2023屆浙江省寧波市諾丁漢大學附屬中學高一物理第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含答案解析）

2023學年高一下物理期末模擬試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)質量為60kg的建筑工人，不慎從高空跌下，幸好彈性安全帶的保護使他懸掛起來．已知彈性安全帶的緩沖時間是1.5s，安全帶自然長度為5m，g取10m/s2，則安全帶所受的平均沖力的大小為()A．500N B．1100N C．600N D．1000N2、(本題9分)某電場的電場線如圖所示，A、B是一電場線上的兩點，則A、B兩點的電場強度A．大小相等，方向不同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向相同D．大小不等，方向相同3、平拋物體的初速度為v0，當水平方向分位移與豎直方向分位移相等時的瞬時速率為A．v0 B．2v0 C．. D．4、(本題9分)關于下面四個裝置說法正確的是（）進行的是聚變反應A．實驗可以說明α粒子的貫穿本領很強B．實驗現(xiàn)象可以用愛因斯坦的質能方程解釋C．是利用α射線來監(jiān)控金屬板厚度的變化D．5、如圖所示，把一個架在絕緣支架上的枕形導體放在正電荷形成的電場中．導體處于靜電平衡時，下列說法正確的是（）A．A、B兩點電勢不相等B．A、B兩點電場強度不相等C．感應電荷產生的附加電場電場強度EA＞EBD．當電鍵S閉合時，電子從導體沿導線向大地移動6、(本題9分)物體受到幾個共點力作用做勻速直線運動，如果撤掉其中的一個力，其它力不變，下列說法正確的是A．物體一定做勻變速曲線運動B．物體可能做勻速直線運動C．物體可能做勻加速直線運動D．物體可能做勻速圓周運動7、(本題9分)一水平拋出的小球落到一傾角為θ的斜面上時，其速度方向與斜面垂直，運動軌跡如圖中虛線所示．則此時小球水平速度與豎直速度之比、小球水平方向通過的距離與在豎直方向下落的距離之比分別為（）A．水平速度與豎直速度之比為tanθ B．水平速度與豎直速度之比為C．水平位移與豎直位移之比為2tanθ D．水平位移與豎直位移之比為8、同步衛(wèi)星A的運行速率為V1，向心加速度為a1，運轉周期為T1；放置在地球赤道上的物體B隨地球自轉的線速度為V2，向心加速度為a2，運轉周期為T2；在赤道平面上空做勻速圓周運動的近地衛(wèi)星C的速率為V3，向心加速度為a3，動轉周期為T3。比較上述各量的大小可得（）A．T1=T2>T3 B．V3>V2>V1 C．a1<a2=a3 D．a3>a1>a29、(本題9分)關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動B．變速運動一定是曲線運動C．做曲線運動的物體可能沒有加速度D．做曲線運動的物體可能受到恒力作用10、(本題9分)如圖所示，從同一位置以不同初速度水平拋出質量相等的甲、乙兩小球，分別落到斜面上的A、B兩點。下列說法正確的是（）A．甲球比乙球下落用時長一些B．下落過程中甲球重力的平均功率比乙球的大C．甲球落到A點時的機械能比乙球落到B點時的機械能大D．甲球落到A點時重力的功率比乙球落到B點時重力的功率小11、(本題9分)如圖所示，1為同步衛(wèi)星，2為近地衛(wèi)星，3為赤道上的一個物體，它們都在同一平面內繞地心做圓周運動．關于它們的圓周運動的線速度、角速度、和向心加速度，下列說法正確的是A．> B．<C．< D．>>12、(本題9分)宇宙兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬有引力作用相互繞轉，稱之為雙星系統(tǒng)設某雙星系統(tǒng)A、B繞其連線上的O點做勻速圓周運動，如圖所示若，則(

