shù)a的值為2（5分）已知復(fù)數(shù)z=（1+i）（1+2i），其中i是虛數(shù)單位，則z的模是3（5分）某工廠生產(chǎn)甲、乙、丙、丁四種不相同型號產(chǎn)品，產(chǎn)量分別為200，400，300，100件為檢驗產(chǎn)質(zhì)量量，現(xiàn)用分層抽樣的方法從以上全部的產(chǎn)品中抽取60件進(jìn)行檢驗，則應(yīng)從丙種型號的產(chǎn)品中抽取件4（5分）如圖是一個算法流程圖：若輸入x的值為，則輸出y的值是5（5分）若tan（）

2、=則tan=6（5分）如圖，在圓柱O1O2內(nèi)有一個球O，該球與圓柱的上、下底面及母線均相切，記圓柱O12的體積為V1，球O的體積為V2，則的值是O7（5分）記函數(shù)f（x）=定義域為D在區(qū)間4，5上隨機(jī)取一個第1頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納數(shù)x，則xD的概率是8（5分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，雙曲線y2=1的右準(zhǔn)線與它的兩條漸近線分別交于點P，Q，其焦點是F1，F(xiàn)2，則四邊形F1PF2Q的面積是9（5分）等比數(shù)列an的各項均為實數(shù)，其前n項為Sn，已知S3=，S6=，則a8=10（5分）某公司一年購買某種貨物600噸，每次購買x噸，運費為6萬元/次，一年的總儲藏花銷

3、為4x萬元要使一年的總運費與總儲藏花銷之和最小，則x的值是（5分）已知函數(shù)f（x）=x32x+ex，其中e是自然對數(shù)的底數(shù)若f11（a1）+f（2a2）0則實數(shù)a的取值范圍是12（5分）如圖，在同一個平面內(nèi)，向量，的模分別為1，1，與的夾角為，且tan=7，與的夾角為45若=m+n（m，nR），則m+n=13（5分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，A（12，0），B（0，6），點P在圓O：x2+y2上若，則點P的橫坐標(biāo)的取值范圍是=502014（5分）設(shè)f（x）是定義在R上且周期為1的函數(shù)，在區(qū)間0，1）上，f（x）=，其中會集D=x|x=，nN*，則方程f（x）lgx=0的解的個數(shù)是二.解答題15

4、（14分）如圖，在三棱錐ABCD中，ABAD，BCBD，平面ABD平面BCD，點E、F（E與A、D不重合）分別在棱AD，BD上，且EFAD第2頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納求證：（1）EF平面ABC；2）ADAC16（14分）已知向量=（cosx，sinx），=（3，），x0，（1）若，求x的值；（2）記f（x）=，求f（x）的最大值和最小值以及對應(yīng)的x的值第3頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納17（14分）如圖，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，橢圓E：=1（ab0）的左、右焦點分別為F1，2，離心率為，兩準(zhǔn)線之間的距離為8點P在橢圓FE上，且位于第一

5、象限，過點F作直線PF的垂線l，過點F作直線PF的垂線11122l21）求橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程；2）若直線l1，l2的交點Q在橢圓E上，求點P的坐標(biāo)第4頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納18（16分）如圖，水平放置的正四棱柱形玻璃容器和正四棱臺形玻璃容器的高均為32cm，容器的底面對角線AC的長為10cm，容器的兩底面對角線EG，E1G1的長分別為14cm和62cm分別在容器和容器中注入水，水深均為12cm現(xiàn)有一根玻璃棒l，其長度為40cm（容器厚度、玻璃棒粗細(xì)均忽略不計）（1）將l放在容器中，l的一端置于點A處，另一端置于側(cè)棱CC1上，求l沒入水中部分的長度；第5頁（共36

6、頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納（2）將l放在容器中，l的一端置于點E，另一端置于棱GG1上，求l沒入水中部分的度19（16分）于定的正整數(shù)k，若數(shù)列an足：ank+ank+1+an1+an+1+an+k1+an+k=2kan任意正整數(shù)n（nk）建立，稱數(shù)列an是“P（k）數(shù)列”（1）明：等差數(shù)列an是“P（3）數(shù)列”；（2）若數(shù)列an既是“P（2）數(shù)列”，又是“P（3）數(shù)列”，明：an是等差數(shù)列第6頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納20（16分）已知函數(shù)f（x）=x3+ax2+bx+1（a0，bR）有極值，且導(dǎo)函數(shù)fx）的極值點是f（x）的零點（極值點是指

