2022-2023學年浙江省紹興市柯橋區(qū)柯橋區(qū)教師發(fā)展中心高一物理第一學期期末預測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、下列情況中，研究對象可以視為質點的是（ ）A.研究地球自轉的規(guī)律B.研究地球繞太陽公轉的周

2、期C.研究人造地球衛(wèi)星的姿態(tài)調整D.研究跳水運動員的跳水動作2、如圖所示，小狗勻速向前跑動時，繩索上的拉力為F，繩索與地面夾角為30，此時小狗向前跑動的動力是A.FB.C.FD.2F3、在一次交通事故中，交通警察測量出肇事車輛的剎車痕跡是30m，該車輛最大剎車加速度是15m/s2，該路段的限速為60km/h。下列關于該車的說法正確的是（）A.超速B.不超速C.速度剛好是60km/hD.無法判斷4、將一個物體以某一速度從地面豎直向上拋出，設物體在運動過程中所受空氣阻力大小不變，則物體A.剛拋出時的速度最大B.在最高點的加速度為零C.上升時間大于下落時間D.上升時的加速度等于下落時的加速度5、由吳

3、京主演的攀登者，重現(xiàn)了中國人攀登珠穆朗瑪峰的英勇歷史，體現(xiàn)了中國人不畏艱險，自強自立的愛國精神如圖為影片中登山隊員的登山的照片已知其中一名隊員重為G，靜止時，繩子與豎直方向的夾角為60o,繩子拉力也為G，則此時山峰對該隊員的作用力（ ）A.就是山峰對該對員的支持力B.大小為C.大小為GD.方向可能水平向左6、一個做勻減速直線運動的物體，先后經(jīng)過a、b兩點時的速度大小分別是4v和v，所用時間為t，下列判斷正確的是（）A.物體的加速度大小為B.經(jīng)過ab中點時的速率是C.在時刻的速率是D.這段時間內的位移為7、如圖所示傳送帶與水平面夾角為，以速度v沿逆時針勻速轉動。一可視為質點的物塊以初速度v0滑入

4、傳送帶，且v v0，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，”、“”或“=”）三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質量M2kg，長L2m的木板，放在傾角的斜坡上?，F(xiàn)用一大小為14N，方向沿斜坡向上的力F將木板勻速推到斜坡頂端并固定。將一質量m1kg的小物塊(可視為質點，圖中未畫出)從固定木板的最上端由靜止釋放，經(jīng)t1s小物塊離開木板。已知斜坡足夠長，重力加速度g取10m/s2，求：(1)小物塊沿固定木板下滑的加速度；(2)木板與斜坡間的動摩擦因數(shù)；(3)若釋放小物塊的同時解除木板的固定，小物塊在木板上運動的最長時間。17、（10分）如圖所示，質量為2 kg的物體在40 N水平推力作用下，從靜

5、止開始1 s內沿豎直墻壁下滑3 m求：(取g10 m/s2)(1)物體運動的加速度大小；(2)物體受到的摩擦力大??；(3)物體與墻壁間的動摩擦因數(shù)參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】A研究地球自轉的規(guī)律時，地球不能看做質點，否則就沒有旋轉可言了，選項A錯誤；B研究地球繞太陽公轉的周期時，地球的大小可忽略不計，可看做質點，選項B正確；C研究人造地球衛(wèi)星的姿態(tài)調整時，衛(wèi)星的大小和形狀不能忽略，不能看做質點，選項C錯誤；D研究跳水運

6、動員的跳水動作時，運動員不能看做質點，否則就沒動作可言了，選項D錯誤。故選B。2、C【解析】把繩索上的拉力F分解，F(xiàn)的水平分量Fcos與小狗的動力滿足二力平衡條件，因此小狗向前跑動的動力等于，故選C考點：物體的平衡【名師點睛】本題考查共點力平衡條件應用，注意明確小狗在水平和豎直方向上的合力均應為零，分別在兩個方向列出方程即可3、A【解析】根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式得解得該車已超速。故選A。4、A【解析】整個過程中都有空氣的阻力做功，故機械能有損失，故上升過程初速度最大，故A正確；物體在運動過程中所受空氣阻力大小不變，但是受空氣阻力的方向總與物體的速度方向相反a上= ，a下=，所以上升時的

7、加速度大于下落時的加速度，且在最高點的加速度不為零,BD錯誤；根據(jù)h=at2，可知上升時間小于下落時間，C錯誤；故選A點睛:考慮阻力的豎直上拋運動，是具有向上的初速度，加速度變化的變加速直線運動，上升和下降過程并不對稱，所以時間也不相等.5、C【解析】A.山峰對該隊員的作用力是山峰對該隊員的支持力和摩擦力的合力，故A錯誤；BCD.以該隊員為研究對象，受力情況如圖所示：根據(jù)幾何關系可得繩子拉力T的方向與重力G的方向夾角為120，且大小相等，所以山峰對該隊員的作用力F、重力G和繩子拉力T構成等邊三角形，則F=G，方向與拉力和重力的合力方向相反，故C正確，BD錯誤6、D【解析】根據(jù)速度時間公式求出物

