浙江省杭州市2022-2023學(xué)年物理高一第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、豎直礦井中的升降機(jī)可將地下深處的礦石快速運送到地面某一豎井的深度約為96m升降機(jī)運行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過1m/s2，假定升降機(jī)

2、到井口的速度為零，則將礦石從井底提升到井口的最（）A.16sB.20sC.24sD.26s2、圖示為正在航拍的四旋翼無人飛機(jī)下列過程中能將無人飛機(jī)看做質(zhì)點的是（）A.調(diào)節(jié)飛機(jī)旋翼的轉(zhuǎn)速B.調(diào)整飛機(jī)在空中的姿態(tài)C.觀察飛機(jī)在空中的位置D.調(diào)整飛機(jī)上攝像機(jī)鏡頭的方向3、如圖所示，水平地面上有一個坑，其豎直截面為半圓，O為圓心，AB為沿水平方向的直徑若在A點以初速度v1沿AB方向平拋一小球，小球?qū)糁锌颖谏系淖畹忘cD點；而在C點以初速度v2沿BA方向平拋的小球也能擊中D點已知COD60，則兩小球初速度大小之比v1v2是（小球視為質(zhì)點）A.12B.13C.2D.34、在探究超重和失重的規(guī)律時，某體重為

3、G的同學(xué)站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作。傳感器和計算機(jī)相連，經(jīng)計算機(jī)處理后得到的壓力隨時間t變化的圖像可能是圖中的（）A.B.C.D.5、如圖所示，在水平桌面上放著一本書，書與桌面間的動摩擦因數(shù)為，現(xiàn)用一水平推力把書向桌沿推出直至翻倒掉下，書本從開始運動到翻倒的過程中，桌面對書的摩擦力A.保持不變B.逐漸減小到零C.先增大后不變D.先增大后減小6、小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示 .取則A.下落的最大速度為5m/sB.自由落體高度為2.5mC.能彈起的最大高度為1.25mD.小球從下落到反彈到最高點所經(jīng)過的路程為1.7m7、如圖所示是某物體

4、做直線運動v2-x圖象（其中v為速度，x為位置坐標(biāo)），下列關(guān)于物體從x=0處運動至x0處的過程分析，其中正確的是A.該物體做勻減速直線運動B.該物體的運動時間為C.該物體的加速度大小為D.該物體在位移中點的速度大于8、行星沿不同的橢圓軌道繞太陽運動，根據(jù)開普勒行星運動定律可知（ ）A.所有橢圓軌道的中心重合，太陽處在該中心上B.所有行星都是在近日點速度比在遠(yuǎn)日點的速度大C.橢圓軌道半長軸長的行星，繞太陽運行一周的時間也長D.如果將行星的軌道近似看作圓，則行星做勻速圓周運動9、如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和固定點O、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，a和b之間通過細(xì)線連接。整個系

5、統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將細(xì)線剪斷，將剪斷后瞬時物塊a、b和c的加速度的大小記為a1、a2和a3，S1和S2相對于原長的伸長量分別記為l1和l2，重力加速度大小為g，則剪斷細(xì)線后瞬間（）A.a1=2gB.a2=2gC.a3=gD.l1=l210、A、B兩個物體從同一地點同時出發(fā)，沿同一方向做勻變速直線運動，若初速度不同，加速度相同，則在運動過程中A.A、B的速度之差保持不變B.A、B的速度之差與時間成正比C.A、B的位移之差與時間成正比D.A、B的位移之差與時間的平方成正比二、實驗題11、（4分）“驗證力的平行四邊形定則”的實驗如圖（a）所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點，OB和

6、OC為細(xì)繩，圖（b）是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖（1）圖（b）中的_是力和的合力的理論值；_是力和的合力的實際測量值（2）在實驗中，如果將細(xì)繩也換成橡皮筋，那么實驗結(jié)果是否會發(fā)生變化？答：_（選填“變”或“不變”）（3）本實驗采用的科學(xué)方法是_.A理想實驗法B等效替代法C控制變量法D建立物理模型法12、（10分）在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實驗”時，采用了如圖甲所示的實驗方案，操作如下：(1)平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應(yīng)_（填“減小”或“增大”）木板的傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點跡_為止。(2)已知小車質(zhì)量為M，盤和砝碼總質(zhì)量為m，要使細(xì)線的拉力近似等

7、于盤和砝碼和總重力，應(yīng)該滿足的條件是m_M（填“遠(yuǎn)小于”、“遠(yuǎn)大于”或“等于”）。(3)圖丙為小車質(zhì)量定時，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪的小車加速度a與盤和砝碼的總質(zhì)量m之間的實驗關(guān)系圖象。若牛頓第二定律成立，則小車的質(zhì)量M=_kg。（g取10m/s2）三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）為了測出井口到水面的距離，讓一個小石塊從井口自由落下，經(jīng)過2.0s后聽到石塊擊水的聲音。（g取10m/s2）（1）請你估算水面到井口的距離；（2）考慮到聲音在空氣中傳播需要一定的時間，估算值偏大還是偏小？請說明理由。

