高二物理期末試卷及解析

1、20182019學年度第一學期高二物理期末考試一試卷參照答案一、選擇題(此題共13小題，每題4分,共5分。在每題給出的是個選項中,其中9題只有一項切合題目要求，第101題有多項切合要求。全部選對的得4分，選對可是不全的得2分,有錯選和不選的得分。)1。對于磁感線的說法,以下正確的選項是(）A磁感線從磁體極出發(fā)，停止于極B。沿磁感線方向,磁場漸漸減弱C。磁感線就是磁場中碎鐵屑排列成的曲線。磁感線可表示磁場的強弱和方向【答案】D【剖析】磁感線在磁體的外面從磁體N極出發(fā)到極；內(nèi)部從極出發(fā)到N極,形成閉合的曲線,選項A錯誤;沿磁感線方向,磁場不用然漸漸減弱,選項B錯誤;磁感線是為了描繪磁場而人為引入的

2、虛假線，其實不存在,故錯誤.磁感線可表示磁場的強弱和方向,磁感線的疏密表示磁場強弱,磁感線的切向方向表示磁場的方向，選項D正確；應(yīng)選D。2.對“靜電場一章中幾個公式的理解,正確的選項是()A.公式C=Q/指出，電容器的電容隨電容器所帶電荷量Q的增加而增加.由E=U/d可知,電場中兩點的距離越大，電場場強E越小.1222在公式F=kQQ/r中,Q/r是Q所在地點的電場強度的大小D公式EP=q中,同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小【答案】D【剖析】公式C=/U指出,電容器的電容等于電容器所帶電荷量Q與兩板電壓U的比值，電容器的電容與所帶電量沒關(guān)，選項A錯誤；勻強電場的電場強度與電場中兩點的距離

3、沒關(guān)，選項B錯誤;在公式F=kQQ/r2中,k22是Q2在Q所在地點的電場強度的大小,選項錯誤；公式P=q中,同一個負電荷在電勢越高的地方電勢能越小,選項正確；應(yīng)選D.點睛:此題察看對電場中幾個公式的理解能力，重點要抓住各個公式的合用條件、公式中每個量的含義進行剖析可依照點電荷場強的計算公式E/2，來從頭理解庫侖定律3以以以下圖所示，放在絕緣支架上帶正電的導體球，湊近放在絕緣支架上不帶電的導體B,導體B用導線經(jīng)開關(guān)接地，現(xiàn)把先合上再斷開,再移走,則導體B()不帶電.帶正電C帶負電不能夠確定【答案】C【剖析】依照靜電感覺現(xiàn)象和電荷間的相互作用，可判斷導體帶負電，應(yīng)選C。4。一個質(zhì)點做變速直線運動

4、的vt圖象以以以下圖，以下說法中正確的選項是（)第1s內(nèi)與第s內(nèi)的速度方向相反第1內(nèi)的加快度大于第5s內(nèi)的加快度CO、AB、BC段的加快度大小aBCaOAaABD.A段的加快度方向與速度方向相反【答案】【剖析】第1s內(nèi)與第5s內(nèi)的速度圖象都在時間軸的上方,都為正,方向相同,A錯誤;斜率表示加快度,傾斜度越大，加快度越大,從圖能夠看出aBCAaB,故B錯誤，正確;OA段的加快度與速度方向都為正，D錯誤.5.201年5月2日清晨0時06分,我國“中星11號通信衛(wèi)星發(fā)射成功“中星11號”是一顆地球同步衛(wèi)星，它主要用于為亞太地域等地域用戶供應(yīng)商業(yè)通欽佩務(wù).圖為發(fā)射過程的表示圖,先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道