7、函數(shù)取極值時對應(yīng)的自變量的值）1）求b關(guān)于a的函數(shù)關(guān)系式，并寫出定義域；2）證明：b23a；（3）若f（x），f（x）這兩個函數(shù)的全部極值之和不小于，求a的取值范圍第7頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納二.非選擇題，附加題（21-24選做題）【選修4-1：幾何證明選講】（本小題滿分分）21如圖，AB為半圓O的直徑，直線PC切半圓O于點C，APPC，P為垂足求證：（1）PAC=CAB；2）AC2=AP?AB第8頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納選修4-2：矩陣與變換22已知矩陣A=，B=1）求AB；（2）若曲線C1：=1在矩陣AB對應(yīng)的變換作用下獲取另

8、一曲線C2，求C2的方程選修4-4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程23在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知直線l的參數(shù)方程為（t為參數(shù)），曲線C的參數(shù)方程為（s為參數(shù)）設(shè)P為曲線C上的動點，求點P到直線l的距離的最小值第9頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納選修4-5：不等式選講24已知a，b，c，d為實數(shù)，且a2+b2=4，c2+d2=16，證明ac+bd8【必做題】25如圖，在平行六面體ABCDA1B1C1D1中，AA1平面ABCD，且AB=AD=2，第10頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納AA1=，BAD=1201）求異面直A1B與AC1所成角的余弦；2）求二面角B

9、A1DA的正弦26已知一個口袋有m個白球，n個黑球（m，nN*，n2），些球除色外全部相同將口袋中的球隨機(jī)的逐個取出，并放入如所示的號1，2，3，m+n的抽內(nèi)，其中第k次取出的球放入號k的抽（k=1，2，3，m+n）123m+n（1）求號2的抽內(nèi)放的是黑球的概率p；（2）隨機(jī)量x表示最后一個取出的黑球所在抽號的倒數(shù)，E（X）是X的數(shù)學(xué)希望，明E（X）第11頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納2017年江蘇省高考數(shù)學(xué)試卷參照答案與試題解析一.填空題1（5分）（2017?江蘇）已知會集A=1，2，B=a，a2+3若AB=1，則實數(shù)a的值為1【解析】利用交集定義直接求解【解答】解

10、：會集A=1，2，B=a，a2+3AB=1，a=1或a2+3=1，解得a=1故答案為：1【議論】本題觀察實數(shù)值的求法，是基礎(chǔ)題，解題時要認(rèn)真審題，注意交集定義及性質(zhì)的合理運用2（5分）（2017?江蘇）已知復(fù)數(shù)z=（1+i）（1+2i），其中i是虛數(shù)單位，則z的模是【解析】利用復(fù)數(shù)的運算法規(guī)、模的計算公式即可得出【解答】解：復(fù)數(shù)z=（1+i）（1+2i）=12+3i=1+3i，|z|=故答案為：【議論】本題觀察了復(fù)數(shù)的運算法規(guī)、模的計算公式，觀察了推理能力與計算能力，屬于基礎(chǔ)題3（5分）（2017?江蘇）某工廠生產(chǎn)甲、乙、丙、丁四種不相同型號的產(chǎn)品，產(chǎn)量分別為200，400，300，100件為

11、檢驗產(chǎn)品的質(zhì)量，現(xiàn)用分層抽樣的方法從以上全部的產(chǎn)品中抽取60件進(jìn)行檢驗，則應(yīng)從丙種型號的產(chǎn)品中抽取18件【解析】由題意先求出抽樣比率即為，再由此比率計算出應(yīng)從丙種型號的產(chǎn)第12頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納品中抽取的數(shù)量【解答】解：產(chǎn)品總數(shù)為200+400+300+100=1000件，而抽取60輛進(jìn)行檢驗，抽樣比率為=，則應(yīng)從丙種型號的產(chǎn)品中抽取300=18件，故答案為：18【議論】本題的考點是分層抽樣分層抽樣即要抽樣時保證樣本的構(gòu)造和整體的構(gòu)造保持一致，依照必然的比率，即樣本容量和整體容量的比值，在各層中進(jìn)行抽取4（5分）（2017?江蘇）如圖是一個算法流程圖：若輸

