2022年高考真題-理綜（全國乙卷）（含解析）

2022年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（全國乙卷）

理科綜合能力測試注意事項:.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡ー并交回?？赡苡玫降南鄬υ淤|(zhì)量:H1B11C12N14〇!6Na23S32Cl35.5ー、選擇題:本題共13小題,每小題6分,共78分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。.有絲分裂和減數(shù)分裂是哺乳動物細(xì)胞分裂的兩種形式。某動物的基因型是Aa,若該動物的某細(xì)胞在四分體時期一條染色單體上的A和另一條染色單體上的a發(fā)生了互換,則通常情況下姐妹染色單體分離導(dǎo)致等位基因A和a進(jìn)入不同細(xì)胞的時期是（ ）A,有絲分裂的后期 B,有絲分裂的末期C.減數(shù)第一次分裂 D.減數(shù)第二次分裂【答案】D【解析】【分析】減數(shù)分裂過程包括減數(shù)第一次分裂和減數(shù)第二次分裂;主要特點是減數(shù)第一次分裂前期同源染色體聯(lián)會,可能發(fā)生同源染色體非姐妹單體之間的交叉互換,后期同源染色體分開,同時非同源染色體自由組合,實現(xiàn)基因的重組,減數(shù)第二次分裂則為姐妹染色單體的分離。【詳解】AB、有絲分裂過程中不會發(fā)生同源染色體聯(lián)會形成四分體過程,這樣就不會發(fā)生姐妹染色單體分離導(dǎo)致等位基因A和a進(jìn)入不同細(xì)胞的現(xiàn)象,A、B錯誤:C、D、根據(jù)題意,某動物基因型是Aa,經(jīng)過間期復(fù)制,初級性母細(xì)胞中有AAaa四個基因，該動物的某細(xì)胞在四分體時期發(fā)生交叉互換,涉及A和a的交換,交換后兩條同源染色的姐妹染色單體上均分別具有A和a基因,減數(shù)第一次分裂時,同源染色體分開,兩組Aa彼此分開進(jìn)入次級性母細(xì)胞,但不會發(fā)生姐妹染色單體分離導(dǎo)致等位基因A和a的現(xiàn)象,而在減數(shù)第二次分裂時,姐妹染色單體分離，其上的A和a分開進(jìn)入兩個子細(xì)胞，C錯誤，D正確。故選D。.某同學(xué)將一株生長正常的小麥置于密閉容器中,在適宜且恒定的溫度和光照條件下培養(yǎng),發(fā)現(xiàn)容器內(nèi)CCh含量初期逐漸降低,之后保持相對穩(wěn)定。關(guān)于這ー實驗現(xiàn)象,下列解釋合理的是（）A.初期光合速率逐漸升高,之后光合速率等于呼吸速率B.初期光合速率和呼吸速率均降低,之后呼吸速率保持穩(wěn)定C,初期呼吸速率大于光合速率,之后呼吸速率等于光合速率D.初期光合速率大于呼吸速率,之后光合速率等于呼吸速率【答案】D【解析】【分析】光合作用會吸收密閉容器中的CO2,而呼吸作用會釋放C02,在溫度和光照均適宜且恒定的情況下,兩者速率主要受容器中CO2和02的變化影響?！驹斀狻緼、初期容器內(nèi)CO2濃度較大,光合作用強(qiáng)于呼吸作用,植物吸收CO2釋放02,使密閉容器內(nèi)的C02濃度下降02濃度上升,A錯誤;B、根據(jù)分析由于密閉容器內(nèi)的CO2濃度下降,02濃度上升，從而使植物光合速率逐漸降低,呼吸作用逐漸升高，,直至兩者平衡趨于穩(wěn)定,B錯誤;CD、初期光合速率大于呼吸速率,之后光合速率等于呼吸速率,C錯誤,D正確。故選D.運動神經(jīng)元與骨骼肌之間的興奮傳遞過度會引起肌肉痙攣，嚴(yán)重時會危及生命。下列治療方法中合理的是（ ）A.通過藥物加快神經(jīng)遞質(zhì)經(jīng)突觸前膜釋放到突觸間隙中B,通過藥物阻止神經(jīng)遞質(zhì)與突觸后膜上特異性受體結(jié)合C.通過藥物抑制突觸間隙中可降解神經(jīng)遞質(zhì)的酶的活性D.通過藥物增加突觸后膜上神經(jīng)遞質(zhì)特異性受體的數(shù)量【答案】B【解析】【分析】興奮在兩個神經(jīng)元之間傳遞是通過突觸進(jìn)行的,突觸由突觸前膜、突觸間隙和突觸后膜三部分組成,神經(jīng)遞質(zhì)只存在于突觸前膜的突觸小泡中,只能由突觸前膜釋放,進(jìn)入突觸間隙，作用于突觸后膜上的特異性受體，引起下ー個神經(jīng)元興奮或抑制?！驹斀狻緼、如果通過藥物加快神經(jīng)遞質(zhì)經(jīng)突觸前膜釋放到突觸間隙中，突觸間隙中神經(jīng)遞質(zhì)濃度增加,與突觸后膜上特異性受體結(jié)合增多，會導(dǎo)致興奮過度傳遞引起肌肉痙攣，達(dá)不到治療目的，A不符合題意;B、如果通過藥物阻止神經(jīng)遞質(zhì)與突觸后膜上特異性受體結(jié)合，興奮傳遞減弱,會緩解興奮過度傳遞引起的肌肉痙攣，可達(dá)到治療目的，B符合題意;C、如果通過藥物抑制突觸間隙中可降解神經(jīng)遞質(zhì)的酶的活性,突觸間隙中的神經(jīng)遞質(zhì)不能有效降解，導(dǎo)致神經(jīng)遞質(zhì)與突觸后膜上的特異性受體持續(xù)結(jié)合，導(dǎo)致興奮傳遞過度引起肌肉痙攣，達(dá)不到治療目的，C不符合題意；D、如果通過藥物增加突觸后膜上神經(jīng)遞質(zhì)特異性受體的數(shù)量,突觸間隙的神經(jīng)遞質(zhì)與特異性受體結(jié)合增多,會導(dǎo)致興奮傳遞過度引起肌肉痙攣,達(dá)不到治療目的,D不符合題意。故選Bo.某種酶P由RNA和蛋白質(zhì)組成，可催化底物轉(zhuǎn)化為相應(yīng)的產(chǎn)物。為探究該酶不同組分催化反應(yīng)所需的條件。某同學(xué)進(jìn)行了下列5組實驗（表中“+”表示有，"一’’表示無）。實驗組①②③④⑤底物+++++RNA組分++一+——蛋白質(zhì)組分+—+一+低濃度Mg2++++———高濃度Mg2+———++產(chǎn)物+———十——根據(jù)實驗結(jié)果可以得出結(jié)論是（ ）A.酶P必須在高濃度Mg2+條件下オ具有催化活性B.蛋白質(zhì)組分的催化活性隨Mg2+濃度升高而升高C,在高濃度Mg2+條件下RNA組分具有催化活性D.在高濃度Mg2+條件下蛋白質(zhì)組分具有催化活性【答案】C【解析】【分析】分析:由表格數(shù)據(jù)可知,該實驗的自變量是酶的組分、Mg2+的濃度,因變量是有沒有產(chǎn)物生成,底物為無關(guān)變量。第①組為正常組作為空白對照,其余組均為實驗組?！驹斀狻緼、第①組中，醜P在低濃度Mg2+條件，有產(chǎn)物生成,說明酶P在該條件下具有催化活性，A錯誤;BD、第③組和第⑤組對照，無關(guān)變量是底物和蛋白質(zhì)組分，自變量是Mg2+濃度，無論是高濃度Mg2+條件下還是低濃度Mg?+條件下，兩組均沒有產(chǎn)物生成,說明蛋白質(zhì)組分無催化活性,BD錯誤:C、第②組和第④組對照，無關(guān)變量是底物和RNA組分,自變量是Mg2+濃度，第④組在高濃度Mg2+條件下有產(chǎn)物生成，第②組在低濃度Mg2+條件下，沒有產(chǎn)物生成，說明在高濃度Mg2+條件下RNA組分具有催化活性，C正確。故選Co.分層現(xiàn)象是群落研究的重要內(nèi)容。下列關(guān)于森林群落分層現(xiàn)象的敘述,正確的是( )①森林群落的分層現(xiàn)象提高了生物對環(huán)境資源的利用能力②森林植物從上到下可分為不同層次,最上層為灌木層③垂直方向上森林中植物分層現(xiàn)象與對光的利用有關(guān)④森林群落中動物的分層現(xiàn)象與食物有關(guān)⑤森林群落中植物的分層現(xiàn)象是自然選擇的結(jié)果⑥群落中植物垂直分層現(xiàn)象的形成是由動物種類決定的A.①@?⑤ B.②④??C.0(2)(§X6) D.③??⑥【答案】A【解析】【分析】群落的垂直結(jié)構(gòu)指群落在垂直方面的配置狀態(tài)，其最顯著的特征是分層現(xiàn)象,即在垂直方向上分成許多層次的現(xiàn)象。影響植物群落垂直分層的主要因素是光照,影響動物群落垂直分層的主要因素為食物和棲息空間。【詳解】①森林群落的分層現(xiàn)象在占地面積相同情況下提供了更多空間，提高了生物對陽光等環(huán)境資源的利用能力,①正確;②森林植物從上到下可分為不同層次,最上層為喬木層,②錯誤;③影響植物群落垂直分層的主要因素是光照，垂直方向上森林中植物分層現(xiàn)象與對光的利用有關(guān),③正確;④森林群落中動物的分層現(xiàn)象與食物和棲息空間有關(guān),④正確;⑤群落垂直結(jié)構(gòu)的分層現(xiàn)象、群落的水平結(jié)構(gòu)等都是自然選擇的結(jié)果，⑤正確;⑥群落中植物垂直分層現(xiàn)象的形成主要是由光照決定的,⑥錯誤。A正確，BCD錯誤。故選Ao.依據(jù)雞的某些遺傳性狀可以在早期區(qū)分雌雄，提髙養(yǎng)雞場的經(jīng)濟(jì)效益。已知雞的羽毛性狀蘆花和非蘆花受1對等位基因控制。蘆花雞和非蘆花雞進(jìn)行雜交,正交子代中蘆花雞和非蘆花雞數(shù)目相同，反交子代均為蘆花雞。下列分析及推斷錯誤的是（ ）A.正交親本中雌雞為蘆花雞，雄雞為非蘆花雞B.正交子代和反交子代中的蘆花雄雞均為雜合體C.反交子代蘆花雞相互交配,所產(chǎn)雌雞均為蘆花雞D.