2022年新高考物理真題試卷（湖北）VIP

祝您成功請閱讀后下載【高考真題】2022年新高考物理真題試卷（湖北卷）一、選擇題:本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．上世紀四十年代初，我國科學家王淦昌先生首先提出證明中微子存在的實驗方案：如果靜止原子核俘獲核外K層電子e，可生成一個新原子核X，并放出中微子νe，即+→X+。根據(jù)核反應后原子核X的動能和動量，可以間接測量中微子的能量和動量，進而確定中微子的存在。下列說法正確的是（）A．原子核X是B．核反應前后的總質子數(shù)不變C．核反應前后總質量數(shù)不同D．中微子νe的電荷量與電子的相同2．2022年5月，我國成功完成了天舟四號貨運飛船與空間站的對接，形成的組合體在地球引力作用下繞地球做圓周運動，周期約90分鐘。下列說法正確的是（）A．組合體中的貨物處于超重狀態(tài)B．組合體的速度大小略大于第一宇宙速度C．組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大D．組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小3．一定質量的理想氣體由狀態(tài)a變?yōu)闋顟B(tài)c，其過程如p-V圖中a→c直線段所示，狀態(tài)b對應該線段的中點。下列說法正確的是（）A．a→b是等溫過程 B．a→b過程中氣體吸熱C．a→c過程中狀態(tài)b的溫度最低 D．a→c過程中外界對氣體做正功4．密立根油滴實驗裝置如圖所示，兩塊水平放置的金屬板分別與電源的正負極相接，板間產生勻強電場。用一個噴霧器把密度相同的許多油滴從上板中間的小孔噴入電場，油滴從噴口噴出時由于摩擦而帶電。金屬板間電勢差為U時，電荷量為q、半徑為r的球狀油滴在板間保持靜止。若僅將金屬板間電勢差調整為2U，則在板間能保持靜止的球狀油滴所帶電荷量和半徑可以為（）A．q，r B．2q，r C．2q，2r D．4q，2r5．如圖所示，質量分別為m和2m的小物塊Р和Q，用輕質彈簧連接后放在水平地面上，Р通過一根水平輕繩連接到墻上。P的下表面光滑，Q與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。用水平拉力將Q向右緩慢拉開一段距離，撤去拉力后，Q恰好能保持靜止。彈簧形變始終在彈性限度內，彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度大小為g。若剪斷輕繩，Р在隨后的運動過程中相對于其初始位置的最大位移大小為（）A． B． C． D．6．我國高鐵技術全球領先，乘高鐵極大節(jié)省了出行時間。假設兩火車站W和G間的鐵路里程為1080km，W和G之間還均勻分布了4個車站。列車從W站始發(fā)，經停4站后到達終點站G。設普通列車的最高速度為108km/h，高鐵列車的最高速度為324km/h。若普通列車和高鐵列車在進站和出站過程中，加速度大小均為0.5m/s2，其余行駛時間內保持各自的最高速度勻速運動，兩種列車在每個車站停車時間相同，則從W到G乘高鐵列車出行比乘普通列車節(jié)省的時間為（）A．6小時25分鐘 B．6小時30分鐘 C．6小時35分鐘 D．6小時40分鐘7．一質點做曲線運動，在前一段時間內速度大小由v增大到2v，在隨后的一段時間內速度大小由2v增大到5v。前后兩段時間內，合外力對質點做功分別為W1和W2，合外力的沖量大小分別為I1和I2。下列關系式一定成立的是（）A．W2=3W1，I2≤3I1， B．W2=3W1，I2≥I1C．W2=7W1，I2≤3I1， D．