12、入x的值為，則輸出y的值是2【解析】直接模擬程序即得結(jié)論【解答】解：初始值x=，不滿足x1，因此y=2+log2=2=2，故答案為：2【議論】本題觀察程序框圖，模擬程序是解決此類問題的常用方法，注意解題方法的積累，屬于基礎(chǔ)題5（5分）（2017?江蘇）若tan（）=則tan=第13頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【解析】直接依照兩角差的正切公式計算即可【解答】解：tan（）=6tan6=tan+1，解得tan=，故答案為：【議論】本題觀察了兩角差的正切公式，屬于基礎(chǔ)題6（5分）（2017?江蘇）如圖，在圓柱O1O2內(nèi)有一個球O，該球與圓柱的上、下底面及母線均相切，記圓柱

13、O1O2的體積為V1，球O的體積為V2，則的值是【解析】設(shè)出球的半徑，求出圓柱的體積以及球的體積即可獲取結(jié)果【解答】解：設(shè)球的半徑為R，則球的體積為：R3，23圓柱的體積為：R?2R=2R則=故答案為：【議論】本題觀察球的體積以及圓柱的體積的求法，觀察空間想象能力以及計算能力第14頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納7（5分）（2017?江蘇）記函數(shù)f（x）=定義域為D在區(qū)間4，5上隨機(jī)取一個數(shù)x，則xD的概率是【解析】求出函數(shù)的定義域，結(jié)合幾何概型的概率公式進(jìn)行計算即可【解答】解：由6+xx20得x2x60，得2x3，則D=2，3，則在區(qū)間4，5上隨機(jī)取一個數(shù)x，則xD的

14、概率P=，故答案為：【議論】本題主要觀察幾何概型的概率公式的計算，結(jié)合函數(shù)的定義域求出D，以及利用幾何概型的概率公式是解決本題的要點8（5分）（2017?江蘇）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，雙曲線y2=1的右準(zhǔn)線與它的兩條漸近線分別交于點P，Q，其焦點是F1，F(xiàn)2，則四邊形F1PF2Q的面積是【解析】求出雙曲線的準(zhǔn)線方程和漸近線方程，獲取P，Q坐標(biāo)，求出焦點坐標(biāo)，爾后求解四邊形的面積【解答】解：雙曲線y2=1的右準(zhǔn)線：x=，雙曲線漸近線方程為：y=x，因此P（，），Q（，），F(xiàn)1（，）2（，）20F20則四邊形F12的面積是：=2PFQ故答案為：2【議論】本題觀察雙曲線簡單性質(zhì)的應(yīng)用，觀察計算能力

15、9（5分）（2017?江蘇）等比數(shù)列an各項均為實數(shù)，其前n項為Sn，已知S3=，S6=，則a8=32【解析】設(shè)等比數(shù)列an的公比為，3，6，可得=，q1S=S=第15頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納，聯(lián)立解出即可得出【解答】解：設(shè)等比數(shù)列an的公比為q1，S=，S=，=，=，36解得a1=，q=2則a8=32=故答案為：32【議論】本題觀察了等比數(shù)列的通項公式與求和公式，觀察了推理能力與計算能力，屬于中檔題10（5分）（2017?江蘇）某公司一年購買某種貨物600噸，每次購買x噸，運費為6萬元/次，一年的總儲藏花銷為4x萬元要使一年的總運費與總儲藏花銷之和最小，則x的

16、值是30【解析】由題意可得：一年的總運費與總儲藏花銷之和=+4x，利用基本不等式的性質(zhì)即可得出【解答】解：由題意可得：一年的總運費與總儲藏花銷之和=+4x42=240（萬元）當(dāng)且僅當(dāng)x=30時取等號故答案為：30【議論】本題觀察了基本不等式的性質(zhì)及其應(yīng)用，觀察了推理能力與計算能力，屬于基礎(chǔ)題11（5分）（江蘇）已知函數(shù)f（x）=x32x+ex，其中e是自然對數(shù)2017?的底數(shù)若f（a1）+f（2a2）0則實數(shù)a的取值范圍是1，【解析】求出f（x）的導(dǎo)數(shù)，由基本不等式和二次函數(shù)的性質(zhì)，可得f（x）在R上遞加；再由奇偶性的定義，可得f（x）為奇函數(shù)，原不等式即為2a21a，第16頁（共36頁）構(gòu)思