僅根據(jù)羽毛性狀蘆花和非蘆花即可區(qū)分正交子代性別【答案】C【解析】【分析】根據(jù)題意可知，正交子代中蘆花雞和非蘆花雞數(shù)目相同，反交子代均為蘆花雞，說明控制雞羽毛性狀蘆花和非蘆花的基因位于Z染色體上，且蘆花為顯性?！驹斀狻緼、根據(jù)題意可知，正交為Zaza（非蘆花雄雞）XZAW（蘆花雌雞）,子代為ZAZa、ZaW,且蘆花雞和非蘆花雞數(shù)目相同,反交為ZAZAxZaW,子代為ZAZa、ZAW,且全為蘆花雞,A正確;B、正交子代中蘆花雄雞為ZAZa（雜合子）,反交子代中蘆花雄雞為ZAZa（雜合子），B正確;C、反交子代蘆花雞相互交配，即ZAZaxZAW,所產(chǎn)雌雞ZAW、ZaW（非蘆花），C錯誤；D、正交子代為ZAZ11（蘆花雄雞）、ZaW（非蘆花雌雞），D正確。故選Co7.生活中處處有化學(xué),下列敘述正確的是A.HB鉛筆芯的成分為二氧化鉛 B.碳酸氫鈉可做食品膨松劑C.青銅和黃銅是不同結(jié)構(gòu)的單質(zhì)銅 D.焰火中紅色來源于鈉鹽灼燒【答案】B【解析】【詳解】A.鉛筆芯的主要成分為石墨,不含二氧化鉛,A錯誤;B.碳酸氫鈉不穩(wěn)定,受熱易分解產(chǎn)生二氧化碳,能使面團(tuán)松軟,可做食品膨松劑,B正確;C.青銅是在純銅（紫銅）中加入錫或鉛的合金，黃銅為是由銅和鋅所組成的合金，兩者均屬于混合物，不是銅單質(zhì)，C錯誤;D.鈉元素灼燒顯黃色，D錯誤;故選B。ー種實現(xiàn)二氧化碳固定及再利用的反應(yīng)如下:〇Y7_m?〇人y催化劑一化合物1化合物2下列敘述正確的是A.化合物1分子中的所有原子共平面 B,化合物1與乙醉互為同系物C.化合物2分子中含有羥基和酯基 D,化合物2可以發(fā)生開環(huán)聚合反應(yīng)【答案】D【解析】【詳解】A.化合物1分子中還有亞甲基結(jié)構(gòu)，其中心碳原子采用sp3雜化方式，所以所有原子不可能共平面,A錯誤:B.結(jié)構(gòu)相似,分子上相差n個CHZ的有機(jī)物互為同系物，上述化合物1為環(huán)氧乙烷，屬于酸類,乙醇屬于醇類，與乙醇結(jié)構(gòu)不相似,不是同系物,B錯誤;C,根據(jù)上述化合物2的分子結(jié)構(gòu)可知,分子中含酯基，不含羥基,C錯誤;|[〇 'D.化合物2分子可發(fā)生開環(huán)聚合形成高分子化合物ーーセ-O—CH-CH-0--，- 」nD正確;答案選D。.某白色粉末樣品,可能含有Na2soハNa2so,ヽNa2s203和Na2co取少量樣品進(jìn)行如下實驗:①溶于水,得到無色透明溶液②向①的溶液中滴加過量稀鹽酸,溶液變渾濁，有刺激性氣體逸出。離心分離。③?、诘纳蠈忧逡?，向其中滴加BaC、溶液有沉淀生成。該樣品中確定存在的是A.Na2soハNa2s203B.Na2so3、Na2S2O3c.Na2soハNa2CO?d.DNa2so3、Na2coヽ【答案】A【解析】【詳解】由題意可知,①取少量樣品溶于水得到無色透明溶液,說明固體溶于水且相互之間能共存,②向①的溶液中滴加過量稀鹽酸，溶液變渾濁,有刺激性氣體放出,說明固體中存在Na2s203,發(fā)生反應(yīng)S2O；+2H+=Sl+H2O+SO2f,離心分離，③?、诘纳蠈忧逡海蚱渲械渭覤aCレ溶液,有沉淀生成，則沉淀為BaSO」，說明固體中存在Na2so4,不能確定是否有Na2sCh和Na2co3,Na2sO3與過量鹽酸反應(yīng)生成二氧化硫，Na2c〇3與過量鹽酸反應(yīng)生成二氧化碳，而這些現(xiàn)象可以被Na2s2O3與過量鹽酸反應(yīng)的現(xiàn)象覆蓋掉，綜上分析,該樣品中確定存在的是:Na2s〇八Na2s20み答案選A。.由實驗操作和現(xiàn)象，可得出相應(yīng)正確結(jié)論的是實驗操作現(xiàn)象結(jié)論A向NaBr溶液中滴加過量氯水,再加入淀粉KI溶液先變橙色,后變藍(lán)色氧化性:Cl2>Br2>I2B向蔗糖溶液中滴加稀硫酸,水浴加熱，加入新制的Cu(OH)2懸濁液無豉紅色沉淀蔗糖未發(fā)生水解C石蠟油加強(qiáng)熱，將產(chǎn)生的氣體通入Brユ的溶液紅棕色變無色氣體中含有不飽和燈CC14溶液D加熱試管中的聚氯乙烯薄膜碎片試管口潤濕的藍(lán)色石蕊試紙變紅氯乙烯加聚可逆反應(yīng)A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】【詳解】A.向NaBr溶液中滴加過量氯水,溟離子被氧化為溟單質(zhì),但氯水過量,再加入淀粉KI溶液,過量的氯水可以將碘離子氧化為碘單質(zhì),無法證明漠單質(zhì)的氧化性強(qiáng)于碘單質(zhì),A錯誤:B,向蔗糖溶液中滴加稀硫酸,水浴加熱后,應(yīng)加入氫氧化鈉溶液使體系呈堿性,若不加氫氧化鈉,未反應(yīng)的稀硫酸會和新制氫氧化銅反應(yīng),則不會產(chǎn)生磚紅色沉淀,不能說明蔗糖沒有發(fā)生水解,B錯誤;C.石蠟油加強(qiáng)熱,產(chǎn)生的氣體能使澳的四氯化碳溶液褪色，說明氣體中含有不飽和燈，與澳發(fā)生加成反應(yīng)使澳的四氯化碳溶液褪色，c正確;D,聚氯乙烯加強(qiáng)熱產(chǎn)生能使?jié)駶櫵{(lán)色濕潤試紙變紅的氣體,說明產(chǎn)生了氯化氫,不能說明氯乙烯加聚是可逆反應(yīng)，可逆反應(yīng)是指在同一條件下，既能向正反應(yīng)方向進(jìn)行,同時又能向逆反應(yīng)的方向進(jìn)行的反應(yīng)，而氯乙烯加聚和聚氯乙烯加強(qiáng)熱分解條件不同，D錯誤;答案選C。II.化合物（丫^乂5ム?4叱2）可用于電訊器材、高級玻璃的制造。W、X、Y、Z為短周期元素，原子序數(shù)依次增加，且加和為21。YZユ分子的總電子數(shù)為奇數(shù)常溫下為氣體。該化合物的熱重曲線如圖所示,在200C以下熱分解時無刺激性氣體逸出。下列敘述正確的是100200300400500600trc%、録余皿?歩般眼A.W、X、Y、Z的單質(zhì)常溫下均為氣體B.最高價氧化物的水化物酸性:Y<XC.1(X)~2(X)℃階段熱分解失去4個W?ZD.500C熱分解后生成固體化合物X2Z3【答案】D【解析】【分析】化合物(YW4X5Z8WW2Z)可用于電訊器材、高級玻璃的制造。W、X、Y、Z為短周期元素,原子序數(shù)依次增加,且加和為21。該化合物的熱重曲線如圖所示,在200℃以下熱分解時無刺激性氣體逸出，則說明失去的是水,即W為H,Z為〇,YZ2分子的總電子數(shù)為奇數(shù)，常溫下為氣體，則丫為N,原子序數(shù)依次增加，且加和為21,則X為B?！驹斀狻緼.X(B)的單質(zhì)常溫下為固體，故A錯誤;B,根據(jù)非金屬性越強(qiáng),其最高價氧化物的水化物酸性越強(qiáng)，則最高價氧化物的水化物酸性:X(H3BO3)<Y(HNO3)?故B錯誤;C.根據(jù)前面已知200℃以下熱分解時無刺激性氣體逸出，則說明失去是水，若10〇?200℃階段熱分解失去4個H?O,則質(zhì)量分?jǐn)?shù)14+4+11x5+16x814+4+11x5+16x8+18x4xl(X)%?73.6%,則說明不是失去去4個H?O,故C錯誤;D.化合物(NH4B5O8-4H2O)在500℃熱分解后若生成固體化合物X2Z3(B2(h),根據(jù)硼元素守恒，則得到關(guān)系式2NH4B508-4比〇?5B203，則固體化合物B203質(zhì)量分?jǐn)?shù)為 (11x2+16x3)x5 (14+4+11x5+16x8+18x4)x2xl00%?64.1%說明假設(shè)正確,故D正確。綜上所述，答案為D。12.Li-Oユ電池比能量高,在汽車、航天等領(lǐng)域具有良好的應(yīng)用前景。近年來科學(xué)家研究了ー種光照充電Li一0ユ電池(如圖所示)。光照時,光催化電極產(chǎn)生電子トー)和空穴(h+),驅(qū)動陰極反應(yīng)(Li++ざ=Li)和陽極反應(yīng)(Li2O2+2h+=2Li++O2)對電池進(jìn)行充電。下列敘述錯誤的是金屬鋰光催化電極、金屬鋰光催化電極、放電ノ202120質(zhì)充電A,充電時,電池的總反應(yīng)Liユ。2=2Li+。ユB,充電效率與光照產(chǎn)生的電子和空穴量有關(guān)C,放電時,Li+從正極穿過離子交換膜向負(fù)極遷移D.放電時,正極發(fā)生反應(yīng)〇2+2ロ++2ど=ロ202【答案】C【解析】【分析】充電時光照光催化電極產(chǎn)生電子和空穴,驅(qū)動陰極反應(yīng)(Li++e=Li+)和陽極反應(yīng)(Li202+2h+=2Li++O2),則充電時總反應(yīng)為Li2O2=2Li+C)2,結(jié)合圖示,充電時金屬Li電極為陰極，光催化電極為陽極;則放電時金屬Li電極為負(fù)極,光催化電極為正極;據(jù)此作答。【詳解】A.光照時，光催化電極產(chǎn)生電子和空穴，驅(qū)動陰極反應(yīng)和陽極反應(yīng)對電池進(jìn)行充電，結(jié)合陰極反應(yīng)和陽極反應(yīng)，充電時電池的總反應(yīng)為Li2O2=2Li+O?,A正確;B.充電時,光照光催化電極產(chǎn)生電子和空穴,陰極反應(yīng)與電子有關(guān),陽極反應(yīng)與空穴有關(guān),故充電效率與光照產(chǎn)生的電子和空穴量有關(guān)，B正確;C,放電時，金屬Li電極為負(fù)極，光催化電極為正極，Li+從負(fù)極穿過離子交換膜向正極遷移，C錯誤;D,放電時總反應(yīng)為2Li+Ch=Li202,正極反應(yīng)為O2+2Li++2e=Li202,D正確;