)A．星球A的質量小于星球B的質量B．星球A的線速度大于星球B的線速度C．星球A受到的向心力大于星球B受到的向心力D．星球A的向心加速度小于星球B的向心加速度二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)一個人造天體飛臨某個行星，并進入行星表面的圓軌道，已經測出該天體環(huán)繞行星一周所用的時間為T，那么這顆行星的密度是__________。14、動能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比，則其質量之比mA∶mB=___；動量之比___；兩者碰后粘在一起運動，其總動量與A原來動量大小之比__。15、(本題9分)如圖所示，質量為m、的小球（可視為質點）從地面上方H高處無初速度釋放，落地后地而被砸出一個深為h的坑。全過程中，物體重力勢能減少___，合力對物體做的總功為_________。三．計算題(22分)16、（12分）如圖甲所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接在電壓為U的恒壓電源的兩極，兩極板間距為d，板長為L．α粒子從非?？拷蠘O板的C點以v0的速度沿垂直電場線方向的直線CO方向射入電場，經電場偏轉后由D點飛出勻強電場．已知α粒子質量為m，電荷量為+q，不計α粒子重力．求：（1）α粒子飛離電場時沿電場方向發(fā)生的位移大??；（2）C、D兩點間的電勢差；（3）若僅將A、B極板上的電壓換為如圖乙所示的周期性變化的電壓，t＝0時A板比B板的電勢高．為使在t＝時刻由C點射入兩板間的α粒子最終剛好能由O點水平射出，分別寫出電壓變化周期T與板間距離d滿足的條件．(用L、U、m、q、v0表示)17、（10分）(本題9分)如圖所示，質量為m＝10kg的木塊在傾角θ＝37°的斜面上由靜止開始下滑，木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.1，已知：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2.求：(1)前2s內重力做的功；(2)前2s內重力的平均功率；(3)2s末重力的瞬時功率．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【答案解析】試題分析：根據(jù)自由落體運動規(guī)律，該工人自由下落5m的時間為1s，則根據(jù)沖量定理則，帶入則考點：沖量定理點評：本題考查了沖量定理的簡單運用，首先要計算自由落體運動的時間，然后利用沖量定理進行計算．2、D【答案解析】由圖可知，B處的電場線比A處密集，電場線越密，場強越大，所以EA＜EB；場強的方向均水平向右，方向相同，故ABC錯誤，D正確；故選D.3、D【答案解析】根據(jù)v1t＝gt2得，t=，豎直分速度vy=gt=2v1．根據(jù)平行四邊形定則知，瞬時速率．故選D.點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解．4、C【答案解析】A圖是α粒子散射實驗，α粒子打到金箔上發(fā)生了散射，說明α粒子的貫穿本領較弱．故A錯誤；B圖是實驗室光電效應的實驗，該實驗現(xiàn)象可以用愛因斯坦的光電效應方程解釋，故B錯誤；C圖，因為α射線穿透能力較弱，金屬板厚度的微小變化會使穿過鋁板的α射線的強度發(fā)生較明顯變化，即可以用α射線控制金屬板的厚度．故C正確；D裝置是核反應推的結構，進行的是核裂變反應，故D正確．故選CD．點睛：本題要求熟悉近代物理中的各種裝置，能夠知道其工作的原理，要注意掌握α、β、γ三種射線的特性，電離本領依次減弱，穿透本領依次增強，能在生活中加以利用．5、C【答案解析】

導體處于靜電平衡狀態(tài)，導體是一個等勢體，導體內部場強處處為零；即外部電場在導體內部產生的電場強度與感應電荷在該點的電場強度等大反向.【題目詳解】A．導體處于靜電平衡狀態(tài)，導體是一個等勢體，導體內部場強處處為零．A、B兩點電勢相等，A錯誤；B．A、B兩點電場強度都為零，B錯誤；C．感應電荷產生的附加電場與正電荷在同一點產生的場強等值反向，所以EA＞EB，C正確；D．當電鍵S閉合時，電子從低電勢（大地）沿導線向高電勢點（導體）移動，選項D錯誤；故選C．6、C【答案解析】根據(jù)平衡條件得知，余下力的合力與撤去的力大小相等、方向相反；若合力與速度方向共線，則物體做直線運動，當合力與速度不共線時，物體做曲線運動；由于合力恒定，故加速度恒定，故可能做做勻加速直線運動；由于力是恒力，故物體不可能做勻速運動，不可能做勻速圓周運動，故C正確，A、B、D錯誤；故選C．【答案點睛】撤掉其中的一個力，其余的力均保持不變，則知其余力的合力，根據(jù)速度和力的方向關系明確物體可能的運動情況；注意恒力作用下不可能做勻速圓周運動和勻速圓周運動．7、AC【答案解析】試題分析：小球撞在斜面上，速度方向與斜面垂直，則速度方向與豎直方向的夾角為θ，則水平速度與豎直速度之比為，故A正確，B錯誤．水平位移與豎直位移之比，故C正確，D錯誤．考點：考查了平拋運動8、AD【答案解析】