17、奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納運用二次不等式的解法即可獲取所求范圍【解答】解：函數(shù)f（x）=x32x+ex的導(dǎo)數(shù)為：f（x）=3x22+ex+2+2=0，可得f（x）在R上遞加；3xx3x=0，又f（x）+f（x）=（x）+2x+ee+x2x+e可得f（x）為奇函數(shù)，則f（a1）+f（2a2）0，即有f（2a2）f（a1）=f（1a），即有2a21a，解得1a，故答案為：1，【議論】本題觀察函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性的判斷和應(yīng)用，注意運用導(dǎo)數(shù)和定義法，觀察轉(zhuǎn)變思想的運用和二次不等式的解法，觀察運算能力，屬于中檔題12（5分）（2017?江蘇）如圖，在同一個平面內(nèi)，向量，的模分別為1，1，與的

18、夾角為，且tan=7，與的夾角為45若=m+n（m，nR），則m+n=3【解析】以下列圖，建立直角坐標(biāo)系A(chǔ)（1，0）由與的夾角為，且tan=7可得cos=，sin=C可得cos（+45）=sin（+45）B利用=m+n（m，nR），即可得出【解答】解：以下列圖，建立直角坐標(biāo)系A(chǔ)（1，0）第17頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納由與的夾角為，且tan=7cos=，sin=C（cossin）=cos（+45）=（sin+cos）=sin（+45）=B=m+n（m，nR），=mn，=0+n，解得n=，m=則m+n=3故答案為：3【議論】本題觀察了向量坐標(biāo)運算性質(zhì)、和差公式，觀察

19、了推理能力與計算能力，屬于中檔題13（5分）（2017?江蘇）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，A（12，0），B（0，6），點P在圓O：x2+y2上若，則點P的橫坐標(biāo)的取值范圍是=5020，1【解析】依照題意，設(shè)P（x0，y0），由數(shù)量積的坐標(biāo)計算公式化簡變形可得2x0+y0+50，解析可得其表示表示直線2x+y+50以及直線下方的地域，聯(lián)立直線與圓的方程可得交點的橫坐標(biāo)，結(jié)合圖形解析可得答案第18頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【解答】解：依照題意，設(shè)P（x0，y0），則有x02+y02=50，=（12x0，y0）（?x0，6y0）=（12+x0）x0y（06y0）=12x

20、0+6y+x02+y0220，化為：12x06y0+300，即2x0y0+50，表示直線2x+y+50以及直線下方的地域，聯(lián)立，解可得x0=5或0，x=1結(jié)合圖形解析可得：點P的橫坐標(biāo)x0的取值范圍是5，1，故答案為：5，1【議論】本題觀察數(shù)量積的運算以及直線與圓的地址關(guān)系，要點是利用數(shù)量積化簡變形獲取關(guān)于x0、y0的關(guān)系式14（5分）（2017?江蘇）設(shè)f（x）是定義在R上且周期為1的函數(shù)，在區(qū)間0，1）上，（）=，其中會集D=x|x=，nN*，則方程f（x）fxlgx=0的解的個數(shù)是8【解析】由已知中f（x）是定義在R上且周期為1的函數(shù)，在區(qū)間0，1）上，（），其中會集D=x|x=，nN*

21、，解析f（x）的圖象與y=lgxfx=圖象交點的個數(shù)，進(jìn)而可得答案【解答】解：在區(qū)間0，1）上，f（x）=，第19頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納第一段函數(shù)上的點的橫縱坐標(biāo)均為有理數(shù)，又f（x）是定義在R上且周期為1的函數(shù)，在區(qū)間1，2）上，f（x）=，此時f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；同理：區(qū)間2，3）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間3，4）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間4，5）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間5，6）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間6，7）上，f（x）的圖

