河北省永年縣第一中學2022年物理高一上期末學業(yè)水平測試模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于牛頓第一定律有下列說法，其中正確的是A.物體的運動需要力來維持B.牛頓第一

2、定律可用實驗來驗證C.牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態(tài)的原因D.慣性定律與慣性的實質是相同的2、關于速度、速度改變量、加速度，正確的說法是()A.物體運動的速度改變量很大，它的加速度一定很大B.某時刻物體的速度為零，其加速度一定為零C.速度很大物體，其加速度可以很小，但不可以為零D.某物體在運動過程中，可能會出現，加速度在變大，但其速度在變小的情況3、甲同學站在三樓陽臺上，同時以V0的速率拋出兩個小球，其中一個球豎直上拋，另一個球豎直下拋，它們落地的時間差為t1，乙同學站在六樓陽臺上，以同樣的方式拋出兩個小球，它們落地的時間差為t2，丙同學在輕繩的兩端各拴一個小球,用手拿著繩子上端的小球,

3、站在三層樓的陽臺上,釋放小球,使小球自由下落,兩小球相繼落地的時間差為t3,如果丁同學站在六層樓的陽臺上,同樣的方法釋放小球,讓小球自由下落則兩小球相繼落地的時間差t4，不計空氣阻力，幾個時間差相比較（ ）A.t1小于t2B.t1大于t2C.t3小于t4D.t3大于t44、質量為2kg的物體做勻變速直線運動，其位移隨時間變化的規(guī)律為。該物體所受合力的大小為（）A.2NB.4NC.6ND.8N5、兩質點A、B從同一地點、同時開始運動的v-t圖象如圖所示，下列說法正確的是 A.A質點一直做勻加速運動；B質點先加速后減速，B質點8 s末速度為零B.A、B兩質點在4 s末相遇C.在04s內，A在B前面

4、運動，且兩質點間的距離越來越大D.在4s8 s內，A質點的位移小于B質點的位移6、關于自由落體運動,下列說法中正確的是（g取9.8m/s2）（）A.只在重力作用下的豎直向下的運動是自由落體運動B.物體剛下落時，速度和加速度都零C.物體越重，下落得越快D.下落過程中，物體速度每秒增加9.8m/s7、如圖所示為車站使用的水平傳送帶裝置模型，繃緊的傳送帶水平部分AB的長度L=6m，以v=1m/s的速度向右運動。現將一個可視為質點的旅行包無初速地輕放在傳送帶的A端，已知旅行包與皮帶之間的動摩擦因數=0.2，重力加速度大小g=10m/s2，則（ ）A.由于旅行包受到向右的摩擦力，故旅行包一直向右做加速運

5、動B.旅行包從A端運動到B端的時間是6.25sC.旅行包在傳送帶上相對滑動時留下痕跡長度是0.25mD.旅行包在傳送帶上相對滑動時留下的痕跡長度是0.75m8、關于曲線運動，下列說法中正確的是（ ）.A.曲線運動一定是變速運動B.變速運動一定是曲線運動C.曲線運動可能是勻變速運動D.變加速運動一定是曲線運動9、三段不可伸長的細繩OA、OB、OC共同懸掛一重物，如圖所示，B端固定，OB始終保持水平，A端水平向左移動一小段距離的過程中，下面說法正確的是（）A.OA 繩拉力減少B.OA 繩拉力增大C.OC 繩拉力不變D.OB 繩拉力增大10、如圖所示，在光滑水平面上疊放著A、B兩物體?，F對A施加水平

6、向右拉力F，通過傳感器可測得A的加速度a隨拉力F變化的關系如圖B所示。已知重力加速度g = 10 m/s2，由下列說法正確的是（ ）A.A的質量mA=2 kgB.A的質量mA=6 kgC.A、B間的動摩擦因數=0.6D.A、B間的動摩擦因數=0.211、關于加利略的兩個斜面實驗(外推法研究自由落體運動的示意圖a和理想斜面實驗的示意圖b),下面說法正確的是A.伽利略在圖(a)中使用了光滑斜面進行實驗B.伽利略在圖(b)中把實驗和邏輯推理和諧地結合起來C.伽利略從圖(a)中得出:自由落體運動是勻加速直線運動D.伽利略從圖(b)中得出:力是維持物體運動的原因12、有四個物體A、B、C、D，物體A、B

7、運動的x-t圖象如圖甲所示；物體C、D從同一地點沿同一方向運動的v-t圖象如圖乙所示。根據圖象做出的以下判斷中正確的是（ ）A.物體A和B均做勻變速直線運動B.在03s的時間內，物體A、B的間距逐漸減小C.t=3s時，物體C、D的速度相同D.在03s的時間內，物體C與D的間距逐漸增大二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖所示為“研究物體做勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶，a、b、c、d為計數點，相鄰計數點時間間隔為0.1s其中b點的瞬時速度為_ m/s（保留三位數）14、為了測定滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數,某同學設計了如圖所示的實驗裝置,其中圓弧形滑槽末端與桌面相切.第一次實驗時,

