高考物理二輪復習選擇題分練一

版高考物理二輪復習選擇題分滿分練一版高考物理二輪復習選擇題分滿分練一PAGE版高考物理二輪復習選擇題分滿分練一選擇題48分滿分練(一)說明：共8小題，每題6分，在每題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14.以下說法正確的選項是()A.玻爾依據光的波粒二象性，勇敢提出假定，以為實物粒子也擁有顛簸性B.鈾核裂變的核反響是eq\o\al(235,92)U→eq\o\al(141,66)Ba＋eq\o\al(92,36)Kr＋2eq\o\al(1,0)nC.原子從低能級向高能級躍遷，不汲取光子也能實現D.依據愛因斯坦的“光子說”可知，光的波長越大，光子的能量越大分析德布羅意依據波粒二象性，以為實物粒子也擁有顛簸性，選項A錯誤；鈾核裂變方程為eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(144,56)Ba＋eq\o\al(89,36)Kr＋3eq\o\al(1,0)n，選項B錯誤；原子汲取實物粒子的能量也能從低能級向高能級躍遷，選項C正確；依據能量量子化知，波長越長，能量越小，選項D錯誤。答案C15.2017年6月19日，長征三號乙遙二十八火箭發(fā)射中星9A衛(wèi)星過程中運載火箭出現異樣，未能將衛(wèi)星送入預約軌道。中國航天科技企業(yè)企業(yè)在西安衛(wèi)星測控中心的親密配合下，經過正的確施10次軌道調整，衛(wèi)星于2017年7月5日成功定點于東經101.4°赤道上空的預約軌道。如圖1是衛(wèi)星變軌前后的兩個軌道，對于此次變軌前后衛(wèi)星的運動，以下說法正確的選項是()圖1A.從近地點到遠地點，衛(wèi)星遇到的萬有引力變大B.變軌后，衛(wèi)星的運轉周期變小C.在近地點，衛(wèi)星重點火加快才能抵達更高軌道D.變軌后，衛(wèi)星可能處于地球同步衛(wèi)星軌道分析從近地點到遠地點，衛(wèi)星遇到的萬有引力減小，選項A錯誤；變軌后，衛(wèi)星的運轉周期變大，選項B錯誤；在近地點，衛(wèi)星重點火加快才能抵達更高軌道，選項C正確；變軌后，衛(wèi)星處于橢圓軌道，不能夠能處于地球同步衛(wèi)星軌道，選項D錯誤。答案C16.如圖2所示，圓滑平行的導軌水平固定在豎直向下的勻強磁場中，磁感覺強度為B，導軌左端接有電阻R，導軌上垂直導軌放著一根金屬棒(與導軌接觸優(yōu)秀)，導軌和金屬棒電阻均不計。給金屬棒施加水平向右的恒定拉力，使金屬棒沿導軌由靜止開始向右加快，最后勻速運動。當恒定拉力的大小變成本來的k倍時，金屬棒最后勻速運動時的速度大小和拉力的功率分別變成本來的()圖2A.k倍，k倍B.k2倍，k倍C.k倍，k2倍D.k2倍，k2倍分析勻速運動時，恒定拉力F＝F安＝eq\f(B2L2v,R)，拉力的功率P＝Fv＝F安v＝eq\f(B2L2v2,R)，若F變成本來的k倍，速度v也會變成本來的k倍，拉力的功率P變成本來的k2倍，應選項C正確。答案C17.為了加快高速公路的通行，很多省市的ETC聯網正式啟動運轉，ETC是電子不斷車收費系統的簡稱。假定減速帶離收費站口的距離為50m，收費站總長度為40m，如圖3所示。汽車以大小為72km/h的速度經過減速帶后，需要在收費站中心線前10m處正好勻減速至36km/h，此后勻速經過中心線即可達成繳費，勻速過中心線10m后再以同樣大小的加快度勻加快至72km/h，此后正常行駛。以下對于汽車運動的速度—時間圖象正確的選項是()分析依據題述，汽車做勻減速運動的加快度大小為a＝eq\f(v2－veq\o\al(2,0),2x)＝eq\f(400－100,2×60)m/s2＝2.5m/s2，依據運動學公式可知，經過4s汽車速度減小到36km/h＝10m/s，此后勻速運動到中心線繳費。汽車從開始勻速運動到經過中心線10m后所用的時間為eq\f(20,10)s＝2s，隨后汽車開始勻加快，依據運動學公式可得，再經過4s，汽車加快至72km/h＝20m/s，此后正常行駛，綜上所述，選項A正確，B、C、D錯誤。答案A18.