5、1,爾后經(jīng)Q點點火，使其沿橢圓軌道2運行,最后再一次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3。軌道、2相切于Q點,軌道、相切于P點,則當衛(wèi)星分別在、3軌道上正常運行時，以下說法正確的選項是（）A衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B衛(wèi)星在軌道3上的角速度大于在軌道1上的角速度C.衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的速度大于它在軌道上經(jīng)過Q點時的速度.衛(wèi)星在軌道上經(jīng)過P點時的速度小于它在軌道3上經(jīng)過點時的速度【答案】D【剖析】同步衛(wèi)星在圓軌道上做勻速圓周運動時有:=m,=，由于r1r3，因此v1v3,由=得13在Q點,衛(wèi)星沿著圓軌道1運行與沿著橢圓軌道2運行時所受的萬有引力相等,在圓軌道1上引力恰好等于向心力，即

6、F。而在橢圓軌道上衛(wèi)星做離心運動，說明引力不足以供應(yīng)衛(wèi)星以v2速率做勻速圓周運動時所需的向心力，即Fm,衛(wèi)星在圓軌道上運行時引力恰好等于向心力,即F=m,因此v2；.電子由a到b電場力做功等于由b到c電場力做功C電子在a、b、三點的速度關(guān)系vbcva;.電子在a、b、c三點的電勢能關(guān)系EAEPEPC【答案】【剖析】對于帶電粒子在電場中的運動，第一依照運動軌跡判斷出電場力做功問題,爾后動能定理或功能關(guān)系判斷有關(guān)問題;【詳解】A、依照電子運動的軌跡可判斷電場力對電子做負功,電子的電勢能增大，即，故電勢的關(guān)系為,應(yīng)選項AD錯誤；B、依照題意相鄰等勢面間的電勢差相等，則依照公式可知電子由a到b電場力做

7、功等于由到c電場力做功，應(yīng)選項B正確；C、由于電場力對電子做負功，電子的電勢能增大，則動能減小,由于電子質(zhì)量不變，故電子在、b、三點的速度關(guān)系，應(yīng)選項C錯誤。9。以以下圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài),不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當滑動變阻器R的滑片向b端搬動時,則()A。電壓表讀數(shù)減小。電流表讀數(shù)變大。質(zhì)點P將向上運動D。上耗資的功率漸漸增大【答案】C【剖析】由圖可知，R2與滑動變阻器R串聯(lián)后與R3并聯(lián)后,再與R1串聯(lián)接在電源兩頭;電容器與3并聯(lián);當滑動變阻器4的滑片向搬動時，滑動變阻器接入電阻變大,則電路中總電阻變大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減小；路端電壓變大,同時

8、R1兩頭的電壓也減小，故并聯(lián)部分的電壓變大;由歐姆定律可知流過R3的電流變大,流過并聯(lián)部分的總電流減小,故電流表示數(shù)減小;因并聯(lián)部分電壓變大,而R2中電壓減小,故電壓表示數(shù)變大，故A錯誤；因電容器兩頭電壓變大,故電荷碰到的向上電場力變大,則重力小于電場力,協(xié)力向上，質(zhì)點將向上運動，故正確;因1兩頭的電壓變小,由P=可知，R1上耗資的功率變小;故錯誤;應(yīng)選C0靜電場方向平行于x軸,其電勢隨x的散布可簡化為以以下圖的折線以下說法正確的是()A。x軸上1與x2之間的電場強度小于x與x4之間的電場強度B。正電荷沿x軸從0移到x1的過程中，電場力做負功，電勢能增加。負電荷沿x軸從x3移到x4的過程中，電

9、場力不做功,電勢能不變D。電荷量為q的電荷沿x軸從x移到x3，電場力做功為q（21)【答案】C【剖析】依照，圖象的斜率表示電場強度，沿著電場線電勢降低,電場力做功等于電勢能的減小量.A、圖象-x的斜率表示電場強度，即x軸上x1與x之間的電場強度等于x3與x4之間的電場強度,都為零，應(yīng)選項A錯誤;B、由圖像可知:沿軸從0移到x1的過程中電勢高升，故電場力對正電荷做負功,電勢能增加，應(yīng)選項正確；C、由于3與4之間斜率為零，即場強為零,故在此過程中電場力對負電荷不做功,電勢能不變,應(yīng)選項C正確；D、電荷量為q的電荷沿x軸從x1移到x3，電場力做功為，應(yīng)選項D錯誤。1。以以下圖是粒子速度選擇器的原理圖