答案選c。13.常溫下,一元酸HA的K^HAALOxIOつ。在某體系中,h+與八ー離子不能穿過隔膜,未電離的HA可自由穿過該膜(如圖所示)。溶液I膜溶液npH=7.0FT+A=HA^—pH=1.0—?HAービ+A-設(shè)溶液中C總(HA)=c(HA)+c(A1,當(dāng)達(dá)到平衡時,下列敘述正確的是A.溶液I中c(H+)=c(0FT)+c(A-)C,溶液C,溶液I和II中的c(HA)不相等D.溶液I和II中的c總(HA)之比為KT*【答案】B【解析】【詳解】A.常溫下溶液I的pH=7.O,則溶液I中c(H+)=c(OH)=lxlO-7moi/L,c(H+)Vc(OH)+c(A),A錯誤;B,常溫下溶液n的pH=l.O,溶液中c(H+)=0.1mol/L,Ka=t(H)，t(A)=1.Ox1〇3?へc(HA)O.lc(A) ,c(A)1(HA)=c(HA)+c(A)1則—————=1.0x!03,解得一——=—,B正確;c&(HA)-c(A) %(HA)101C.根據(jù)題意,未電離的HA可自由穿過隔膜,故溶液I和H中的c(HA)相等,C錯誤;D.常溫下溶液I的pH=7.0,溶液I中以田戶冋〇?〇レし總=型と込^=1.0x10-3,へc(HA)(HA)=c(HA)+c(A),10-7[c(HA)=c(HA)+c(A),10-7[c￡,(HA)-c(HA)]c(HA)=1.0x10-3,溶液I中c,(HA)=(104+1)c(HA),溶,, 皿、?, + c(H+)-c(A) ,液!I的pH=1.0.溶液!!中c(H+)=0.1mol/L,Ka=—―---=1,0x103,ce(HA)=c(HA)+c(A),c(HA)0.1[c?(HA)-c(HA)]———7777 =1.0x10-3,溶液II中c貳HA)=I.OIc(HA),未電離的HA可自由穿過c(HA)隔膜,故溶液I和n中的c(HA)相等,溶液I和n中c總(HA)之比為Kly+IEHA)]：[1.0k-(HA)]=(104+l)：l.OlsslO4,D錯誤;答案選B二、選擇題:本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個選項中,第!4~18題只有一項是符合題目要求的,第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。14.2022年3月，中國航天員翟志剛、王亞平、葉光富在離地球表面約400km的“天宮二號''空間站上通過天地連線，為同學(xué)們上了一堂精彩的科學(xué)課。通過直播畫面可以看到，在近地圓軌道上飛行的“天宮二號''中,航天員可以自由地漂浮,這表明他們( )A.所受地球引力的大小近似為零B.所受地球引力與飛船對其作用カ兩者的合力近似為零C,所受地球引力的大小與其隨飛船運動所需向心力的大小近似相等D.在地球表面上所受引力的大小小于其隨飛船運動所需向心力的大小【答案】C【解析】【詳解】ABC.航天員在空間站中所受萬有引力完全提供做圓周運動的向心力,飛船對其作用カ等于零,故C正確,AB錯誤;D.根據(jù)萬有引力公式の「Mtn

F『Gア可知在地球表面上所受引力的大小大于在飛船所受的萬有引力大小,因此地球表面引力大于其隨飛船運動所需向心力的大小，故D錯誤。故選Co.如圖，ー不可伸長輕繩兩端各連接ー質(zhì)量為m的小球，初始時整個系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長ムー大小為ド的水平恒力作用在輕繩的中點，方向與兩球

連線垂直。當(dāng)兩球運動至二者相距ヌ丄時,它們加速度的大小均為（【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)兩球運動至二者相距;厶時,,如圖所示3￡3￡一10L一2=e?sl設(shè)繩子拉カ為ア,水平方向有27cos6=解得ァー?戶8對任意小球由牛頓第二定律可得T=ma解得5Fu——故A正確,BCD錯誤。故選Ao.固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個小環(huán),小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑,在下滑過程中,小環(huán)的速率正比于（ ）A,它滑過的弧長B.它下降的高度C,它到戶點的距離D.它與P點的連線掃過的面積【答案】C【解析】【詳解】如圖所示設(shè)圓環(huán)下降的高度為ん,圓環(huán)的半徑為R,它到尸點的距離為厶,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得"即

〃=LsinC

sin6?=—

2R聯(lián)立可得故C正確,ABD錯誤。故選Co17.一點光源以113W的功率向周圍所有方向均勻地輻射波長約為6x10-7m的光,在離點光源距離為R處每秒垂直通過每平方米的光子數(shù)為3xIO】，個。普朗克常量為h=6.63x10-34J.S。R約為〇A.1x102m B.3x102m C.6x102m D.9x102m【答案】B【解析】【詳解】一個光子的能量為E=hvリ為光的頻率,光的波長與頻率有以下關(guān)系c-kv光源每秒發(fā)出的光子的個數(shù)為pPAn=——=—

hvhe產(chǎn)為光源的功率,光子以球面波的形式傳播,那么以光源為原點的球面上的光子數(shù)相同,此時距光源的距離為R處,每秒垂直通過每平方米的光子數(shù)為3x10”個，那么此處的球面的表面積為S=4兀バ則-=3xl014S聯(lián)立以上各式解得マ之3x102m

故選B。18.安裝適當(dāng)?shù)能浖?利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以測量磁感應(yīng)強(qiáng)度瓦如圖,在手機(jī)上建立直角坐標(biāo)系,手機(jī)顯示屏所在平面為xの面。某同學(xué)在某地對地磁場進(jìn)行了四次測量，每次測量時），軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據(jù)表中測量結(jié)果可推知〇測量序號Bx/pT1測量序號Bx/pT1021-4520-20-463210-454-210-45A.測量地點位于南半球B.當(dāng)?shù)氐牡卮艌龃笮〖s為50pTC第2次測量時y軸正向指向南方D.第3次測量時），軸正向指向東方【答案】BC【解析】【詳解】A.【詳解】A.如圖所示地磁南極、ヤ,戶!、、-A地磁北極地球可視為ー個磁偶極,磁南極大致指向地理北極附近,磁北極大致指向地理南極附近。通過這兩個磁極的假想直線（磁軸）與地球的自轉(zhuǎn)軸大約成11.3度的傾斜。由表中z軸數(shù)據(jù)可看出z軸的磁場豎直向下,則測量地點應(yīng)位于北半球，A錯誤;B,磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，故由表格可看出此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大致為8=市+皮=西+度計算得B~5011TB正確;CD.由選項A可知測量地在北半球，而北半球地磁場指向北方斜向下，則第2次測量，測量4＜0,故y軸指向南方，第3次測量紇＞0,故x軸指向北方而y軸則指向西方,C正確、D錯誤。故選BCo19.如圖,兩對等量異號點電荷+ワ、ーワ（り＞（））固定于正方形的4個項點上。厶、N是該正TOC\o"1-5"\h\z方形兩條對角線與其內(nèi)切圓的交點,。為內(nèi)切圓的圓心，M為切點。則（ ）+q -q?、/--:: 二…：？し/落、二、遍-qm+りL和N兩點處的電場方向相互垂直B.M點的電場方向平行于該點處的切線，方向向左C.將一帶正電的點電荷從M點移動到0點，電場カ做正功D.將一帶正電的點電荷從L點移動到N點，電場カ做功為零【答案】AB【解析】【詳解】A.兩個正電荷在N點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由N指向。,N點處于兩負(fù)電荷連線的中垂線上，則兩負(fù)電荷在N點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由N指向〇,則N點的合場強(qiáng)方向由N指向〇,同理可知，兩個負(fù)電荷在厶處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由。指向厶，厶點處于兩正電荷連線的中垂線