W2=7W1，I2≥I18．在如圖所示的平面內，分界線SP將寬度為L的矩形區(qū)域分成兩部分，一部分充滿方向垂直于紙面向外的勻強磁場，另一部分充滿方向垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小均為B，SP與磁場左右邊界垂直。離子源從S處射入速度大小不同的正離子，離子入射方向與磁場方向垂直且與SP成30°角。已知離子比荷為k，不計重力。若離子從Р點射出，設出射方向與入射方向的夾角為θ，則離子的入射速度和對應θ角的可能組合為（）A．kBL，0° B．kBL，0° C．kBL，60° D．2kBL，60°9．近年來，基于變壓器原理的無線充電技術得到了廣泛應用，其簡化的充電原理圖如圖所示。發(fā)射線圈的輸入電壓為220V、匝數(shù)為1100匝，接收線圈的匝數(shù)為50匝。若工作狀態(tài)下，穿過接收線圈的磁通量約為發(fā)射線圈的80%，忽略其它損耗，下列說法正確的是（）A．接收線圈的輸出電壓約為8VB．接收線圈與發(fā)射線圈中電流之比約為22：1C．發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率相同D．穿過發(fā)射線圈的磁通量變化率與穿過接收線圈的相同10．如圖所示，一帶電粒子以初速度v0沿x軸正方向從坐標原點О射入，并經過點P(a>0，b>0)。若上述過程僅由方向平行于y軸的勻強電場實現(xiàn)，粒子從О到Р運動的時間為t1，到達Р點的動能為Ek1。若上述過程僅由方向垂直于紙面的勻強磁場實現(xiàn)，粒子從O到Р運動的時間為t2，到達Р點的動能為Ek2。下列關系式正確的是·（）A．t1<t2 B．t1>t2 C．Ek1<Ek2 D．Ek1>Ek211．如圖所示，兩平行導軌在同一水平面內。一導體棒垂直放在導軌上，棒與導軌間的動摩擦因數(shù)恒定。整個裝置置于勻強磁場中，磁感應強度大小恒定，方向與金屬棒垂直、與水平向右方向的夾角θ可調。導體棒沿導軌向右運動，現(xiàn)給導體棒通以圖示方向的恒定電流，適當調整磁場方向，可以使導體棒沿導軌做勻加速運動或勻減速運動。已知導體棒加速時，加速度的最大值為g；減速時，加速度的最大值為g，其中g為重力加速度大小。下列說法正確的是（）A．棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為B．棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為C．加速階段加速度大小最大時，磁場方向斜向下，θ=60°D．減速階段加速度大小最大時，磁場方向斜向上，θ=150°二、非選擇題:本題共5小題。共56分。12．某同學設計了一個用拉力傳感器驗證機械能守恒定律的實驗。一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖甲所示。拉起小鋼球至某一位置由靜止釋放，使小鋼球在豎直平面內擺動，記錄鋼球擺動過程中拉力傳感器示數(shù)的最大值Tmax和最小值Tmin。改變小鋼球的初始釋放位置，重復上述過程。根據(jù)測量數(shù)據(jù)在直角坐標系中繪制的Tmax-Tmin圖像是一條直線，如圖乙所示。（1）若小鋼球擺動過程中機械能守恒。則圖乙中直線斜率的理論值為。（2）由圖乙得：直線的斜率為，小鋼球的重力為N。(結果均保留2位有效數(shù)字)（3）該實驗系統(tǒng)誤差的主要來源是(單選，填正確答案標號)。A．小鋼球擺動角度偏大B．小鋼球初始釋放位置不同C．小鋼球擺動過程中有空氣阻力13．