A、同步衛(wèi)星與地球自轉同步，所以T2＝T2。根據(jù)開普勒第三定律得衛(wèi)星軌道半徑越大，周期越大，故T2＞T2．故A正確。B、同步衛(wèi)星與物體2周期相同，根據(jù)圓周運動公式v，所以V2＞V2，故B錯誤。CD、同步衛(wèi)星與物體2周期相同，根據(jù)圓周運動公式a，得a2＞a2，同步衛(wèi)星2與人造衛(wèi)星2，都是萬有引力提供向心力，所以a，由于r2＞r2，由牛頓第二定律，可知a2＞a2．故C錯誤、D正確。故選：AD。9、AD【答案解析】曲線運動的速度方向一定變化，則曲線運動一定是變速運動，選項A錯誤；變速運動不一定是曲線運動，例如勻變速直線運動，選項B錯誤；做曲線運動的物體速度一定變化，則一定有加速度，選項C錯誤；做曲線運動的物體可能受到恒力作用，例如平拋運動，選項D正確；故選AD.10、CD【答案解析】

A.從拋出到落到斜面上，甲球下落的豎直高度小于乙球，小球豎直方向上做自由落體運動，由知甲球下落的時間比乙球下落的時間短，故A錯誤。B.根據(jù)，甲球下落的豎直高度小于乙球，所以下落過程中甲球重力的平均功率比乙球的小，故B錯誤；C.根據(jù)得，甲球的時間短，甲球的水平位移大于乙球，由x=vt知，甲球的初速度比乙球初速度大。由于只有重力做功，故機械能守恒，在初位置甲球的初動能大于乙球的初動能，故甲球落到A點時的機械能比乙球落到B點時的機械能大，故C正確。D.根據(jù)，因為甲球下落的豎直高度小于乙球，豎直方向，所以甲球豎直速度小于乙球，甲球落到A點時重力的功率比乙球落到B點時重力的功率小，故D正確。11、BD【答案解析】A.物體3和同步衛(wèi)星1周期相等，則角速度相等，即ω1=ω3，根據(jù)v=rω，則v1>v3，衛(wèi)星2和衛(wèi)星1都靠萬有引力提供向心力，根據(jù)，解得，知軌道半徑越大，線速度越小，則v2>v1.所以v2>v1>v3，故A錯誤；B.物體3和同步衛(wèi)星1周期相等，則角速度相等，即ω1=ω3，根據(jù)，知軌道半徑越大，角速度越小，則ω2>ω1.所以ω1=ω3<ω2，故B正確；C.物體3和同步衛(wèi)星1周期相等，則角速度相等，即ω1=ω3，而加速度a=rω2，則a1>a3，衛(wèi)星2和衛(wèi)星1都靠萬有引力提供向心力，根據(jù)，，知軌道半徑越大，角速度越小，向心加速度越小，則a2>a1，所以a2>a1>a3，故C錯誤，D正確；故選BD.點睛：題中涉及三個物體：地球赤道上有一隨地球的自轉而做圓周運動的物體3、繞地球表面附近做圓周運動的人造衛(wèi)星2、地球同步衛(wèi)星1；物體3與近地衛(wèi)星2轉動半徑相同，物體3與同步衛(wèi)星1轉動周期相同，近地衛(wèi)星2與同步衛(wèi)星1同是衛(wèi)星，都是萬有引力提供向心力；分三種類型進行比較分析即可．12、AB【答案解析】

C.兩個星球間的萬有引力提供向心力，故星球A受到的向心力等于星球B受到的向心力，故C錯誤；A.雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度，根據(jù)萬有引力提供向心力公式得：，因為，所以，即A的質量一定小于B的質量，故A正確；B.兩個恒星的角速度相等，由于rA＞rB，根據(jù)v=rω，有vA＞vB，故B正確；D.根據(jù)可知，星球A的向心加速度一定大于星球B的向心加速度，故D錯誤。故選AB．【答案點睛】雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度，根據(jù)向心力公式判斷質量關系，根據(jù)判斷線速度關系，根據(jù)判斷向心加速度關系．二．填空題(每小題6分，共18分)13、3π【答案解析】研究人造天體繞行星表面做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力得：GMmR2=m(點睛：本題考查了萬有引力在天體中的應用，解題的關鍵在于找出向心力的來源，并能列出等式解題，在行星表面運動，軌道半徑可以認為就是行星的半徑。14、【答案解析】

動能，解得：，因兩物體的動能相等，則兩物體質量之比：，物體的動量為：，兩物體動量之比，以B的初動量方向為正方向，A、B碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律得：，得：，A、B碰撞后總動量與A原來動量大小之比為：．15、mg(H+h)0【答案解析】小球共下降了（H+