上,兩正電荷在L處產(chǎn)生的場強(qiáng)方向由。指向し則丄處的合場方向由。指向ム由于正方向兩對角線垂直平分,則L和N兩點處的電場方向相互垂直,故A正確;B,正方向底邊的ー對等量異號電荷在仞點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向左,而正方形上方的ー對等量異號電荷在M點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向右，由于M點離上方ー對等量異號電荷距離較遠(yuǎn)，則M點的場方向向左，故B正確;C.由圖可知,M和。點位于兩等量異號電荷的等勢線上,即M和。點電勢相等，所以將ー帶正電的點電荷從M點移動到。點，電場カ做功為零，故C錯誤；D.由圖可知，厶點的電勢低于N點電勢,則將一帶正電的點電荷從厶點移動到し點,電場カ做功不為零,故D錯誤。故選AB。20.質(zhì)量為1kg的物塊在水平力ド的作用下由靜止開始在水平地面上做直線運動，ド與時間f的關(guān)系如圖所示。已知物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2,重力加速度大小取g=lOm/sユ。則（ ）FN0-44s時物塊的動能為零6s時物塊回到初始位置3s時物塊的動量為12kg?m/s〇?6s時間內(nèi)ド對物塊所做的功為40J【答案】AD【解析】【詳解】物塊與地面間摩擦カ為f="mg=2NAC.對物塊從〇?3內(nèi)由動量定理可知(4-2)x3=1xv3得匕=6m/s3s時物塊的動量為p=mv3=6kg-m/s設(shè)3s后經(jīng)過時間t物塊的速度減為0,由動量定理可得+ =0-/nv3即-(4+2y=0-lx6解得r=ls所以物塊在4s時速度減為0,則此時物塊的動能也為0,故A正確,C錯誤;0?3物塊發(fā)生的位移為ぶ,由動能定理可得即(4-2)x,=lxlx62得ホ=9m3s?4s過程中,對物塊由動能定理可得-(F+f)x2=O-^mvl即-(4+2)x2=0--xlx62

x2=3m

4s?6s物塊開始反向運動,物塊的加速度大小為F_f,

a= -=2m/s2發(fā)生的位移為x3=—x2x22m=4m<x1+x2即6s時物塊沒有回到初始位置,故B錯誤;D,物塊在6s時的速度大小為%=2x2m/s=4m/s〇?6s拉カ所做的功為W=（4x9-4x3+4x4）J=40J故D正確。故選AD021.ー種可用于衛(wèi)星上的帶電粒子探測裝置,由兩個同軸的半圓柱形帶電導(dǎo)體極板（半徑分別為R和R+d）和探測器組成,其橫截面如圖（a）所示,點。為圓心。在截面內(nèi),極板間各點的電場強(qiáng)度大小與其到。點的距離成反比,方向指向。點。4個帶正電的同種粒子從極板間通過，到達(dá)探測器。不計重力。粒子1、2做圓周運動,圓的圓心為。、半徑分別為ム、與（/?</くろ<??+"）;粒子3從距。點ら的位置入射并從距。點4的位置出射;粒子4從距。點く的位置入射并從距。點り的位置出射,軌跡如圖（b）中虛線所示。則（ ）■J/U粒了.圖⑶探測器一■J/U粒了.圖⑶探測器一G聲61 探測器"A〇〇探測器63 探測器3子4 探測器圖（b）A.粒子3入射時的動能比它出射時的大B,粒子4入射時的動能比它出射時的大C,粒子1入射時的動能小于粒子2入射時的動能D,粒子1入射時的動能大于粒子3入射時的動能【答案】BD【解析】【詳解】C.在截面內(nèi),極板間各點的電場強(qiáng)度大小與其到。點的距離成反比,可設(shè)為Er=k帶正電的同種粒子1、2在均勻輻向電場中做勻速圓周運動,則有TOC\o"1-5"\h\zrV, v2qE]=m-,qE2-tn-

r\ ri可得%ぜ=私=變退21 2 2即粒子1入射時的動能等于粒子2入射時的動能，故C錯誤:A,粒子3從距0點り的位置入射并從距。點?J的位置出射,做向心運動,電場カ做正功,則動能增大,粒子3入射時的動能比它出射時的小,故A錯誤;B.粒子4從距。點7J的位置入射并從距。點り的位置出射，做離心運動,電場カ做負(fù)功,則動能減小,粒子4入射時的動能比它出射時的大,故B正確;D,粒子3做向心運動,有AqE2>m—

ら可得-用《<qセラ=-mビ23 2 2粒子1入射時的動能大于粒子3入射時的動能,故D正確;故選BDo三、非選擇題:共174分。第22?32題為必考題,每個試題考生都必須作答。第33?38為選考題,考生依據(jù)要求作答。(-)必考題:共129分。22.用雷達(dá)探測ー髙速飛行器的位置。從某時刻(r=0)開始的一段時間內(nèi)，該飛行器可

視為沿直線運動,每隔1s測量一次其位置,坐標(biāo)為X,結(jié)果如下表所示:t/s0123456x/m050710941759250533294233回答下列問題:（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可判斷該飛行器在這段時間內(nèi)近似做勻加速運動,判斷的理由是:：（2）當(dāng)ス=507m時,該飛行器速度的大小管=m/s；（3）這段時間內(nèi)該飛行器加速度的大小“=m/s2（保留2位有效數(shù)字）。【答案】①.相鄰1s內(nèi)的位移之差接近Ar=80m②.547③.79【解析】【詳解】（1）[1]第1s內(nèi)的位移507m,第2s內(nèi)的位移587m,第3s內(nèi)的位移665m,第4s內(nèi)的位移746m,第5s內(nèi)的位移824m,第6s內(nèi)的位移904m,則相鄰1s內(nèi)的位移之差接近Ar=80m,可知判斷飛行器在這段時間內(nèi)做勻加速運動;（2）⑵當(dāng)戶507m時飛行器的速度等于0-2s內(nèi)的平均速度，則匕=W^m/s=547m/s（3）[3]根據(jù)あ6—Xqjあ6—Xqj4233—2x17599T29xl2m/s2?79m/s223.ー同學(xué)探究阻值約為550。的待測電阻R,在〇~5mA范圍內(nèi)的伏安特性?？捎闷鞑挠校弘妷罕鞻（量程為3V,內(nèi)阻很大）,電流表A（量程為1mA,內(nèi)阻為300C）,電源E（電動勢約為4V,內(nèi)阻不計）,滑動變阻器R（最大阻值可選10C或1.5kQ）,定值電阻%（阻值可選750或150C）,開關(guān)S,導(dǎo)線若干。圖（a）（1）要求通過Rr的電流可在〇?5mA范圍內(nèi)連續(xù)可調(diào),在答題卡上將圖（a）所示的器材符號連線,畫出實驗電路的原理圖 ；（2）實驗時,圖（a）中的Z?應(yīng)選最大阻值為_ （填“1OC”或“L5g”）的滑動變阻器,扁應(yīng)選阻值為（填“75C”或“150?！保┑亩ㄖ惦娮?（3）測量多組數(shù)據(jù)可得凡的伏安特性曲線。若在某次測量中，電壓表、電流麥的示數(shù)分別如圖（b）和圖（c）所示,則此時ル兩端的電壓為V,流過段的電流為 mA，【詳解】（1）［1］電流表內(nèi)阻已知,電流表與《并聯(lián)擴(kuò)大電流表量程,進(jìn)而準(zhǔn)確測量通過&的電流,電壓表單獨測量R,的電壓;滑動變阻器采用分壓式接法，電表從。開始測量,滿足題中通過&的電流從〇?5mA連續(xù)可調(diào),電路圖如下[2]電路中R應(yīng)選最大阻值為10。的滑動變阻器,方便電路的調(diào)節(jié),測量效率高、實驗誤差小;[3]通過ル電流最大為5mA,需要將電流表量程擴(kuò)大為原來的5倍,根據(jù)并聯(lián)分流的規(guī)律示意圖如下5mA4mAR()~I'*"1 根據(jù)并聯(lián)分流,即并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比,可知4mA300Q1mA4解得.=75Q[4]電壓表每小格表示0.1V,向后估讀一位，B|JU=2.30V；[5]電流表每小格表示0.02mA,本位估讀,即。.84mA,電流表量程擴(kuò)大5倍,所以通過R、的電流為，=4.20mA；⑹根據(jù)歐姆定律可知Qa5480ハUQa5480R=—= * 1 4.20x!〇?324.如圖,ー不可伸長的細(xì)繩的上端固定,下端系在邊長為ノ=0.40m的正方形金屬框的ー個頂點上。金屬框的一條對角線水平，其下方有方向垂直于金屬框所在平面的勻強(qiáng)磁場。已知構(gòu)成金屬框的導(dǎo)線單位長度的阻值為2=5.0xIOク。/m;在，=0到，=3.0s時間內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間，的變化關(guān)系為8(r)=0.3ー〇.レ(SI)。求:（1），=2.0s時金屬框所受安培力的大小;（2）在『=0到?=2.0s時間內(nèi)金屬框產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）0.04拒N；（2）0.016J【解析】【詳解】（1）金屬框的總電阻為/?=4/2=4xO.4x5xlO-3Q=0.0080金屬框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為△①ABx7 1 ,E=——= ^-=0.1X-X0.42V=0.008Vん加 2金屬框中的電流為Z=—=1A