8、14、（14分）有一水平傳送帶以v0=2.0 m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，水平部分長L=2.0 m，其右端與一傾角為37的光滑斜面平滑相連，斜面長為0.4 m，一個可視為質(zhì)點的物塊無初速度地放在傳送帶的最左端，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.2，g取10 m/s2，sin 370.6物塊從從傳送帶左端運動到右端所用的時間t物塊能否到達(dá)斜面頂端？若能則說明理由，若不能則求出物塊上升的最大距離求物塊從出發(fā)到4.5 s末通過的路程15、（13分）中國已邁入高鐵時代，高鐵拉近了人們的距離，促進(jìn)了經(jīng)濟(jì)的發(fā)展一輛高鐵測試列車從甲站始發(fā)最后?？恳艺?，車載速度傳感器記錄了列車運行的v-t圖象如圖所示已知列車的質(zhì)

9、量為4.0105kg，假設(shè)列車運行中所受的阻力是其重力的0.02倍，求：(1)甲、乙兩站間的距離L：(2)列車出站時的加速度大?。?3)列車出站時的牽引力大小參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】升降機(jī)先做加速運動，后做勻速運動，最后做減速運動，根據(jù)速度位移公式和速度時間公式求得總時間【詳解】升降機(jī)先做加速運動，后做勻速運動，最后做減速運動，在加速階段，所需時間為：，通過的位移為：，在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時間為：

10、，總時間為：t=2t1+t220s，故B正確，ACD錯誤【點睛】本題主要考查了勻變速直線運動，熟練運用速度位移公式和速度時間公式，明確加速和減速過程的對稱性即可求解2、C【解析】調(diào)節(jié)飛機(jī)旋翼的轉(zhuǎn)速，飛機(jī)在空中的姿態(tài)，飛機(jī)上攝像機(jī)鏡頭的方向都需要用到飛行的大小和形狀，不能看做質(zhì)點，但眼睛飛機(jī)在空中的位置時，其形狀和大小是次要因素，可以忽略，能看做質(zhì)點，C正確；考點：考查了質(zhì)點的理解3、D【解析】小球從A點平拋，可得小球從C點平拋，可得聯(lián)立解得故選D。點睛：根據(jù)平拋運動的豎直位移求出運動的時間，根據(jù)水平位移求出平拋運動的初速度從而得出兩球的初速度之比解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線

11、運動，在豎直方向上做自由落體運動，掌握平拋運動的運動學(xué)規(guī)律4、D【解析】該同學(xué)站在壓力傳感器上完成一次下蹲動作的過程中，先向下加速，后向下減速，其加速度先向下后向上，即先失重后超重，選項D正確.；ABC錯故選D5、A【解析】ABCD、當(dāng)書的重心離開桌面時，書即翻轉(zhuǎn)掉下，當(dāng)重心在桌面上時，物體受到桌面的支持力不變，根據(jù)滑動摩擦力的定義可知桌面對書的摩擦力不變故A正確；BCD錯誤；故選A6、AD【解析】解決本題的關(guān)鍵是正確理解速度時間圖象的物理意義：速度圖象的斜率代表物體的加速度，速度圖象與時間軸圍成的面積代表物體的位移，最后求出反彈的高度【詳解】由圖可知，小球下落到0.5s時的速度最大，最大速度

12、為5m/s；故A正確；由圖象可知：前0.5s內(nèi)物體自由下落，后0.3s物體反彈，根據(jù)v-t圖象中速度圖象與時間軸圍成的面積表示位移可得自由落體高度為；小球彈起的高度為：h2=30.3=0.45m，故BC錯誤；小球從下落到反彈到最高點所經(jīng)過的路程為h1+h2=1.7m，選項D正確；故選AD【點睛】解決本題要明確v-t圖象的含義：在v-t圖象中每時刻對應(yīng)于速度的大小，速度的正負(fù)表示其運動方向，圖象的斜率表示物體運動的加速度，圖象與時間軸圍成的面積為物體的位移，時間軸上方面積表示位移為正，下方表示為負(fù)7、ACD【解析】A由勻變速直線運動的速度位移關(guān)系公式：可得：可以知道物體的加速度恒定不變，速度均勻