22、象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間7，8）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；區(qū)間8，9）上，f（x）的圖象與y=lgx有且只有一個交點；在區(qū)間9，+）上，f（x）的圖象與y=lgx無交點；故f（x）的圖象與y=lgx有8個交點；即方程f（x）lgx=0的解的個數(shù)是8，故答案為：8【議論】本題觀察的知識點是根的存在性及根的個數(shù)判斷，函數(shù)的圖象和性質(zhì)，轉(zhuǎn)變思想，難度中檔二.解答題15（14分）（2017?江蘇）如圖，在三棱錐ABCD中，ABAD，BCBD，平面ABD平面BCD，點E、F（E與A、D不重合）分別在棱AD，BD上，且EFAD求證：（1）EF平面ABC；2）ADAC第20

23、頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【解析】（1）利用ABEF及線面平行判判定理可得結(jié)論；2）經(jīng)過取線段CD上點G，連結(jié)FG、EG使得FGBC，則EGAC，利用線面垂直的性質(zhì)定理可知FGAD，結(jié)合線面垂直的判判定理可知AD平面EFG，進(jìn)而可得結(jié)論【解答】證明：（1）由于ABAD，EFAD，且A、B、E、F四點共面，因此ABEF，又由于EF?平面ABC，AB?平面ABC，因此由線面平行判判定理可知：EF平面ABC；2）在線段CD上取點G，連結(jié)FG、EG使得FGBC，則EGAC，由于BCBD，因此FGBC，又由于平面ABD平面BCD，因此FG平面ABD，因此FGAD，又由于AD

24、EF，且EFFG=F，因此AD平面EFG，因此ADEG，故ADAC【議論】本題觀察線面平行及線線垂直的判斷，觀察空間想象能力，觀察轉(zhuǎn)變思想，涉及線面平行判判定理，線面垂直的性質(zhì)及判判定理，注意解題方法的積累，屬于中檔題16（14分）（2017?江蘇）已知向量=（cosx，sinx），=（3，），x0，第21頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納（1）若，求x的值；（2）記f（x）=，求f（x）的最大值和最小值以及對應(yīng)的x的值【解析】（1）依照向量的平行即可獲取tanx=，問題得以解決，（2）依照向量的數(shù)量積和兩角和余弦公式和余弦函數(shù)的性質(zhì)即可求出【解答】解：（1）=（cosx

25、，sinx），=（3，），cosx=3sinx，tanx=，x0，x=，（2）f（x）=3cosxsinx=2（cosxsinx）=2cos（x+），x0，x+，1cos（x+），當(dāng)x=0時，f（x）有最大值，最大值3，當(dāng)x=時，f（x）有最小值，最大值2【議論】本題觀察了向量的平行和向量的數(shù)量積以及三角函數(shù)的化簡和三角函數(shù)的性質(zhì)，屬于基礎(chǔ)題17（14分）（2017?江蘇）如圖，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，橢圓E：=1（ab0）的左、右焦點分別為F1，F(xiàn)2，離心率為，兩準(zhǔn)線之間的距離為8點P在橢圓E上，且位于第一象限，過點F1作直線PF1的垂線l1，過點F2作直線PF2的垂線l21）求橢圓E的標(biāo)

26、準(zhǔn)方程；2）若直線l1，l2的交點Q在橢圓E上，求點P的坐標(biāo)第22頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【解析】（1）由橢圓的離心率公式求得a=2c，由橢圓的準(zhǔn)線方程x=，則2=8，即可求得a和c的值，則b2=a2c2=3，即可求得橢圓方程；（2）設(shè)P點坐標(biāo)，分別求得直線PF2的斜率及直線PF1的斜率，則即可求得l2及l(fā)1的斜率及方程，聯(lián)立求得Q點坐標(biāo)，由Q在橢圓方程，求得y02=x021，聯(lián)馬上可求得P點坐標(biāo)；方法二：設(shè)P（m，n），當(dāng)m1時，=，=，求得直線l1及l(fā)1的方程，聯(lián)立求得Q點坐標(biāo)，依照對稱性可得=n2，聯(lián)立橢圓方程，即可求得P點坐標(biāo)【解答】解：（1）由題意可知