Rt=2.0s時磁感應(yīng)強(qiáng)度=（0.3-0.1x2）T=0.1T金屬框處于磁場中的有效長度為l=6i此時金屬框所受安培カ大小為Fa=BJL=0.1xlx鳩x0.4N=0.04&N（2）0：2.0s內(nèi)金屬框產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2Rt=l2x0,008x2J=0.016J25.如圖（a）,ー質(zhì)量為か的物塊A與輕質(zhì)彈簧連接,靜止在光滑水平面上:物塊B向A運動,，=0時與彈簧接觸,至リ，=2八時與彈簧分離,第一次碰撞結(jié)束,A、B的リーf圖像如圖（b）所示。已知從，=0到，=ら時間內(nèi),物塊A運動的距離為0.36%"。A、B分離后,A滑上粗糙斜面,然后滑下,與一直在水平面上運動的B再次碰撞,之后A再次滑上斜面,達(dá)到的最高點與前一次相同。斜面傾角為e(sin6=0.6),與水平面光滑連接。碰撞過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。求(1)第一次碰撞過程中，彈簧彈性勢能的最大值;(2)第一次碰撞過程中,彈簧壓縮量的最大值:(3)物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)。圖(a) 由(b)【答案】(1)0.6/mv^；(2)0.768%%⑶0.45【解析】【詳解】(1)當(dāng)彈簧被壓縮最短時,彈簧彈性勢能最大,此時A、8速度相等,即，=4時刻,根據(jù)動量守恒定律mB,1.2%=(mB4-771)v0根據(jù)能量守恒定律1 2 1 2Epn1ax=萬機(jī)￡L2%)--(mB+m)v0聯(lián)立解得mB=5m4皿=。.66片(2)同一時刻彈簧對A、8的彈力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知同一時刻%=5/則同一時刻AヽB的的瞬時速度分別為根據(jù)位移等速度在時間上的累積可得S.=*(累積)sB=リ潤(累積)又シ=0.36卬〇解得sB=1.128%ム第一次碰撞過程中,彈簧壓縮量的最大值=sa—sA=0.768匕か(3)物塊A第二次到達(dá)斜面的最高點與第一次相同,說明物塊A第二次與8分離后速度大小仍為2%,方向水平向右,設(shè)物塊A第一次滑下斜面的速度大小為ん,設(shè)向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得mvA-5m-0.8vo=m■(—2v0)+5mvB根據(jù)能量守恒定律可得gワ或+:,5m?了=；m?(-2%)2+1-5mvB聯(lián)立解得“%設(shè)在斜面上滑行的長度為丄,上滑過程,根據(jù)動能定理可得1 2-mgLsin0-^imgLcos^=0-—w(2v0)下滑過程,根據(jù)動能定理可得1 2mgLsin0-"mgLcos0=—mvQ-0聯(lián)立解得4=0.4526.廢舊鉛蓄電池的鉛膏中主要含有PbSO4、PbO2,PbO和Pb。還有少量Ba、Fe、Al的鹽或氧化物等。為了保護(hù)環(huán)境、充分利用鉛資源,通過下圖流程實現(xiàn)鉛的回收。Na2cO3HAc.H2O2NaOH鉛膏沉鉛鉛膏*PbO干*PbO濾液濾渣濾液ー此難溶電解質(zhì)的溶度積常數(shù)如下表:難溶電解質(zhì)PbSO4PbCO,BaSO4BaCO3鼻2.5x1〇-87.4x!〇?14l.lxlQ-102.6x109一定條件下,一些金屬氫氧化物沉淀時的pH如下表:金屬氫氧化物Fe(OH)3Fe(OH)2A1(OH)3Pb(OH)2開始沉淀的pH2.36.83.57.2完全沉淀的pH3.28.34.69.1回答下列問題:(1)在“脫硫’‘中PbS。4轉(zhuǎn)化反應(yīng)的離子方程式為,用沉淀溶解平衡原理解釋選擇Na2c。コ的原因 .(2)在“脫硫”中,加入Na2c。3不能使鉛膏中Bas。く完全轉(zhuǎn)化,原因是 〇(3)在“酸浸”中,除加入醋酸(HAc),還要加入Hユ。ユ。(i)能被H202氧化的離子是；(ii)H2()2促進(jìn)了金屬Pb在醋酸中轉(zhuǎn)化為Pb(Ac)2,其化學(xué)方程式為；(iii)H202也能使Pb。ユ轉(zhuǎn)化為Pb(Ac)2,H2O2的作用是?！八峤焙笕芤旱膒H約為4.9,濾渣的主要成分是?！俺零U”的濾液中，金屬離子有。【答案】(1)①.PbSO4(s)+COJ-(aq)=PbCOMs)+SO；(aq)②.反應(yīng)PbSO4(s)+CO；(aq尸, c, c(soDPbCO.,(s)+SO：(aq)的平衡常數(shù)K=JCtしU3/=3.4x1〇5>1〇5,PbSCh可以比較徹底的轉(zhuǎn)化為PbCO3(2)反應(yīng)BaS04(2)反應(yīng)BaS04(s)+C0；(aq)=BaCO式s)+SO：(aq)的平衡常數(shù)K=c(SOj)c(C0打=0.04?105?反應(yīng)正向進(jìn)行的程度有限(3)①.Fe?+②.Pb+H2O2+2HAc=Pb(Ac)2+2H2O@.作還原劑Fe(OH)3、A1(OH)3Ba2+、Na+【解析】【分析】鉛膏中主要含有PbSC)4、PbCh、PbO和Pb,還有少量Ba、Fe、Al的鹽或氧化物等,向鉛膏中加入碳酸鈉溶液進(jìn)行脫硫,硫酸鉛轉(zhuǎn)化為碳酸鉛,過濾,向所得固體中加入醋酸、過氧化氫進(jìn)行酸浸,過氧化氫可將溶液中的亞鐵離子氧化為鐵離子,酸浸后溶液的pH約為4.9,依據(jù)金屬氫氧化物沉淀時的pH可知，濾渣主要成分為氫氧化鋁、氫氧化鐵,過濾后，向濾液中加入氫氧化鈉溶液進(jìn)行沉鉛,得到氫氧化鉛沉淀,濾液中的金屬陽離子主要為鈉離子和鋼離子,氫氧化鉛再進(jìn)行處理得到PbO0【小問1詳解】“脫硫”中,碳酸鈉溶液與硫酸鉛反應(yīng)生成碳酸鉛和硫酸鈉,反應(yīng)的離子方程式為:PbSO4(s)+CO^(aq)=PbCOKs)+SO；(aq),由一些難溶電解質(zhì)的溶度積常數(shù)的數(shù)據(jù)可知,K、p(PbCO3)=7.4xI。ー”,Ksp(PbSO4)=2.5x1〇-??反應(yīng)PbSO4(s)+COj'(aq)=PbCO3(s)+SO：(aq)的…噺=黑獴於遂於詔?ゆ。,說明可以轉(zhuǎn)化的比較徹底,且轉(zhuǎn)化后生成的碳酸鉛可由酸浸進(jìn)入溶液中，減少鉛的損失。【小問2詳解】反應(yīng)BaSO4(s)+CO；(aq尸BaCO3(s)+SO：(aq)的平衡常數(shù)Kー窄黑二曙ド黑二蕓需二マ刈.眸<ゆ說明該反應(yīng)正向進(jìn)c(C0；)c(Ba-+)-c(CO-)Ksp(BaCO3)2.6xIO-9行的程度有限，因此加入碳酸鈉不能使鉛膏中的BaSO4完全轉(zhuǎn)化?！拘?詳解】(i)過氧化氫有氧化性,亞鐵離子有還原性,會被過氧化氫氧化為鐵離子。(ii)過氧化氫促進(jìn)金屬Pb在醋酸溶液中轉(zhuǎn)化為Pb(Ac)2,過氧化氫與Pb、HAc發(fā)生氧還原反應(yīng)生成Pb(Ac)2和H2O,依據(jù)得失電子守恒和原子守恒可知，反應(yīng)的化學(xué)方程式為:Pb+H2O2+2HAc=Pb(Ac)2+2H2O〇(iii)過氧化氫也能使PbOユ轉(zhuǎn)化為Pb(Ac)2,鉛元素化合價由+4價降低到了+2價，PbOユ是氧化劑,則過氧化氫是還原劑?！拘?詳解】酸浸后溶液的pH約為4.9,依據(jù)金屬氫氧化物沉淀時的pH可知,濾渣主要成分為氫氧化鋁、氫氧化鐵?！拘?詳解】依據(jù)分析可知,加入碳酸鈉不能使鉛膏中的BaSO」完全轉(zhuǎn)化,鐵離子、鋁離子轉(zhuǎn)化為了氫氧化鐵、氫氧化鋁沉淀，鉛轉(zhuǎn)化為了氫氧化鉛、最終變?yōu)榱搜趸U，因此沉鉛的濾液中,金屬離子有Ba?+和加入碳酸鈉、氫氧化鈉時引入的Na\27.二草酸合銅(H)酸鉀(K)[Cu(C204%])可用于無機(jī)合成、功能材料制備。實驗室制備二草酸合銅(II)酸鉀可采用如下步驟:I.取已知濃度的CuS04溶液，攪拌下滴加足量NaOH溶液，產(chǎn)生淺藍(lán)色沉淀。加熱，沉淀轉(zhuǎn)變成黑色,過濾。II.向草酸(H2Go4)溶液中加入適量K2coコ固體，制得KHC204和K2c204混合溶液。H1.將]【的混合溶液加熱至80-85℃,加入I中的黑色沉淀。全部溶解后，趁熱過濾。W.將III的濾液用蒸汽浴加熱濃縮，經(jīng)ー系列操作后，干燥，得到ニ草酸合銅(H)酸鉀晶體,進(jìn)行表征和分析。回答下列問題:(1)由CuSO'SHユ。配制I中的CuS。,溶液，下列儀器中不需要的是(填儀器名稱)。(2)長期存放的CuSO「5Hユ。中,會出現(xiàn)少量白色固體,原因是。!中的黑色沉淀是(寫化學(xué)式)。H中原料配比為n(H2c20Jn(K2co3)=L5:I,寫出反應(yīng)的化學(xué)方程式 〇II中,為防止反應(yīng)過于劇烈而引起噴濺,加入K2c。コ應(yīng)采取的方法。III中應(yīng)采用進(jìn)行加熱IV中“一系列操作”包括?！敬鸢浮?1)分液漏斗和球形冷凝管CuSO/SHユ。風(fēng)化失去結(jié)晶水生成無水硫酸銅CuO(4)3H2c204+2K2co3=2KHC204+K2c2O4+2H2O+2CCM(5)分批加入并攪拌(6)水浴(7)冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌【解析】【分析】取已知濃度的CuSOq溶液,攪拌下滴加足量NaOH溶液,產(chǎn)生淺藍(lán)色沉淀氫氧化銅,加熱,氫氧化銅分解生成黑色的氧化銅沉淀,過濾,向草酸(H2C2O。溶液中加入適量KzCO,固體,制得KHC204和K2c204混合溶液,將KHC2O4和K2c04混合溶液加熱至80-85C,加入氧化銅固體,全部溶解后,趁熱過濾,將濾液用蒸汽浴加熱濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥,得到ニ草酸合銅(H)酸鉀晶體?！拘?詳解】由CuSO「5H2。固體配制硫酸銅溶液,需用天平稱量一定質(zhì)量的CuSO/5H2。固體,將稱量好的固體放入燒杯中,用量筒量取一定體積的水溶解CuSO「5H2。,因此用不到的儀器有分液漏斗和球形冷凝管。【小問2詳解】CuSO「5H2。含結(jié)晶水,長期放置會風(fēng)化失去結(jié)晶水,生成無水硫酸銅,無水硫酸銅為白色固體?！拘?詳解】硫酸銅溶液與氫氧化鈉溶液反應(yīng)生成藍(lán)色的氫氧化銅沉淀,加熱,氫氧化銅分解生成黑色的氧化銅沉淀?！拘?詳解】草酸和碳酸鉀以物質(zhì)的量之比為1.5:1發(fā)生非氧化還原反應(yīng)生成KHC20ハK2c20ハCO2和水,依據(jù)原子守恒可知,反應(yīng)的化學(xué)方程式為:3H2c2O4+2K2co3=2KHC204+K2c2O4+2H2O+2CO2T。【小問5詳解】為防止草酸和碳酸鉀反應(yīng)時反應(yīng)劇烈，造成液體噴濺,可減緩反應(yīng)速率，將碳酸鉀進(jìn)行分批加入并攪拌?！拘?詳解】in中將混合溶液加熱至8O-85C,應(yīng)采取水浴加熱,使液體受熱均勻。小問7詳解】從溶液獲得晶體的一般方法為蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥，因此將山的濾液用蒸汽浴加熱濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、洗滌、干燥，得到ニ草酸合銅(II)酸鉀晶體。28.油氣開采、石油化工、煤化工等行業(yè)廢氣普遍含有的硫化氫，需要回收處理并加以利用?；卮鹣铝袉栴}:(1)己知下列反應(yīng)的熱化學(xué)方程式:①2H2S(g)+3O2(g)=2SO2(g)+2H2O(g)AH,=-1036kJmoF'②4H2s(g)+2SO式g)=3S式g)+4H2O(g)AH2=94kJ-mol1③2H式g)+C)2(g)=2H2O(g)AH3=-484kJ-mol-1計算H2s熱分解反應(yīng)④2H2s(g)=S2(g)+2H?(g)的ム也=kJ-mol1.(2)較普遍采用的H2s處理方法是克勞斯エ藝。即利用反應(yīng)①和②生成單質(zhì)硫。另一種方法是:利用反應(yīng)④高溫?zé)岱纸釮?S。相比克勞斯エ藝,高溫?zé)岱纸夥椒ǖ膬?yōu)點是,缺點是。⑶在1470K、100kPa反應(yīng)條件下,將11(143)：11(ん)=1:4的混合氣進(jìn)行H2s熱分解反應(yīng)。平衡時混合氣中H2s與Hユ的分壓相等,H2s平衡轉(zhuǎn)化率為,平衡常數(shù) kPa〇(4)在1373K、100kPa反應(yīng)條件下,對于n(H?S):n(Ar)分別為4:1、1:1、1:4、1：9、1:19的H2S-Ar混合氣,熱分解反應(yīng)過程中H2s轉(zhuǎn)化率隨時間的變化如下圖所示。①n(H2S):n(Ar)越小,H2s平衡轉(zhuǎn)化率,理由是②n(H2S):n(Ar)=l:9對應(yīng)圖中曲線,計算其在。ー01s之間,H2s分壓的平均變化率為kPa-s'o【答案】(1)170(2)①.副產(chǎn)物氫氣可作燃料②.耗能高(3)①.50% ②4.76(4)①.越高②.n(H2S):n(Ar)越小,H2s的分壓越小,平衡向正反應(yīng)方向進(jìn)行,H2s平衡轉(zhuǎn)化率越髙③.d④.24.9【解析】【小問1詳解】已知:①2H2s(g)+3Ch(g)=2SO2(g)+2H2O(g) =-1036kJ/mol