10、，若是粒子的重力不計。已知速度為v0的質(zhì)子流能夠從點沿直線運動到b點，以下說法正確的選項是(）速度為v的射線（e核流）也能夠從a沿直線運動到點；B。速度為0的射線（電子流)也能夠從沿直線運動到b點;.速度為0的質(zhì)子流也能夠從b沿直線運動到a點;D。速度大于v的射線(光子流,不帶電）也能夠從a沿直線運動到b點【答案】AB【剖析】帶電粒子碰到的電場力和洛倫茲力平衡時,才能沿直線經(jīng)過，依照左手定則判斷洛倫茲力方向,確定兩個力可否平衡，即可判斷粒子可否沿直線運動A、由于質(zhì)子帶正電,a點沿直線運動到b點，即電場力向下，洛倫茲力向上,則若射入速度為v的射線（e核流)，如故是電場力向下,洛倫茲力向上，仍知足

11、即也能夠從a沿直線運動到點,應(yīng)選項正確;B、若射入速度為0的射線(電子流）,則電場力向上,洛倫茲力向下,仍知足，即也能夠從a沿直線運動到b點，應(yīng)選項B正確;、若射入速度為v的質(zhì)子流也能夠從b沿直線運動到a點,則其碰到電場力向下,洛倫茲力也向下,不知足二力平衡,應(yīng)選項C錯誤;D、若射入速度大于v0的射線（光子流,不帶電）,則不受電場力和洛倫茲力作用,即能夠從a沿直線運動到點,應(yīng)選項D正確。12.以以下圖,在國慶0周年閱兵盛典上,我國預警機“空警00”在天安門上空機會翼保持水平,以450km/h的速度自東向西遨游該機的翼展(兩翼尖之間的距離)為50m，北京地域地磁場的豎直重量向下，大小為。7105

12、T,則（)。兩翼尖之間的電勢差為。9。兩翼尖之間的電勢差為2。V遨游員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢高D。遨游員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢低【答案】【剖析】飛機在遨游時切割磁感線，則由可求得兩翼間的電勢差,由右手定則可判斷兩翼電勢的高低由可得，兩翼間的電勢差,故A正確錯誤；由右手定則可知，若有閉合回路,則電路中電流應(yīng)由右方流向左方,因飛機此時作為電源處理，故電勢應(yīng)為左方向高,故正確D錯誤;13以以下圖為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象當t=時,在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則以下說法中正確的選項是（)。帶電粒子將向來向同一個方向運動B。2s末帶電粒

13、子回到原出發(fā)點C。3s末帶電粒子的速度為零D。0s內(nèi),電場力做的總功為零【答案】CD【剖析】試題剖析：由牛頓第二定律可知,帶電粒子在第1內(nèi)的加快度為：,第2s內(nèi)加快度為：故a22a1，因此先加快1s再減小0.5s時速度為零,接下來的05s將反向加快，vt圖象以以下圖：帶電粒子在前1秒勻加快運動,在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加快,因此不是向來向一方向運動,故錯誤依照速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知,在t2s時,帶電粒子離出發(fā)點最遠,故B錯誤；由圖可知,粒子在第1內(nèi)做勻加快運動，第2s內(nèi)做勻減速運動,3s末的剎時速度剛減到0，故C錯誤；由于第3末粒子的速度恰好減為0,依照動能定理知粒子只受

14、電場力作用,前3s內(nèi)動能變化為,即電場力做的總功為零故D正確應(yīng)選:D.考點：帶電粒子在電場中的運動；動能定理。二、實驗題4。用如圖（甲)所示的電路圖研究額定電壓為2。V的燈泡L的伏安特點,并測出該燈泡在額定電壓下工作時的電功率（)在閉合開關(guān)S前，滑動變阻器觸頭應(yīng)當放在端_.（選填“a”或“b)；（2）依照所獲得的IU圖像如圖（乙）所示,小燈泡在額定電壓下的實質(zhì)功率P=_W；（3)若將該燈泡直接接在電動勢為4V，內(nèi)阻為6的電源兩頭,此時電路工作的效率為_【答案】()。(1分）(2）.1。2(2分）（3).25（3分）【剖析】（)明確變阻器采用分壓式接法時,電鍵閉合前應(yīng)將滑片置于輸出電壓最小的一端