某探究小組學習了多用電表的工作原理和使用方法后，為測量一種新型材料制成的圓柱形電阻的電阻率，進行了如下實驗探究。（1）該小組用螺旋測微器測量該圓柱形電阻的直徑D，示數(shù)如圖甲所示，其讀數(shù)為mm。再用游標卡尺測得其長度L。（2）該小組用如圖乙所示的電路測量該圓柱形電阻Rx的阻值。圖中電流表量程為0.6A、內阻為1.0Ω，定值電阻R0的阻值為20.0Ω，電阻箱R的最大阻值為999.9Ω。首先將S2置于位置1，閉合S1，多次改變電阻箱R的阻值，記下電流表的對應讀數(shù)I，實驗數(shù)據(jù)見下表。R/ΩI/A/A-15.00.4142.4210.00.3522.8415.00.3083.2520.00.2723.6825.00.2444.1030.00.2224.50根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖丙中繪制出-R圖像。再將S2置于位置2，此時電流表讀數(shù)為0.400A。根據(jù)圖丙中的圖像可得Rx=Ω（結果保留2位有效數(shù)字)。最后可由表達式ρ=得到該材料的電阻率(用D、L、Rx表示)。（3）該小組根據(jù)圖乙的電路和圖丙的-R圖像，還可以求得電源電動勢E=V，內阻r=Ω。(結果均保留2位有效數(shù)字)（4）持續(xù)使用后，電源電動勢降低、內阻變大。若該小組再次將此圓柱形電阻連入此裝置，測得電路的電流，仍根據(jù)原來描繪的圖丙的圖像得到該電阻的測量值會(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)。14．如圖所示，水族館訓練員在訓練海豚時，將一發(fā)光小球高舉在水面上方的A位置，海豚的眼睛在B位置，A位置和B位置的水平距離為d，A位置離水面的高度為d。訓練員將小球向左水平拋出，入水點在B位置的正上方，入水前瞬間速度方向與水面夾角為θ。小球在A位置發(fā)出的一束光線經水面折射后到達B位置，折射光線與水平方向的夾角也為θ。已知水的折射率n=，求：（1）tanθ的值；（2）B位置到水面的距離H。15．如圖所示，高度足夠的勻強磁場區(qū)域下邊界水平、左右邊界豎直，磁場方向垂直于紙面向里。正方形單匝線框abcd的邊長L=0.2m、回路電阻R=1.6×10-3Ω、質量m=0.2kg。線框平面與磁場方向垂直，線框的ad邊與磁場左邊界平齊，ab邊與磁場下邊界的距離也為L。現(xiàn)對線框施加與水平向右方向成θ=45°角、大小為N的恒力F，使其在圖示豎直平面內由靜止開始運動。從ab邊進入磁場開始，在豎直方向線框做勻速運動；dc邊進入磁場時，bc邊恰好到達磁場右邊界。重力加速度大小取g=10m/s2，求：（1）ab邊進入磁場前，線框在水平方向和豎直方向的加速度大?。唬?）磁場的磁感應強度大小和線框進入磁場的整個過程中回路產生的焦耳熱；（3）磁場區(qū)域的水平寬度。16．打樁機是基建常用工具。某種簡易打樁機模型如圖所示，重物A、B和C通過不可伸長的輕質長繩跨過兩個光滑的等高小定滑輪連接，C與滑輪等高（圖中實線位置)時，C到兩定滑輪的距離均為L。重物A和B的質量均為m，系統(tǒng)可以在如圖虛線位置保持靜止，此時連接C的繩與水平方向的夾角為60°。某次打樁時，用外力將C拉到圖中實線位置，然后由靜止釋放。設C的下落速度為時，與正下方質量為2m的靜止樁D正碰，碰撞時間極短，碰撞后C的速度為零，D豎直向下運動距離后靜止（不考慮C、D再次相碰)。A、B、C、D均可視為質點。（1）求C的質量；（2）若D在運動過程中受到的阻力F可視為恒力，求F的大?。唬?）撤掉樁D，將C再次拉到圖中實線位置，然后由靜止釋放，求A、B、C的總動能最大時C的動能。