?4H2S(g)+2SO2(g)=3S2(g)+4H2O(g)△ル=94kJ/mol③2H2(g)+O2(g)=2H2O(g)AH3=-484kJ/mol根據(jù)蓋斯定律(①+②)x［ー③即得至リ2H2s(g)=S2(g)+2H2(g)的AH4=(-1036+94)kJ/molx—+484kJ/mol=170kJ/mol；3【小問2詳解】根據(jù)蓋斯定律(①+②)x3可得2H2s(g)+O2(g)=S2(g)+2H2c)(g)AW=(-1036+94)kJ/molx1=-314kJ/mol,因此,克勞斯エ藝的總反應(yīng)是放熱反應(yīng);根據(jù)硫化氫分解的化學(xué)方程式可知,高溫?zé)岱纸夥椒ㄔ谏蓡钨|(zhì)硫的同時還有氫氣生成。因此,高溫?zé)岱纸夥椒ǖ膬?yōu)點是:可以獲得氫氣作燃料;但由于高溫分解H2s會消耗大量能量,所以其缺點是耗能高;【小問3詳解】假設(shè)在該條件下,硫化氫和氫的起始投料的物質(zhì)的量分別為Imol和4mol,根據(jù)三段式可知:2H2s(g)US2(g)+2H2(g)始/mol100變/molX0.5xX平/〃2。/1-x0.5xX平衡時H2s和H2的分壓相等，則二者的物質(zhì)的量相等,即l—x=x,解得x=0.5,所以H2s的平衡轉(zhuǎn)化率為竺x100%=50%,所以平衡常數(shù)Kp="(Sど/產(chǎn))1 p2(h2s)"xlOOAPax(竝0.5"xlOOAPax(竝0.55.25X100え尸”)2X100た尸a)2 =4.76kPa；【小問4詳解】①由于正反應(yīng)是體積增大的可逆反應(yīng)，n(H2S):n(Ar)越小,H2s的分壓越小，相當(dāng)于降低壓強(qiáng),平衡向正反應(yīng)方向移動,因此H2s平衡轉(zhuǎn)化率越高；②n(H2s):n(Ar)越小,H2s平衡轉(zhuǎn)化率越高,所以n(H2s):n(Ar)=1:9對應(yīng)的曲線是d;根據(jù)圖像可知n(H2s):n(Ar)=l:9反應(yīng)進(jìn)行到0.1s時H2s轉(zhuǎn)化率為0.24。假設(shè)在該條件下,硫化氫和氣的起始投料的物質(zhì)的量分別為Imol和9moi,則根據(jù)三段式可知