27、：橢圓的離心率e=，則a=2c，橢圓的準(zhǔn)線方程x=，由2=8，由解得：a=2，c=1，則b2=a2c2=3，橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程：；（2）方法一：設(shè)P（x0，y0），則直線PF2的斜率=，則直線l2的斜率2，直線l2的方程y=（），k=x1直線PF1的斜率=，則直線l2的斜率2，直線l2的方程y=（），k=x+1第23頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納聯(lián)立，解得：，則Q（x0，），由P，Q在橢圓上，P，Q的橫坐標(biāo)互為相反數(shù)，縱坐標(biāo)應(yīng)相等，則y0=，2y0=x01，則，解得：，則，又P在第一象限，因此P的坐標(biāo)為：P（，）方法二：設(shè)P（m，n），由P在第一象限，則m0，n0，當(dāng)m=

28、1時，不存在，解得：Q與F1重合，不滿足題意，當(dāng)m1時，=，=，由l11，l22，則=，=，PFPF直線l1的方程（），直線l2的方程y=（），y=x+1x1聯(lián)立解得：x=m，則Q（m，），由Q在橢圓方程，由對稱性可得：=n2，第24頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納即m2n2=1，或m2+n2=1，由P（m，n），在橢圓方程，解得：，或，無解，又P在第一象限，因此P的坐標(biāo)為：P（，）【議論】本題觀察橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程，直線與橢圓的地址關(guān)系，觀察直線的斜率公式，觀察數(shù)形結(jié)合思想，觀察計算能力，屬于中檔題18（16分）（2017?江蘇）如圖，水平放置的正四棱柱形玻璃容器和正四棱

29、臺形玻璃容器的高均為32cm，容器的底面對角線AC的長為10cm，容器的兩底面對角線EG，E1G1的長分別為14cm和62cm分別在容器和容器中注入水，水深均為12cm現(xiàn)有一根玻璃棒l，其長度為40cm（容器厚度、玻璃棒粗細(xì)均忽略不計）（1）將l放在容器中，l的一端置于點A處，另一端置于側(cè)棱CC1上，求l沒入水中部分的長度；（2）將l放在容器中，l的一端置于點E處，另一端置于側(cè)棱GG1上，求l沒入水中部分的長度【解析】（1）設(shè)玻璃棒在CC1上的點為M，玻璃棒與水面的交點為N，過N作NPMC，交AC于點P，推導(dǎo)出CC1平面ABCD，CC1AC，NPAC，求出MC=30cm，推導(dǎo)出ANPAMC，由

30、此能出玻璃棒l沒入水中部分的長度（2）設(shè)玻璃棒在GG1上的點為M，玻璃棒與水面的交點為N，過點N作NP第25頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納EG，交EG于點P，過點E作EQE1G1，交E1G1于點Q，推導(dǎo)出EE1G1G為等腰梯形，求出E1Q=24cm，E1E=40cm，由正弦定理求出sinGEM=，由此能求出玻璃棒l沒入水中部分的長度【解答】解：（1）設(shè)玻璃棒在CC1上的點為M，玻璃棒與水面的交點為N，在平面ACM中，過N作NPMC，交AC于點P，ABCDA1B1C1D1為正四棱柱，CC1平面ABCD，又AC?平面ABCD，CC1AC，NPAC，NP=12cm，且AM2

31、=AC2+MC2，解得MC=30cm，NPMC，ANPAMC，=，得AN=16cm玻璃棒l沒入水中部分的長度為16cm2）設(shè)玻璃棒在GG1上的點為M，玻璃棒與水面的交點為N，在平面E1EGG1中，過點N作NPEG，交EG于點P，過點E作EQE1G1，交E1G1于點Q，EFGHE1F1G1H1為正四棱臺，EE1=GG1，EGE1G1，EGE1G1，EE1G1G為等腰梯形，畫出平面E1EGG1的平面圖，E1G1=62cm，EG=14cm，EQ=32cm，NP=12cm，E1Q=24cm，由勾股定理得：E1，E=40cmsinEE11，EGM=sin11，cos，G=sinEEG=依照正弦定理得：=