答案解析部分1．【答案】A【知識點】核反應方程【解析】【解答】根據(jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，得核反應方程為47Be+-10e→37Li+00ve，原子核X是Li原子核，A正確、C錯誤；

B．根據(jù)核反應方程為47Be+2．【答案】C【知識點】衛(wèi)星問題；宇宙速度【解析】【解答】A．組合體在天上做勻速圓周運動只受萬有引力的作用，則組合體中的貨物處于完全失重狀態(tài)，A錯誤；

B．第一宇宙速度為繞地球做圓周運動衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度，則組合體的速度大小略小于第一宇宙速度，B錯誤；

C．已知同步衛(wèi)星的周期為24h，則根據(jù)角速度和周期的關系有

由于T同>T組合體，則組合體的角速度大小比地球同步衛(wèi)星的大，C正確；

D．由題知組合體在地球引力作用下繞地球做圓周運動，有

，

整理有，，大對應r小，a大。

所以，r同>r組合體，a同<a組合體，D錯誤。

故選C。

【分析】對于衛(wèi)星，萬有引力提供做圓周運動的向心力。代入圓周運動相關物理量的關系式求解。3．【答案】B【知識點】理想氣體的狀態(tài)方程【解析】【解答】AB．由，當a→b氣體溫度升高，且體積增大氣體對外界做功，則W<0，由熱力學第一定律，可知a→b過程中氣體吸熱，A錯誤、B正確；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知，p—V圖像的坐標值的乘積對應溫度大小，a狀態(tài)和c狀態(tài)的坐標值的乘積相等，中間狀態(tài)的坐標值乘積較大，所以a→c過程的溫度先升高后降低，且狀態(tài)b的溫度最高，C錯誤；

D．a→c過程氣體體積增大，對外膨脹，外界對氣體做負功，D錯誤。

故選B。

【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，結合熱力學第一定律求解。氣體體積增大，外界對氣體做負功。4．【答案】D【知識點】電場強度和電場線；勻強電場電勢差與場強的關系【解析】【解答】，

對A和B，半徑r不變，重力不變；電勢差增大，則電場強度增大，電場力增大，不可能平衡。A和B錯誤。

對C和D，半徑r變?yōu)樵瓉?倍，體積變?yōu)樵瓉?倍，重力變?yōu)樵瓉?倍；電勢差增大為原來2倍，則電場強度增大2倍，電荷量如果增加為原來4倍，則電場力增大為8倍，可以平衡。C錯，D正確。

故選D

【分析】結合重力和電場力平衡，以及場強與電勢差的關系式和球的體積公式求解。5．【答案】C【知識點】機械能守恒及其條件；胡克定律【解析】【解答】Q恰好能保持靜止時，設彈簧的伸長量為x，滿足

若剪斷輕繩后，物塊P和Q與彈簧組成的系統(tǒng)受摩擦力，但摩擦力做功之和為零，系統(tǒng)機械能守恒，彈簧的最大壓縮量也為x，因此Р相對于其初始位置的最大位移大小為

故選C。

【分析】利用摩擦力和彈力二力平衡以及系統(tǒng)機械能守恒得出結論。6．【答案】B【知識點】勻變速直線運動基本公式應用【解析】【解答】108km/h=30m/s，324km/h=90m/s

相鄰兩站間的距離

普通列車加速時間

加速過程的位移

根據(jù)對稱性可知加速與減速位移相等，可得勻速運動的時間

'

所以列出在兩站運動總時間為

同理高鐵列車在兩站運動總時間為

相鄰兩站間節(jié)省的時間7260s-2580s=4680s

因此總的節(jié)省時間

故選B。

【分析】多過程問題分析。結合勻變速直線運動的規(guī)律求解。7．【答案】D【知識點】動能定理的綜合應用；動量定理【解析】【解答】根據(jù)動能定理

則：

當初、末速度方向相同時，動量變化量最小，方向相反時，動量變化量最大，因此沖量的大小范圍是

，即

，即

比較可得

D一定成立。

故選D。

【分析】動量為矢量，具有方向性。動能定理可以求解一段過程在合外力做的功。8．【答案】B,C【知識點】帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動【解析】【解答】若粒子通過下部分磁場直接到達P點，如圖

根據(jù)幾何關系則有R=L，

在勻強磁場中，

出射方向與入射方向的夾角為θ=60°。

當粒子上下均經歷一次時，如圖

因為上下磁感應強度均為B，

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

此時出射方向與入射方向相同θ=0°。

綜上所述：出射方向與入射方向的夾角為θ=60°，需滿足（n為正整數(shù)）

出射方向與入射方向的夾角為θ=0°，需滿足（n為正整數(shù)）

此時。

故可知BC正確，AD錯誤。

故選BC。

【分析】帶電粒子在磁場中做圓周運動。洛倫茲力提供向心力。畫出運動軌跡結合幾何關系即可。9．【答案】A,C【知識點】變壓器原理【解析】【解答】A．根據(jù)