15、以保護電流表；(2）依照歐姆定律寫出電阻測量值和傳神值的表達式即可；(3）畫出電源的圖像，兩圖像交點即為小燈泡工作電壓和電流;【詳解】(）閉合開關(guān)前,應(yīng)將滑動觸頭置于輸出電壓最小的a端,以保護電流表;（2)依照歐姆定律,電阻測量值為，若考慮電壓表內(nèi)阻影響,待測電阻的傳神值為,比較可知,因此測出的燈泡電阻值比傳神值偏小;依照-U圖象讀出時對應(yīng)的電流，因此小燈泡的實質(zhì)功率為;(3）作出電源的以以下圖：由圖像可知，此時小燈泡兩頭電壓為則此時電路工作的效率為:.15。在“測量金屬的電阻率”的實驗中,需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l,用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻x。

16、（）請寫出測金屬絲電阻率的表達式：_(用上述測量的字母表示)（)若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數(shù)分別以以下圖，則金屬絲長度的測量值為l=_cm,金屬絲直徑的測量值為d_mm.（3)如圖,要用伏安法測量Rx的電阻，已知電壓表內(nèi)阻約幾千歐，電流表內(nèi)約1,若用圖甲電路，x的測量值比傳神值_(填“偏大或“偏小)，若Rx的阻值約為10,應(yīng)采用_(填“甲”或“乙”）圖的電路,誤差會較小【答案】()(1分）（2)3。335(2分)1。767（76.769都正確)(分）（)偏小（分)甲（2分）三、計算題1(10分)。以以下圖,為電阻箱，為理想電壓表,當電阻箱讀數(shù)為R1=時,電壓表讀數(shù)

17、為1=V;當電阻箱讀數(shù)為2=5時,電壓表讀數(shù)為U=5V.求:電源的電動勢E和內(nèi)阻r。(）當電阻箱R讀數(shù)為多少時,電源的輸出功率最大?最大值P為多少？【答案】（）6V1(2)當R的讀數(shù)為時,輸出功率最大,為9W【剖析】(1)由閉合電路歐姆定律U+r(1分)1=+r（1分)EU聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得E=6V,1（2分）()由電功率表達式()(2分）R將式變形為=(分)由式知，1時,P有最大值m9W。(2分)P（10分).質(zhì)量為1g的金屬桿靜止于相距1m的兩水平軌道上,金屬桿中通有方向如圖所示大小為20A的恒定電流，兩軌道處于豎直方向的勻強磁場中金屬桿與軌道間的動摩擦因數(shù)為取欲使桿向右勻速運動,求磁場的

18、磁感覺強度大小和方向欲使桿向右以加快度為作勻加快運動,求磁場的磁感覺強度大小【答案】（1）0。3T,方向豎直向上(）0。4T【剖析】（1)桿向右勻速運動,說明桿碰到的安培力是向右的,依照左手定則能夠知道,磁場的方向豎直向上(2分）桿向右勻速運動,安培力大小和桿碰到的摩擦力大小相等,則(2分）（1分)(2)欲使桿向右以加快度（分)作勻加快運動,由牛頓第二定律可知則分)1（0分)。以以下圖,一帶電粒子質(zhì)量為，電量為q(不計重力),以恒定速率垂直射入磁感覺強度B、寬度為d的有界勻強磁場中，穿過磁場時速度方向與原來入射方向的夾角為30.求：（1）帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的軌道半徑;()帶電粒子穿過磁場區(qū)的時間.【答案】(1)2（)【剖析】（1）帶電粒子在磁場中運動，只受洛倫茲力作用,故其軌跡是圓弧的一部分,又由于F洛,故圓心在粒子穿入和穿出磁場時碰