2H2s(g)Us式g)+2H式g)始/mol100變/mol0.240.120.24平/mol0.760.120.24ハフハ此時H2s的壓強(qiáng)為 : X]00^=7.51kPa,H2s的起始壓強(qiáng)為lOkPa,所0.76+0.12+0.24+9以Hお分壓的平均變化率為lOkPa一，51kPa_ =24.9kPas,〇0.Is29.農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中,農(nóng)作物生長所需的氮素可以N0;的形式由根系從土壤中吸收。一定時間￠1)MS岑留Eon內(nèi)作物甲和作物乙的根細(xì)胞吸收N0;的速率與〇ユ濃度的關(guān)系如圖所示。回答下列￠1)MS岑留Eon由圖可判斷N0;進(jìn)入跟細(xì)胞的運輸方式是主動運輸,判斷的依據(jù)是.￠2)(3)02濃度大于a時作物乙吸收NO"速率不再增加,推測其原因是.￠2)(3)作物甲和作物乙各自在NO;最大吸收速率時，作物甲跟細(xì)胞的呼吸速率大于作物乙,判斷依據(jù)是.(4)據(jù)圖可知,在農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中,為促進(jìn)農(nóng)作物対N0;的吸收利用，可以采取的措施是.【答案】(D主動運輸需要呼吸作用提供能量,02濃度小于a點,根細(xì)胞對N。1的吸收速率與02濃度呈正相關(guān)(2)主動運輸需要載體蛋白(2)主動運輸需要載體蛋白,此時載體蛋白達(dá)到飽和(3)(4)定期松土(3)(4)定期松土甲的N0;最大吸收速率大于乙,甲需要能量多,消耗。2多【解析】【分析】根據(jù)物質(zhì)運輸?shù)姆较蛞约斑\輸過程中是否需要能量,將物質(zhì)跨膜運輸分為被動運輸和主動運輸,其中主動運輸為逆濃度方向運輸，需要載體蛋白和能量的供應(yīng)。曲線圖分析,當(dāng)氧氣濃度小于a時，影響根細(xì)胞吸收NO的因素是能量,當(dāng)氧氣濃度大于a時，影響根細(xì)胞吸收NCh的因素是載體蛋白的數(shù)量。【小問1詳解】主動運輸是低濃度向高濃度運輸,需要能量的供應(yīng),由圖可知,當(dāng)氧氣濃度小于a點時,隨著〇2濃度的增加,根細(xì)胞對NOT的吸收速率也增加,說明根細(xì)胞吸收NCh-需要能量的供應(yīng),為主動運輸。【小問2詳解】影響主動運輸?shù)囊蛩匕芰亢洼d體蛋白,濃度大于a時作物乙吸收N03ー速率不再增加，能量不再是限制因素，此時影響根細(xì)胞吸收NCh-的速率的因素是載體蛋白的數(shù)量，因為數(shù)量,載體蛋白達(dá)到飽和。【小問3詳解】曲線圖分析,當(dāng)甲和乙根細(xì)胞均達(dá)到最大的NO3ー的吸收速率時,甲的N03-最大吸收速率大于乙，說明甲需要能量多，消耗。2多，甲根部細(xì)胞的呼吸速率大于作物乙?！拘?詳解】在農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中,為了促進(jìn)根細(xì)胞對礦質(zhì)元素的吸收,需要定期松土，增加土壤中的含氧量,促進(jìn)根細(xì)胞的有氧呼吸。.甲狀腺激素在促進(jìn)機(jī)體新陳代謝和生長發(fā)育過程中發(fā)揮重要作用。為了研究動物體內(nèi)甲狀腺激素的合成和調(diào)節(jié)機(jī)制,某研究小組進(jìn)行了下列相關(guān)實驗。實驗ー:將一定量的放射性碘溶液經(jīng)腹腔注射到家兔體內(nèi)，一定時間后測定家兔甲狀腺的放射性強(qiáng)度。實驗ニ:給甲、乙、丙三組家兔分別經(jīng)靜脈注射一定量的生理鹽水、甲狀腺激素溶液、促甲狀腺激素溶液。一定時間后分別測定三組家兔血中甲狀腺激素的含量，發(fā)現(xiàn)注射的甲狀腺激素和促甲狀腺激素都起到了相應(yīng)的調(diào)節(jié)作用?；卮鹣铝袉栴}。（1）實驗ー中，家兔甲狀腺中檢測到碘的放射性,出現(xiàn)這ー現(xiàn)象的原因是。（2）根據(jù)實驗二推測,丙組甲狀腺激素的合成量 （填“大于’’或"小于''）甲組。乙組和丙組甲狀腺激素的合成量 （填“相同”或"不相同”）,原因是。【答案】（1）甲狀腺吸收碘合成甲狀腺激素（2）①.大于②.不相同③.乙組注射外源甲狀腺激素，使甲狀腺激素合成減少,丙組注射促甲狀腺激素會促進(jìn)甲狀腺激素的合成【解析】【分析】下丘腦通過釋放促甲狀腺激素釋放激素(TRH),來促進(jìn)垂體合成和分泌促甲狀腺激素(TSH),TSH可以促進(jìn)甲狀腺合成和釋放甲狀腺激素;當(dāng)甲狀腺激素達(dá)到ー定濃度后,又會反饋給下丘腦和垂體,從而抑制兩者的活動?！拘?詳解】碘是合成甲狀腺激素的原料,將含有放射性碘溶液注射到兔體內(nèi),碘首先進(jìn)入組織液,后進(jìn)入血漿或淋巴運輸?shù)郊谞钕贋V泡上皮細(xì)胞被吸收，參與甲狀腺激素的合成?！拘?詳解】甲組注射生理鹽水，對甲狀腺的活動沒有明顯的影響，甲狀腺激素的合成與釋放維持原來的水平;乙組注射外源甲狀腺激素，使機(jī)體甲狀腺激素含量超過正常水平，會反饋給下丘腦和垂體,從而抑制兩者的活動，使機(jī)體甲狀腺激素合成減少;丙組注射促甲狀腺激素，可以促進(jìn)甲狀腺合成和分泌甲狀腺激素，導(dǎo)致甲狀腺激素合成增加,故三種情況下，丙組甲狀腺激素的合成量大于甲組，乙組和丙組甲狀腺激素的合成量不相同。.某研究小組借助空中拍照技術(shù)調(diào)查草原上地面活動的某種哺乳動物的種群數(shù)量，主要操作流程是選取樣方、空中拍照、識別照片中該種動物并計數(shù)。回答下列問題。(1)為保證調(diào)查的可靠性和準(zhǔn)確性,選取樣方是應(yīng)注意的主要事項有(答出3點即可)。(2)已知調(diào)查區(qū)域總面積為S,樣方面積為ル，樣方內(nèi)平均個體數(shù)為〃，則該區(qū)域的種群數(shù)量為〇(3)與標(biāo)志重捕法相比,上述調(diào)查方法的優(yōu)勢有(答出2點即可)?！敬鸢浮?1)隨機(jī)取樣、樣方大小一致、樣方數(shù)量適宜(2)(Sxn)/m(3)對野生動物的不良影響小、調(diào)查周期短,操作簡便【解析】【分析】1、調(diào)查植物種群密度常用樣方法,樣方法是指在被調(diào)查種群的分布范圍內(nèi),隨機(jī)選取若干個樣方,通過計數(shù)每個樣方內(nèi)的個體數(shù),求得每個樣方的種群密度，以所有樣方法種群密度的平均值作為該種群的種群密度估計值。2、調(diào)查動物的種群密度常用的方法是標(biāo)志重捕法,計算種群數(shù)量時利用公式計算若將該地段種群個體總數(shù)記作N,其中標(biāo)志數(shù)為M,重捕個體數(shù)為n,重捕中標(biāo)志個體數(shù)為m,假定總數(shù)中標(biāo)志個體的比例與重捕取樣中標(biāo)志個體的比例相同，則N=Mn+m?！拘?詳解】為避免人為因素的干擾，保證調(diào)查的可靠性和準(zhǔn)確性，選取樣方時關(guān)鍵要做到隨機(jī)取樣、要依據(jù)調(diào)查范圍大小來確定樣方大小和數(shù)量,樣方大小要一致、樣方數(shù)量要適宜?！拘?詳解】假設(shè)區(qū)域內(nèi)種群數(shù)量為N,樣方內(nèi)平均個體數(shù)為n,已知所調(diào)查區(qū)域總面積為S,樣方面積為m,調(diào)查區(qū)域內(nèi)種群密度相等,N+S=nチm,貝!IN=（Sxn）/m,【小問3詳解】研究小組借助空中拍照技術(shù)調(diào)查草原上地面活動的某種哺乳動物的種群數(shù)量,與標(biāo)志重捕法相比，該調(diào)查方法周期短，不受不良天氣變化的影響，對野生動物生活干擾少，操作更簡便,并允許在繁殖季節(jié)收集更多的數(shù)據(jù)。.某種植物的花色有白、紅和紫三種，花的顏色由花瓣中色素決定，色素的合成途徑是:酶1 酶2白色——紅色一?紫色。其中酶1的合成由基因A控制，醜2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色體上、回答下列問題。（1）現(xiàn)有紫花植株（基因型為AaBb）與紅花雜合體植株雜交，子代植株表現(xiàn)型及其比例為;子代中紅花植株的基因型是;子代白花植株中純合體占的比例為〇（2）已知白花純合體的基因型有2種。現(xiàn)有1株白花純合體植株甲，若要通過雜交實驗（要求選用1種純合體親本與植株甲只進(jìn)行1次雜交）來確定其基因型，請寫出選用的親本基因型、預(yù)期實驗結(jié)果和結(jié)論。【答案】（1）①.白色:紅色:紫色=2：3：3②.AAbb、Aabb③.1/2（2）選用的親本基因型為：AAbb:預(yù)期的實驗結(jié)果及結(jié)論:若子代花色全為紅花,則待測白花純合體基因型為aabb:若子代花色全為紫花,則待測白花純合體基因型為aaBB【解析】【分析】根據(jù)題意，Aa和Bb兩對基因遵循自由組合定律,A_B_表現(xiàn)為紫花，A_bb表現(xiàn)為紅花，aa__表現(xiàn)為白花?！拘?詳解】紫花植株（AaBb）與紅花雜合體（Aabb）雜交,子代可產(chǎn)生6種基因型及比例為AABb（紫花）：AaBb（紫花）：aaBb（白花）：AAbb（紅花）：Aabb（紅花）：aabb（白花）=1:2:1:121。故子代植株表現(xiàn)型及比例為白色:紅色：紫色=2：3；3；子代中紅花植株的基因型有2種:AAbb、Aabb:子代白花植株中純合體（aabb）占的比例為1/2?！拘?詳解】白花純合體的基因型有aaBB和aabb兩科し要檢測白花純合體植株甲的基因型,可選用AAbb植株與之雜交,若基因型為aaBB則實驗結(jié)果為:aaBBxAAbb—AaBb（全為紫花）;若基因型為aabb則實驗結(jié)果為:aabbxAAbb—Aabb（全為紅花）。這樣就可以根據(jù)子代的表現(xiàn)型將白花純合體的基因型推出?！军c睛】該題考查基因的自由組合定律的應(yīng)用,通過分析題意,理解表現(xiàn)型與基因型之間的關(guān)系可以正確作答。（-）選考題:共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選ー題作答。如果多做,則每科按所做的第一題計分。.【物理一選修33】（15分）（1）一定量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b變化狀態(tài)c,其過程如TーV圖上的兩條線段所示,則氣體在（ ）A.狀態(tài)“處壓強(qiáng)大于狀態(tài)c處的壓強(qiáng)B.由a變化到人的過程中，氣體對外做功C,由。變化到c的過程中,氣體的壓強(qiáng)不變D.由。變化到シ的過程中，氣體從外界吸熱E.由a變化到b的過程中,從外界吸收的熱量等于其增加的內(nèi)能【答案】ABD【解析】【詳解】AC.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知T=-^-V

nR即T—V圖像的斜率為丄,故有nRPa=Pb>Pc故A正確，C錯誤;B.理想氣體由。變化到b的過程中,因體積增大,則氣體對外做功,故B正確;DE.理想氣體由。變化到お的過程中，溫度升髙，則內(nèi)能增大,由熱力學(xué)第一定律有\(zhòng)U=Q+W而へU〉。,W<0,則有△U=Q-|W|可得0>o,Q>MJ即氣體從外界吸熱，且從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能,故D正確,E錯誤;故選ABDo(2)如圖,ー豎直放置的汽缸由兩個粗細(xì)不同的圓柱形筒組成,汽缸中活塞I和活塞n之間封閉有一定量的理想氣體，兩活塞用ー輕質(zhì)彈簧連接，汽缸連接處有小卡銷，活塞n不能通過連接處?；钊鸌、n的質(zhì)量分別為2相、，小面積分別為2S、5,彈簧原長為ム初始時系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，此時彈簧的伸長量為0.1/,活塞I、1［到汽缸連接處的距離相等,兩活塞間氣體的溫度為已知活塞外大氣壓強(qiáng)為Po,忽略活塞與缸壁間的摩擦,汽缸無漏氣，不計彈簧的體積。(i)求彈簧的勁度系數(shù);(ii)緩慢加熱兩活塞間的氣體,求當(dāng)活塞II剛運動到汽缸連接處時,活塞間氣體的壓強(qiáng)和溫度。【解析】［詳解］(i)設(shè)封閉氣體的壓強(qiáng)為Pi，對兩活塞和彈簧的整體受力分析,由平衡條件有mg+ハ0?2s+2mg+qS=p（）S+叢?2S對活塞I由平衡條件有2mg+.〇?2S+Z?0.1/=巧?2S解得彈簧的勁度系數(shù)為,40mg