可得接收線圈的輸出電壓約為U2=8V；

B．根據(jù)線圈原副線圈功率不變。，故B錯誤；

C．變壓器是不改變其交變電流的頻率，故C正確；

D．由于穿過發(fā)射線圈的磁通量與穿過接收線圈的磁通量大小不相同，所以穿過發(fā)射線圈的磁通量變化率與穿過接收線圈的不相同，故D錯誤。

故選AC。

【分析】由于存在磁通量損耗，但由于沒有其他損耗，原副線圈獲得功率或者能量相等。10．【答案】A,D【知識點】電荷在電場中的偏轉；帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動【解析】【解答】粒子在電場中運動時沿x軸方向做勻速運動，速度不變；在洛倫茲力作用下，合速度不變，但沿x軸速度在不斷減小，所以在磁場作用下運動時間更長。在電場力作用下，帶電粒子做平拋運動，電場力做正功，使粒子動能增大，所以。

故選AD

【分析】洛倫茲力永遠不做功，不改變速度大小，只改變運動方向：粒子在電場中做類平拋運動。11．【答案】B,C【知識點】安培力；牛頓第二定律【解析】【解答】向右加速運動時，導體棒加速且加速度最大時，磁場方向斜向右下方，安培力應該斜向右上方，正交分解可得在水平方向：

，，

由三角函數(shù)輔助角公式

得加速度a的最大值為。

導體棒減速，且加速度最大時，合力向左最大，安培力應該斜向左下方，磁場方向斜向右下方。，。

由三角函數(shù)輔助角公式

可知加速度a的最大值為。

代入題中數(shù)據(jù)可得

，將代入加速度表達式，結合三角函數(shù)輔助角公式可得兩次加速度取得最大值時，磁場方向與水平向右方向的夾角θ分別為60度和120度。

故選：BC

【分析】核心是對物體進行受力分析，簡單的數(shù)學變換用到復制的物理過程中，對數(shù)學知識的要求有點高。12．【答案】（1）-2（2）；0.59（3）C【知識點】驗證機械能守恒定律【解析】【解答】（1）設在最高點繩子與豎直方向夾角為，則從最高點到最低點由動能定理得：

在最低點由牛頓第二定律得：

聯(lián)立以上方程得：，則圖乙中直線斜率的理論值為-2

（2）代入直線上（0，1.77）和（0.2，0）兩點坐標得，

小鋼球質量為

（3）由于存在空氣阻力，使得減小的重力勢能大于增加的動能。所以選C。【分析】（1）聯(lián)立機械能守恒定律，牛頓第二定律解方程即可。（2）將圖像上的點代入求得斜率即可。（3）由于存在空氣阻力，使得減小的重力勢能大于增加的動能。13．【答案】（1）3.70（2）6.0；（3）12；3.0（4）偏小【知識點】測定金屬的電阻率【解析】【解答】（1）螺旋測微器固定刻度讀數(shù)3毫米，半毫米刻度線露出，可動刻度20。

所以最終讀數(shù)為：

（2）由閉合電路歐姆定律可得，

E為斜率倒數(shù)，斜率=，得E=12伏。

，將電流0.400A代入

，

（3）由（2）分析得E=12伏，。

（4）根據(jù)表達式

因電源電動勢變小，內阻變大，則當安培表由相同讀數(shù)時，得到的Rx的值偏小，即電阻測量值偏小?！痉治觥浚?）螺旋測微器讀數(shù)要估讀到千分之一毫米。

（2）根據(jù)全電路歐姆定律，代入物理量化簡即可

（3）結合電阻定律，代入題中已知條件即可求解。

（4）結合電阻表達式進