如圖4所示，理想變壓器原、副線圈上分別接有定值電阻R1、R2，此中R1＝8Ω，R2＝10Ω，原、副線圈的匝數之比為n1∶n2＝4∶1，電阻R2兩頭的電壓為U2＝10V，則溝通電源電壓U為()圖4A.42VB.48VC.45VD.40V分析在副線圈中，電流為I2＝eq\f(U2,R2)＝1A，依據eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)＝eq\f(1,4)，可得原線圈中的電流為I1＝0.25A，故R1兩頭電壓為UR1＝I1R1＝2V，依據eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，可得原線圈兩頭的電壓U1＝40V，則溝通電源的電壓U＝U1＋UR1＝42V。答案A19.如圖5所示的實線為電場線，電場線散布及a、e兩點對于直線OO′對稱，帶電粒子從a點沿虛線adb運動到b點，過直線OO′時速度方向恰巧與OO′垂直，不計粒子重力，則以下說法正確的選項是()圖5A.過b點后帶電粒子可能運動到c點B.帶電粒子的運動軌跡是拋物線的一部分C.帶電粒子從a運動到b，其電勢能增大D.直線OO′垂直于電場中的等勢面分析依據題述及對稱關系分析易知，過b點后粒子沿be運動，選項A錯誤；在非勻強電場中帶電粒子的運動軌跡不能夠能是拋物線的一部分，選項B錯誤；帶電粒子從a運動到b，電場力做負功，電勢能增大，選項C正確；電場線垂直于等勢面，OO′為對稱軸，恰巧與周邊的場強方向平行，故直線OO′垂直于電場中的等勢面，選項D正確。答案CD20.如圖6所示，內壁有四分之一圓弧的滑塊靜止在圓滑水平面上，滑塊下端B點離地面距離為h，圓弧也圓滑且半徑為R＝2h。一小球從滑塊的上面緣點A的正上方高為2h處由靜止開釋，恰巧能從A點進入圓弧，小球抵達滑塊下端B點時相對地面的速度大小為v，小球剛落在水平面上的地點與滑塊上B點間的水平距離為s＝4eq\r(2)h。設小球的質量為m。重力加快度大小為g，以滑塊上端點A為零勢能點。則()圖6A.小球在滑塊下端B點的重力勢能為－2mghB.小球受滑塊的支持力不做功C.小球從滑塊的A點抵達B點的過程協力做的功是eq\f(1,2)mv2－2mghD.小球抵達滑塊下端B點時相對地面的速度大小v＝3eq\r(gh)分析滑塊上端點A為零勢能點，小球在滑塊下端B點的重力勢能為－2mgh，選項A正確；在小球沿滑塊的圓弧軌道滑動的同時，滑塊也沿水平面向左運動，滑塊動能增添，就是小球對滑塊的壓力做正功，反之小球受滑塊的支持力對小球做負功，選項B錯誤；小球從滑塊的A點抵達B點的過程由動能定理有W＝ΔE＝Ek2－Ek1＝eq\f(1,2)mv2－2mgh，選項C正確；二者構成系統水平方向動量守恒，有0＝mv－m′v′，二者構成系統機械能守恒，有4mgh＝eq\f(1,2)mv2＋eq\f(1,2)m′v′2，平拋后h＝eq\f(1,2)gt2，4eq\r(2)h＝vt＋v′t，聯立解得v＝2eq\r(gh)，選項D錯誤。答案AC21.如圖7所示，在x<0與x>0的地區(qū)中，存在磁感覺強度大小分別為B1與B2的勻強磁場，磁場方向均垂直于紙面向里，且B1∶B2＝3∶2。在原點O處同時發(fā)射兩個質量分別為ma和mb的帶電粒子a、b，已知粒子a以速度va沿x軸正方向運動，粒子b以速率vb沿x軸負方向運動，已知粒子a帶正電，粒子b帶負電，電荷量相等，且兩粒子的速率知足mava＝mbvb。若在今后的運動中，當粒子a第4次經過y軸(出發(fā)時經過y軸不算在內)時，恰與粒子b相遇，粒子重力不計，以下說法正確的選項是()圖7A.粒子a、b在磁場B1中的偏轉半徑之比為3∶2B.兩粒子在y軸正半軸相遇C.粒子a、b相遇時的速度方向同樣D.粒子a、b的質量之比為1∶5分析由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式r＝eq\f(mv,qB)知eq\f(ra1,rb1)＝eq\f(\f(mava,qB1),\f(mbvb,qB1))＝eq\f(1,1)，因此選項A錯誤；由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式r＝eq\f(mv,qB)知，a粒子從O點出發(fā)沿x軸正方向射出向上逆時針轉半周在y軸上上移2ra2，穿過y軸后逆時針向下轉半周后下移2ra1，因為B2<B1，則第二次經過y軸時在座標原點的上方(2ra2－2ra1)處，同理第四次經過y軸時在座標原點上方2(2ra2－2ra1)處，因此由題意知選項B正確；從最短時間的狀況進行考慮，明顯是b粒子向上轉半周后相遇的，a粒子第四次經過y軸時是向右方向，而b粒子轉半周也是向右的方