13、減小，故物體做勻減速直線運動，故A正確；C由上式知，v2-x圖象的斜率等于2a，由圖可得：則得物體的加速度大小為故C正確；B由勻減速直線運動的速度公式：可得減速時間：故B錯誤；D該物體在勻變速直線運動過程中的平均速度為，因為物體做勻減速直線運動，所以該物體在運動中間時刻的速度等于；物體在位移中點的速度可得：所以物體在位移中點的速度大于；故D正確。故選ACD。8、BCD【解析】A所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在所有橢圓的一個焦點上，故A錯誤；B行星從近日點到遠(yuǎn)日點萬有引力做負(fù)功，動能減小，速度減小，故B正確；C根據(jù)開普勒第三定律得所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比

14、值都相等，所以橢圓軌道半長軸長的行星，繞太陽運行一周的時間也長，故C正確；D如果將行星的軌道近似看作圓，太陽對行星的引力提供其所需的向心力，則行星做勻速圓周運動，故D正確。故選BCD。9、AB【解析】ABC剪斷前，對a、b、c分別受力分析如圖所示根據(jù)平衡條件，有解得。因彈簧的彈力不能突變，繩子的彈力可以突變，繩子斷時拉力立即為零，由牛頓第二定律得三個物體的加速度分別為故AB正確，C錯誤；D繩子斷后，彈簧伸長量不變，有可知故D錯誤。故選AB。10、AC【解析】根據(jù)速度時間公式求出速度之差，根據(jù)位移時間公式求出位移之差，從而分析判斷【詳解】設(shè)兩個物體的加速度為a，初速度分別為v1、v2a、b的速度

15、之差v=（v1+at）-（v2+at）=v1-v2，可知a、b的速度之差保持不變，故A正確，B錯誤；a、b的位移之差，故C正確，D錯誤所以AC正確，BD錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式二、實驗題11、 .F .F .不變 .B【解析】（1）合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數(shù)值，一定沿AO方向，由此可知F是合力的理論值，是合力的實驗值（2）由圖可知，彈簧秤的最小分度為；則讀得：，（3）本實驗中兩個拉力的作用效果和一個拉力的作用效果相同，采用的科學(xué)方法是等效替代法，故選項B正確12、 .增大 .間距相等

16、 .遠(yuǎn)小于 .0.08【解析】(1)12由打出的紙帶乙可知，小車做減速運動，則平衡摩擦力不夠，則應(yīng)增大木板的傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到小車做勻速運動，即直到紙帶上打出的點跡間距相等為止。(2)3設(shè)小車質(zhì)量為M，砝碼盤和砝碼的質(zhì)量為，設(shè)繩子上拉力為F，以整體為研究對象有解得以M為研究對象有繩子的拉力顯然要有必有故有即小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量時才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力，即m遠(yuǎn)小于M；(3)4根據(jù)變式為由題意知所以由圖象可知所以三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、 (1)

17、20m；(2)估算高度偏高【解析】(1)由于題目要求只是估算，所以可不考慮聲音在空氣中傳播的時間，直接運動自由落體運動基本公式求解(2)題目要求考慮聲音傳播的時間，實際做自由落體的時間小于聽到擊水的時間【詳解】(1)估算時可以不考慮聲音傳播所需要的時間，小石塊做自由落體運動，運動時間為2.0s，根據(jù)自由落體運動的位移公式可知：(2)聲音在空中傳播需要時間，故實際做自由落體運動的時間小于聽到擊水聲音的時間，根據(jù)自由落體的位移時間公式可知，實際值小于估算值，故估算值偏大。14、（1）1.5s（2）不能， m（3）5 m【解析】在傳送帶上，通過受力分析可得物塊會先做勻加速直線運動，再比較加速階段位移

18、與傳送帶的長度，可判斷物塊會再做一段勻速運動，由牛頓第二定律結(jié)合運動學(xué)公式可求得時間；在斜面上，物塊往上做勻減速運動；由牛頓第二定律結(jié)合運動學(xué)公式可求得沿斜面上升的最大距離，可判斷能否到達(dá)斜面頂端；分段求出物塊的位移，則總的路程可求解【詳解】物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動由牛頓第二定律：mgma1解得加速度：加速時間加速位移：所以物塊在到達(dá)傳送帶右端前物塊已開始勻速運動，勻速時間物塊從傳送帶左端運動到右端所用的時間為：（2）物塊以速度v0滑上斜面后，由牛頓第二定律可得：解得：，方向沿斜面向下物體能夠上滑的最大距離為：所以物塊不能到達(dá)斜面的最高點物塊在斜面上往返一次的時間物塊再次回到傳送帶上速度仍為v0，方向向左再由牛頓第二定律可得mgma3解得，水平向右物體向左的最大位移：物塊向左減速過程和向右加速過程位移大小相等，時間因，故4.5 s末物塊恰好在斜面上的最高點速度為零故物塊通過的總路程：【點睛】此題的運動過程較多，考查學(xué)生對多過程問題的處理能力；分析時要逐一計算每個運動過程的位移與時間，再綜合