32、，sin，cos，sinGEM=sin（EGM+EMG）=sinEGMcosEMG+cosEGMsinEMG=，EN=20cm玻璃棒l沒入水中部分的長度為20cm第26頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【點】本考玻璃棒l沒入水中部分的度的求法，考空中、面、面面的地址關(guān)系等基知，考推理能力、運算求解能力、幻想象能力，考數(shù)形合思想、化與化思想，是中檔19（16分）（2017?江）于定的正整數(shù)k，若數(shù)列an足：ank+ank+1+an1+an+1+an+k1+an+k=2kan任意正整數(shù)n（nk）建立，稱數(shù)列an是“P（k）數(shù)列”（1）明：等差數(shù)列an是“P（3）數(shù)列”；（2）

33、若數(shù)列an既是“P（2）數(shù)列”，又是“P（3）數(shù)列”，明：an是等差數(shù)列【解析】（1）由意可知依照等差數(shù)列的性，an3+an2+an1+an+1+an+2+an+3=（an3+an+3）+（an2+an+2）+（an1+an+1）23an，據(jù)“P（k）數(shù)列”的定，可得數(shù)列an是“P（3）數(shù)列”；（2）由“P（k）數(shù)列”的定，an2+an1+an+1+an+2=4an，an3+an2+an1+an+1+an+2+an+3=6an，形整理即可求得2an=an1+an+1，即可明數(shù)列an是等差數(shù)列【解答】解：（1）明：等差數(shù)列an首a1，公差d，an=a1+（n1）d，an3+an2+an1+an+

34、1+an+2+an+3，=（an3+an+3）+（an2+an+2）+（an1+an+1），第27頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納=2an+2an+2an，=23an，等差數(shù)列an是“P（3）數(shù)列”；2）證明：由數(shù)列an是“P（2）數(shù)列”則an2+an1+an+1+an+2=4an，數(shù)列an是“P（3）數(shù)列”an3+an2+an1+an+1+an+2+an+3=6an，由可知：an3+an2+an+an+1=4an1，an1+an+an+2+an+3=4an+1，由（+）：2an=6an4an14an+1，整理得：2an=an1+an+1，數(shù)列an是等差數(shù)列【議論】本題

35、觀察等差數(shù)列的性質(zhì)，觀察數(shù)列的新定義的性質(zhì)，觀察數(shù)列的運算，觀察轉(zhuǎn)變思想，屬于中檔題20（16分）（2017?江蘇）已知函數(shù)f（x）=x3+ax2+bx+1（a0，bR）有極值，且導(dǎo)函數(shù)f（x）的極值點是f（x）的零點（極值點是指函數(shù)取極值時對應(yīng)的自變量的值）1）求b關(guān)于a的函數(shù)關(guān)系式，并寫出定義域；2）證明：b23a；（3）若f（x），f（x）這兩個函數(shù)的全部極值之和不小于，求a的取值范圍【解析】（1）經(jīng)過對f（x）=x3+ax2+bx+1求導(dǎo)可知g（x）=f（x）=3x2+2ax+b，進(jìn)而再求導(dǎo)可知g（x）=6x+2a，經(jīng)過令g（x）=0進(jìn)而可知f（x）的極小值點為x=，進(jìn)而f（）=0，整

36、理可知b=+（a0），結(jié)合（fx）=x3+ax2+bx+1（a0，bR）有極值可知f（x）=0有兩個不等的實根，進(jìn)而可知a3（2）經(jīng)過（1）構(gòu)造函數(shù)h（a）=b23a=+=（4a327）（a327），結(jié)合a3可知h（a）0，進(jìn)而可得結(jié)論；（3）經(jīng)過（1）可知f（x）的極小值為f（）=b，利用韋達(dá)定理及完全平方關(guān)系可知y=f（x）的兩個極值之和為+2，進(jìn)而問題轉(zhuǎn)變成解不第28頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納等式b+2=，因式分解即得結(jié)論【解答】（1）解：由于f（x）=x3+ax2+bx+1，因此g（x）=f（x）=3x2+2ax+b，g（x）=6x+2a，令g（x）=0，