8、滑槽固定于桌面右端,末端與桌子右端M對齊（如圖甲）,滑塊從滑槽頂端由靜止釋放,落在水平面上的P點;第二次實驗時,滑槽固定于桌面左側（如圖乙）,測出末端N與桌子右端M的距離為L,滑塊從滑槽頂端由靜止釋放,落在水平面上的Q點,已知重力加速度為g,不計空氣阻力.（1）實驗還需要測出的物理量是（ ）A.滑槽高度h B.桌子的高度H C.O點到P點的距離D.O點到Q點的距離 E.滑塊的質量m（2）根據1中所選物理量,寫出動摩擦因數的表達式是_.（3）如果第二次實驗時,滑塊沒有滑出桌面,測得在桌面上的滑行距離為x,動摩擦因數可表示為_.15、某同學利用如圖（a）裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關系”的實

9、驗（1）在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持_狀態(tài)（2）他通過實驗得到如圖（b）所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線，由此圖線可得該彈簧的原長x0=_cm，勁度系數k= _N/m三計算題(22分)16、（12分）用如圖甲所示實驗裝置“探究物體加速度與力的關系”，打點計時器使用的交流電頻率f=50Hz。（1）關于該實驗，以下說法正確的是_；A應先釋放小車，再接通電源B操作過程中應調節(jié)滑輪高度，使細線與長木板平行C平衡摩擦力時，應將砂桶用細線跨過定滑輪系在小車上D為減小實驗誤差，應使小車總質量M遠小于砂和砂桶的總質量m（2）某次實驗中的紙帶如圖乙所示，其中A、B、C、D、E為計數點，相鄰兩計數點之間

10、還有4個點未標出。測出s1=1.34cm，s2=2.00cm，s3=2.66cm，s4=3.32cm，則B點的速度大小為_m/s，小車的加速度大小為_m/s2。（計算結果均保留兩位有效數字）（3）通過實驗獲得如下表所示的幾組數據，請用描點法在圖丙中得出a-F的關系圖像_。F（N）0.020.040.060.080.100.120.14a（m/s2）0.140.230.320.420.500.59066（4）根據作出的a-F圖像，分析在操作過程中存在的主要問題：_。17、（10分）如圖所示，水平面AB與固定的光滑長直斜面BC在B處平滑連接。BC傾角，質量m=5 kg的物體，受到水平方向的拉力F的

11、作用，從A點由靜止開始運動，經3s時間物體運動到B點時撤去F，物體恰能滑動到斜面上的D點。物體經過B點前后，速度大小不變。已知：F=25N，BD間距為3.6m。g=10m/s2，求：（1）物體與水平面AB間的動摩擦因數；（2）僅改變拉力F的大小，其它不變，要始物體能返回A點，拉力F的最小值Fmin應為多少？參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】牛頓第一定律是指出物體不受力的情況下的運動狀態(tài)，指出力是改變物體運動狀態(tài)的原因，是理想

12、化模型，現實無法實現，同時提出慣性的概念，慣性的決定因素是質量；【詳解】A、牛頓第一定律是指出物體不受力的情況下的運動狀態(tài)，指出力是改變物體運動狀態(tài)的原因，物體的運動不需要力來維持，故A錯誤，C正確；B、牛頓第一定律是理想化模型，現實無法直接驗證，故B錯誤；D、慣性是物體的固有屬性，牛頓第一定律又稱為慣性定律，慣性定律與慣性的實質是不相同的，故D錯誤【點睛】理解好牛頓第一定律提出的兩個點：一、力是改變運動狀態(tài)的原因；二、慣性的概念理解，知道慣性的決定因素是質量2、D【解析】A根據可知，物體運動的速度改變量很大，它的加速度不一定很大，選項A錯誤；B某時刻物體的速度為零，其加速度不一定為零，例如豎

13、直上拋物體到達最高點時，選項B錯誤；C速度很大的物體，其加速度可以很小，也可以為零，例如高速勻速飛行的子彈，選項C錯誤；D某物體在運動過程中，若加速度和速度反向，則當加速度在變大時，速度在變小，選項D正確3、D【解析】AB、設高度為h，豎直上拋經歷的時間為，豎直下拋，由兩個式子相減得，解得時間差為一個定值，與高度無關，故A、B錯誤；CD、設細線的長度為L，第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內的初速度，高度越高，落地的速度越大，則可知高度越高，另一個小球在位移L內的初速度越大，根據，初速度越大，時間越短，所以

14、，故D正確，A、B、C錯誤；故選D【點睛】一個球豎直上拋，另一個球豎直下拋，將豎直上拋運動按照時間段分解為豎直上拋到落回拋出點和接下來的豎直下拋過程，故兩個小球的時間差為為一個定值，與高度無關；不論放在三樓陽臺釋放還是放在六樓陽臺釋放，一球落地后，另一球運動的位移相等，根據，求出兩球落地的時間差的變化；4、D【解析】位移隨時間變化的規(guī)律根據題目中的表達式，應用待定系數法可知解得加速度根據牛頓第二定律求解合外力ABC錯誤，D正確。故選D。5、A【解析】A圖像斜率表示加速度，由圖像可知，A質點一直做勻加速運動，質點B的加速度先減小后反向增大，速度方向不變，所以B質點先加速后減速，且8s末速度為零，