k= I（ii）緩慢加熱兩活塞間的氣體使得活塞I!剛運動到汽缸連接處時,對兩活塞和彈簧的整體由平衡條件可知,氣體的壓強(qiáng)不變依然為3mgP2==PoT~即封閉氣體發(fā)生等壓過程,初末狀態(tài)的體積分別為V1.1/..1.1/c3.3/5V._V.= x25h x5= ,V,=4,251 2 2 2由氣體的壓強(qiáng)不變,則彈簧的彈力也不變,故有ム=1.1/有等壓方程可知解得.【物理——選修3イ】（15分）（1）介質(zhì)中平衡位置在同一水平面上的兩個點波源即和S2,二者做簡諧運動的振幅相等,周期均為0.8s,當(dāng)凡過平衡位置向上運動時,Sユ也過平衡位置向上運動.若波速為5m/s,則由號和S2發(fā)出的簡諧橫波的波長均為m。P為波源平衡位置所在水平面上的一點,與ス、Sユ平衡位置的距離均為10m,則兩波在P點引起的振動總是相互 （填“加強(qiáng)”或“削弱''）的;當(dāng)所恰好在平衡位置向上運動時，平衡位置在P處的質(zhì)點（填“向上’'或"向下''）運動?！敬鸢浮竣?4②.加強(qiáng)③.向下【解析】【詳解】U］因周期T=0.8s,波速為v=5m/s,則波長為A=vT=4m⑵因兩波源到尸點的距離之差為零,且兩振源振動方向相同,則尸點的振動是加強(qiáng)的;［3］因5,P=10m=2.52,則當(dāng)Si恰好的平衡位置向上運動時，平衡位置在P點的質(zhì)點向下振動。(2)ー細(xì)束單色光在三棱鏡A8C的側(cè)面AC上以大角度由。點入射(入射面在棱鏡的橫截面內(nèi)),入射角為i,經(jīng)折射后射至A8邊的E點,如圖所示,逐漸減小i,E點向B點移動,當(dāng)sini=と時,恰好沒有光線從A5邊射出棱鏡,且ハ￡=クは。求棱鏡的折射率。AB C【答案】1.5【解析】AMl［詳解］ /「一ヘ7&-XirB C因為當(dāng)sini=ユ時,恰好沒有光線從A8邊射出，6C,則sinC='由幾何關(guān)系可知,光線在。點的折射角為可知光線在E點發(fā)生全反射,設(shè)臨界角為nr=90-2C =nsinr聯(lián)立可得72=1.5.［化學(xué)——選修3:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)］（15分）鹵素單質(zhì)及其化合物在科研和工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中有著廣泛的應(yīng)用?；卮鹣铝袉栴}:（1）氟原子激發(fā)態(tài)的電子排布式有其中能量較高的是?（填標(biāo)號）a.Is22s22P43sl b.ls22s22p43d2c.ls22s'2ps d.Is22s22P33P?（2）①ー氯乙烯（C2H3CI）分子中,C的ー個 雜化軌道與Cl的3Px軌道形成C-C1鍵,并且C1的3Px軌道與C的2Px軌道形成3中心4電子的大兀鍵（n：）。②ー氯乙烷（GHCl）、ー氯乙烯（C2H3。）、ー氯乙快（C2HCI）分子中,C-C1鍵長的順序是,理由:（i）C的雜化軌道中S成分越多,形成的C-C1鍵越強(qiáng):（ii）?（3）鹵化物CsICh受熱發(fā)生非氧化還原反應(yīng),生成無色晶體X和紅棕色液體Y。X為〇解釋X的熔點比Y高的原因。（4）a-Agl晶體中「離子作體心立方堆積（如圖所示），Ag,主要分布在由「構(gòu)成的四面體、八面體等空隙中。在電場作用下,Ag+不需要克服太大的阻力即可發(fā)生遷移。因此,a-Agl晶體在電池中可作為0已知阿伏加德羅常數(shù)為Na,則a-Agl晶體的摩爾體積V?,=nrimo「（列出算式）。【答案】（1）①.ad②.d⑵①.sp?②0③.ー氯乙烷〉ー氯乙烯〉一氯乙快④.C1參與形成的大兀健越多,形成的C-C1鍵的鍵長越短(3)①.CsCI②.CsCI為離子晶體,IC1為分子晶體(4)①.電解質(zhì)②.レX。-XI。ザ2【解析】【小問1詳解】F的原子序數(shù)為9,其基態(tài)原子電子排布式為Is22s22P5,ls22s22p43s',基態(tài)氟原子2P能級上的1個電子躍遷到3s能級上,屬于氟原子的激發(fā)態(tài),a正確;Is22s22P43d2,核外共10個電子,不是氟原子，b錯誤;Is22sl2P5,核外共8個電子,不是氟原子,c錯誤;Is22s22P33P2,基態(tài)氣原子2P能級上的2個電子躍遷到3P能級上,屬于氟原子的激發(fā)態(tài),d正確;答案選ad；而同一原子3p能級的能量比3s能級的能量高,因此能量最高的是Is22s22P33P2,答案選do【小問2詳解】H H①ー氯乙烯的結(jié)構(gòu)式為 )C=C1 ,碳為雙鍵碳,采取sp2雜化，因此C的ー個sp2H Cl雜化軌道與C1的3Px軌道形成C-Ckr鍵。②C的雜化軌道中s成分越多，形成的C-C1鍵越強(qiáng),C-C1鍵的鍵長越短,ー氯乙烷中碳采取Sp3雜化，ー氯乙烯中碳采取Spユ雜化，ー氯乙烘中碳采取Sp雜化，Sp雜化時p成分少，sp3雜化時p成分多,因此三種物質(zhì)中C-C1鍵鍵長順序為:ー氯乙烷＞ー氯乙烯＞ー氯乙煥,同時C1參與形成的大兀鍵越多,形成的C-C1鍵的鍵長越短,ー氯乙烯中C1的3Px軌道與C的2Px軌道形成3中心4電子的大兀鍵(ロ:)，ー氯乙快中C1的3Px軌道與C的2Px軌道形成2套3中心4電子的大兀鍵(ロ:)，因此三種物質(zhì)中C-C1鍵鍵長順序為:ー氯乙烷〉ー氯乙烯〉ー氯乙煥?！拘?詳解】CsICL發(fā)生非氧化還原反應(yīng)，各元素化合價不變，生成無色晶體和紅棕色液體,則無色晶體

為CsCL紅棕色液體為1C1,而CsCl為離子晶體,熔化時,克服的是離子鍵,IC1為分子晶體,熔化時,克服的是分子間作用カ,因此CsCl的熔點比IC1高?！拘?詳解】由題意可知,在電場作用下,Ag+不需要克服太大阻カ即可發(fā)生遷移,因此a-Agl晶體是優(yōu)良的離子導(dǎo)體,在電池中可作為電解質(zhì);每個晶胞中含碘離子的個數(shù)為8X」+1=2個,依據(jù)8TOC\o"1-5"\h\zN 2化學(xué)式Agl可知,銀離子個數(shù)也為2個,晶胞的物質(zhì)的量mol二へ—mol,晶胞體積\o"CurrentDocument"Na &V=a3Pm3=(504x10-12)3m3,則a-Agl晶體的摩爾體積Nax(504x10,32m3/molo(504xl0l2)Nax(504x10,32m3/molo\o"CurrentDocument"Vm=—= 2n molNハA36.［化學(xué)——選修5:有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)］（15分）左旋米那普倫是治療成人重度抑郁癥的藥物之一,以下是其鹽酸鹽（化合物K）的一種合成路線（部分反應(yīng)條件已簡化,忽略立體化學(xué)）:線（部分反應(yīng)條件已簡化,忽略立體化學(xué)）:已知:化合物F不能與飽和碳酸氫鈉溶液反應(yīng)產(chǎn)生二氧化碳?；卮鹣铝袉栴}：A的化學(xué)名稱是.C的結(jié)構(gòu)簡式為。（3）寫出由E生成F反應(yīng)的化學(xué)方程式 。（4）E中含氧官能團(tuán)的名稱為。（5）由G生成H的反應(yīng)類型為。（6）I是ー種有機(jī)物形成的鹽,結(jié)構(gòu)簡式為。（7）在E的同分異構(gòu)體中,同時滿足下列條件的總數(shù)為種。a）含有ー個苯環(huán)和三個甲基;b）與飽和碳酸氫鈉溶液反應(yīng)產(chǎn)生二氧化碳;c）能發(fā)生銀鏡反應(yīng),不能發(fā)生水解反應(yīng)。上述同分異構(gòu)體經(jīng)銀鏡反應(yīng)后酸化,所得產(chǎn)物中,核磁共振氫譜顯示有四組氫（氫原子數(shù)量比為6：3：2：1）的結(jié)構(gòu)簡式為。【答案】（1）3ー氯ー1ー丙烯⑵0-CH6⑶0^/、鬻jHOOC 〇人ノ（4）羥基、竣基（5）取代反應(yīng)0づ丫人+ A（6）し!N*K*（7）①?10②?眥一CH3'HOOC—COOH〇CH3HOOC—COOH①じ一《ノ一CH3【解析】【分析】A發(fā)生氧化反應(yīng)生成B,B與C在NaNHユ、甲苯條件下反應(yīng)生成D,對比B、D的結(jié)構(gòu)簡式,結(jié)合C的分子式Cs+N,可推知C的結(jié)構(gòu)簡式為|| |-CH］一、:0與30%Na2cth反應(yīng)后再酸化生成E,E在濃硫酸、甲苯條件下反應(yīng)生成F,F不能與飽和NaHCO3溶液反應(yīng)產(chǎn)生CCh,F中不含粉基,F的分子式為CuHioCh,F在E的基礎(chǔ)上脫去1個H2O式為C8