37、解得x=由于當(dāng)x時g（x）0，g（x）=f（x）單調(diào)遞加；當(dāng)x時g（x）0，g（x）=f（x）單調(diào)遞減；因此f（x）的極小值點為x=，由于導(dǎo)函數(shù)f（x）的極值點是原函數(shù)f（x）的零點，因此f（）=0，即+1=0，因此b=+（a0）由于f（x）=x3+ax2+bx+1（a0，bR）有極值，因此f（x）=3x2+2ax+b=0有兩個不等的實根，因此4a212b0，即a2+0，解得a3，因此b=+（a3）（2）證明：由（1）可知h（a）=b23a=+=（4a327）（a327），由于a3，因此h（a）0，即b23a；（3）解：由（1）可知f（x）的極小值為f（）=b，設(shè)x1，2是y=f（）兩個極值點

38、，則12=12=，xxx+x，xx因此f（x1）+f（2）=+（+12x+a）+b（x+x）+2=（12）（1+x2）23x1212）22x12（12）+2x+xxx+a（x+xx+bx+x=+2，又由于f（x），f（x）這兩個函數(shù)的全部極值之和不小于，因此b+2=，第29頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納由于a3，因此2a363a540，因此2a（a236）+9（a6）0，因此（a6）（2a2+12a+9）0，因此a60，解得a6，因此a的取值范圍是（3，6【議論】本題觀察利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值，觀察運算求解能力，觀察轉(zhuǎn)變思想，注意解題方法的積累，屬于難題二.非

39、選擇題，附加題（21-24選做題）【選修4-1：幾何證明選講】（本小題滿分分）21（2017?江蘇）如圖，AB為半圓O的直徑，直線PC切半圓O于點C，APPC，P為垂足求證：（1）PAC=CAB；2）AC2=AP?AB【解析】（1）利用弦切角定理可得：ACP=ABC利用圓的性質(zhì)可得ACB=90再利用三角形內(nèi)角和定理即可證明（2）由（1）可得：APCACB，即可證明【解答】證明：（1）直線PC切半圓O于點C，ACP=ABCAB為半圓O的直徑，ACB=90APPC，APC=90PAC=90ACP，CAB=90ABC，PAC=CAB2）由（1）可得：APCACB，=AC2=AP?AB第30頁（共36

40、頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納【議論】本題觀察了弦切角定理、圓的性質(zhì)、三角形內(nèi)角和定理、三角形相似判斷與性質(zhì)定理，觀察了推理能力與計算能力，屬于中檔題選修4-2：矩陣與變換22（2017?江蘇）已知矩陣A=，B=1）求AB；（2）若曲線C1：=1在矩陣AB對應(yīng)的變換作用下獲取另一曲線C2，求C2的方程【解析】（1）按矩陣乘法規(guī)律計算；（2）求出變換前后的坐標(biāo)變換規(guī)律，代入曲線C1的方程化簡即可【解答】解：（1）AB=，2）設(shè)點P（x，y）為曲線C1的任意一點，點P在矩陣AB的變換下獲取點P（x0，y0），則=，即x0=2y，0，y=xx=y0，y=，22，即x0+y0=8，曲線

41、C2的方程為x2+y2=8【議論】本題觀察了矩陣乘法與矩陣變換，屬于中檔題選修4-4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程23（2017?江蘇）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知直線l的參數(shù)方程為（t第31頁（共36頁）構(gòu)思奇特，質(zhì)量一流，適合各個領(lǐng)域，感謝采納為參數(shù)），曲線C的參數(shù)方程為（s為參數(shù)）設(shè)P為曲線C上的動點，求點P到直線l的距離的最小值【解析】求出直線l的直角坐標(biāo)方程，代入距離公式化簡得出距離d關(guān)于參數(shù)s的函數(shù)，進(jìn)而得出最短距離【解答】解：直線l的直角坐標(biāo)方程為x2y+8=0，P到直線l的距離d=，當(dāng)s=時，d獲取最小值=【議論】本題觀察了參數(shù)方程的應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題選修4-5：不等式選講24（2017?江蘇）已知a，b，c，d為實數(shù)，且a2+b2=4，c2+d2=16，證明ac+bd8【解析】a2+b2=4，c2+d2=16，令a=2cos，b=2sin，c=4cos，d=4sin代入ac+bd化簡，利用三角函數(shù)的單調(diào)性即可證明另解：由柯西不等式可得：（ac+bd）2（a2+b2）（c2+d2），即可得出【解答】證明：a2+b2=4，c2+d2=16，令a=2cos，b=2sin，c=4cos，d=