8、體的加速度，根據(jù)勻變速直線運動的推論求解中間位置的速度；根據(jù)平均速度的推論求出中間時刻的瞬時速度，根據(jù)平均速度求解這段時間內的位移【詳解】物體的加速度大小為：，故A錯誤；中點的速率為，B錯誤；在時刻的速率為：，C錯誤；t時間內的位移大小，故D正確故選D.7、BD【解析】AB物體開始運動的速度小于傳送帶的速度，所以物體相對傳送帶向上滑動，摩擦力沿傳送帶平面向下，根據(jù)牛頓第二定律：物體加速至于傳送帶共速時，因為，根據(jù)牛頓第二定律：物體勻加速運動的加速度關系：，圖線斜率的物理意義為加速度，A錯誤，B正確；CD根據(jù)上述分析可知加速度恒定且，C錯誤，D正確。故選BD。8、BD【解析】開始階段，彈簧的壓縮

9、量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大?。篎=mg-kx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續(xù)向下運動，此時合外力大小為：F=kx-mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大故整個過程中加速度先變小后變大，速度先變大后變小故AC錯誤，BD正確故選BD9、BD【解析】AB根據(jù)牛頓第二定律可知，當加速度a 不斷減小至零時合力逐漸減小到零，因速度不為零，仍向原來正方向，故位移不斷增大，故A錯誤，B正確；CD飛機做加速運動，加速

10、度方向與速度方向相同，加速度減小，即速度增加的快慢程度越來越慢，故C錯誤，D正確。故選BD。10、BC【解析】AB對A物體，由于A勻速運動，由二力平衡可知，B對A的摩擦力必與F等大反向，故A錯誤，B正確；C對B物體，由力的作用的相互性知，B對A的摩擦力一定與A對B的摩擦力反向，故B受到A的摩擦力水平向左，故C正確；D對A、B整體分析，由于AB一起向左勻速運動，則地面對B摩擦力一定為滑動摩擦力，且水平向右，故D錯誤故選BC。11、AB【解析】A彈力產(chǎn)生的條件是兩物體相互接觸，同時產(chǎn)生彈性形變，故只有兩個物體相互接觸時才有可能產(chǎn)生彈力，故A錯誤；B根據(jù)摩擦力產(chǎn)生的條件可知，兩物體間有摩擦力時一定有

11、相互作用的彈力，故B正確；C靜止物體可能受到滑動摩擦力作用，比如：在地面滑行的物體，地面受到滑動摩擦力，故C錯誤；D靜摩擦力的大小與正壓力的大小無關，與引起相對運動趨勢的力的大小有關，故D錯誤。故選AB。12、BC【解析】AB由題圖乙可得，物塊做勻變速運動的加速度大小為由牛頓第二定律得則可得物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)選項B正確，A錯誤；CD在vt圖像中，圖線與t軸所圍面積表示物塊的位移，則物塊經(jīng)減速、反向加速到與傳送帶相對靜止，最后勻速運動回到傳送帶左端時，物塊的位移為0，由題圖乙可得物塊在傳送帶上運動的總時間為4.5s，選項C正確，選項D錯誤。故選BC?！军c睛】此時是牛頓第二定律應用的典型問

12、題-傳送帶問題；解決本題的關鍵是根據(jù)圖像理清物塊在傳送帶上整個過程的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式以及速度時間圖線進行求解。二填空題(每小題6分，共18分)13、 .20 .8【解析】根據(jù)“拉力F作用下處于靜止狀態(tài)、撤去力F的瞬間”可知，本題考查平衡狀態(tài)和牛頓第二定律，根據(jù)平衡條件，運用牛頓第二定律的瞬時性特點，列式計算.【詳解】(1)小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力為：F彈=mgtan45=201=20N.(2)撤去力F的瞬間，彈簧的彈力仍然為20N，小球此時受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個力作用；小球所受的最大靜摩擦力為：f=mg=0.

13、220N=4N，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為：，合力方向向左,則加速度方向向左.【點睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答14、；， ；（4）【解析】根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點時小車的瞬時速度大??；根據(jù)勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小；當取下細繩和鉤碼時，由于滑塊所受其它力不變，因此其合外力與撤掉鉤碼的重力等大反向；根據(jù)牛頓第二定律有mg=Ma，由此可解得滑塊的質量從圖乙中可知，（2）相鄰計數(shù)點間的時間間隔

14、為，根據(jù)勻變速直線運動過程中的中間時刻速度推論可得， 根據(jù)逐差法可得，聯(lián)立即得滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，撤去時滑塊做勻加速直線運動時，受到的合外力，由牛頓第二定律得，解得（4）滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，掛上質量為m的鉤碼時滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，受到的合外力為，由牛頓第二定律得，解得，由圖丙所示圖象可知，解得M=0.200kg15、 .平衡摩擦力 .遠小于 .【解析】在實驗中，為了減少這種做法而帶來的實驗誤差，一要排除摩擦力的影響，二要砂桶的重力接近小車所受的合力a-F圖象的斜率表示加速度的倒數(shù)；求解出加速度與拉力F的表達式后結合圖象分析得到動摩擦因素情況（1）用小木塊將長木板無滑輪的一端墊高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力，目的是平衡摩擦力對整體運用牛頓第二定律得，則小車的合力，當砝碼桶及桶內砝碼的總質量遠小于滑塊和滑塊上砝碼的總質量，滑塊和滑塊上砝碼所受的拉力等于砝碼桶及桶內砝碼的總的重力（2）當沒有平衡摩擦力時有，故，即圖線斜率為，縱軸