15、故A正確；B圖像與時間軸所圍面積表示位移，由圖像可知，B在4s內的位移大于A的位移，故B錯誤；C圖像與時間軸所圍面積表示位移，由圖像可知，0-4s內A的位移始終小于B的位移，即B在A前面，故C錯誤；D圖像與時間軸所圍面積表示位移，由圖像可知，A質點的位移大于B質點的位移，故D錯誤。故選A。6、D【解析】A.只在重力作用下，且由靜止開始的豎直向下的運動是自由落體運動，選項A錯誤；B.物體剛下落時，速度為零，加速度為g，選項B錯誤；C.輕重物體下落的一樣快，選項C錯誤；D.下落過程中，物體的加速度為9.8m/s2,則物體速度每秒增加9.8m/s，選項D正確.故選D.7、BC【解析】A根據牛頓第二定

16、律得旅行包加速運動的加速度=2m/s2旅行包從開始運動到速度與傳送帶速度相等需要的時間為s通過的位移為m6m所以旅行包無初速度地輕放在傳送帶的左端，在傳送帶上先做勻加速直線運動，達到傳送帶速度后做勻速直線運動，故A錯誤；B后一階段旅行包運動至B端所用的時間為t2，則有s所以物體由A端到B端所用時間為s故B正確；CD相對運動階段傳送帶的位移m所以旅行包在傳送帶上相對滑動時留下的痕跡長度是0.25m故C正確，D錯誤。故選BC。8、AC【解析】A.曲線運動的速度的方向一定變化，則一定是變速運動，選項A正確；B.變速運動不一定是曲線運動，例如自由落體運動，選項B錯誤；C.曲線運動可能是勻變速運動，例如

17、平拋運動，選項C正確；D.變加速運動不一定是曲線運動，也可能是直線運動，選項D錯誤9、BCD【解析】以結點0為研究對象受力分析，然后將OC的拉力進行分解，A左移則OA逆時針轉動，根據圖解法判斷大小的變化.【詳解】OC 繩拉力等于重力，不變；將OC的拉力進行分解，如圖所示：A左移則OA逆時針轉動，由圖可以看出OA和OB繩子拉力都是一直變大故選BCD10、BD【解析】AB由圖象可以看出，當力F48N時加速度較小，A、B相對靜止，加速度相同。對整體法，由牛頓第二定律：F=（mA+mB）a則得由數學知識得：故mA+mB=8kg當F48N時，A的加速度較大，采用隔離法，由牛頓第二定律：對A有：F-mAg

18、=mAa則得由數學知識得：可得mA=6kgmB=2kg選項A錯誤，B正確；CD由 當F=60N時，a=8m/s2解得 =0.2故C錯誤，D正確。故選BD。11、BC【解析】如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略，伽利略推斷出小球在斜面運動能到達原來下滑時的高度，存在某個守恒量.【詳解】伽利略從圖(a)中將斜面實驗的結論外推到斜面傾角的情形,從而間接證明了自由落體運動是勻加速直線運動.所以沒有必要斜面一定光滑，故A錯；C對；伽利略在圖（b）中把實驗和邏輯推理和諧地結合起來，選項B正確；伽利略從圖（b）中得出:力不是維持物體運動的原因，選項D錯誤；故選BC.12、CD【解析】A由甲圖看出：物體A和B位移

19、圖象都是傾斜的直線，斜率不變，速度不變，說明物體A和B都做勻速直線運動，故A錯誤；BA圖線的斜率大于B圖線的斜率，A的速度比B的大，則知在03s的時間內，A在B的前方，兩者間距逐漸增大，故B錯誤；Ct=3s時，物體C、D的圖線相交，兩者速度相同，故C正確；D由乙圖看出：0-3s內，D的速度比C的大，C、D是從同一地點沿同一方向開始運動的，所以D在C的前方，兩者間距增大。故D正確。故選CD。二填空題(每小題6分，共18分)13、520【解析】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大小；【詳解】根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的

20、平均速度，可以求出打紙帶上b點時小車的瞬時速度大??；【點睛】要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用14、 .BCD . .【解析】(1)1滑塊離開桌面后做平拋運動，實驗需要測出滑塊離開滑槽與離開桌面時的速度，因此實驗時需要測出：桌子的高度H；O點到P點的距離d1；O點到Q點的距離d2；故選BCD。(2)2滑塊離開桌面后做平拋運動，在豎直方向上在水平方向上滑塊在桌面上運動時，要克服摩擦力做功，由動能定理得解得(3)3如果第二次實驗時，滑塊沒有滑出桌面，測得滑行距離為x，由動能定理得解得15、 .豎直 .4 .50【解析】（1）1在利用圖（a）裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關系”的實驗時，為減少因讀數帶來的誤差影響，應讓刻度尺保持豎直狀態(tài)；（2）23根據F=kx結合圖象可知F=0時彈簧原長x0=4cm，勁度系數三計算題(22分)16、 .B .0.17 .