2021屆東北三省三校高三(下)3月第一次聯(lián)合模擬考試?yán)砭C物理試題解析-

2023物理部分一、選擇題（86481-4題5~8630。者是（）庫侖【答案】B

奧斯特 C.洛倫茲 D.法拉第故選B。年11月24日凌晨，嫦娥五號(hào)探測(cè)器在文昌航天放射場(chǎng)順當(dāng)升空，踏上征程。這是探月工程的第次任務(wù)，也是我國(guó)航天領(lǐng)域迄今為止最簡(jiǎn)單、難度最大的任務(wù)之一。嫦娥五號(hào)探測(cè)器不僅要成功落月，要實(shí)現(xiàn)月面采樣、月面上升、月球軌道交會(huì)對(duì)接、再返回地球等多個(gè)首創(chuàng)性的任務(wù)環(huán)節(jié)。如圖所示，假嫦娥五號(hào)探測(cè)器在落月過程中從環(huán)月圓軌道I上的P點(diǎn)實(shí)施變軌，進(jìn)入近月橢圓軌道再由近月點(diǎn)Q落月。則關(guān)于嫦娥五號(hào)探測(cè)器下列說法正確的是（ ）沿軌道I運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)時(shí)的速度等于沿軌道P點(diǎn)時(shí)的速度在軌道I上從P點(diǎn)進(jìn)入軌道上時(shí)其機(jī)械能增加關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，沿軌道P點(diǎn)的加速度小于在Q點(diǎn)的加速度關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，在軌道IIPQ點(diǎn)的過程中，機(jī)械能增加【答案】CAI進(jìn)入軌道IIP點(diǎn)減速，近心運(yùn)動(dòng)，故沿軌道IP點(diǎn)時(shí)的速度大于沿軌道II運(yùn)P點(diǎn)時(shí)的速度，故A錯(cuò)誤；在軌道IP點(diǎn)進(jìn)入軌道II上時(shí)減速，其機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，沿軌道II運(yùn)行時(shí)，GMmma ，在P點(diǎn)的加速度小于在Q點(diǎn)的加速度，故C正確；r2關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，在軌道IIPQ點(diǎn)的過程中，只有引力做功，機(jī)械能守恒，故D故選C。下列天于近代物理內(nèi)容的敘述中，正確的是（ ）兩個(gè)質(zhì)子間不管距離如何，總有核力存在，且核力總是大于庫侖力玻爾的原子理論認(rèn)為，電子在不同的軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，原子處在不同的能量狀態(tài)，但不向外輻射能量在光電效應(yīng)試驗(yàn)中，保持入射光強(qiáng)度不變，僅提高入射光頻率，逸出的光電子的最大初動(dòng)能不變?cè)谙嗤俾实臓顩r下，顯微鏡利用電子流工作比利用質(zhì)子流工作將有更高的辨別率【答案】B【詳解】A．核力是短程力，在肯定的范圍內(nèi)發(fā)生作用，所以核力并不是總大于庫侖力，故A錯(cuò)誤。B．玻爾的原子理論認(rèn)為，電子在不同的軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，原子處在不同的能量狀態(tài)，但不向外輻射能量，故B正確；Ekm=hv-W0得，提高入射光頻率，逸出的光電子的最大初動(dòng)能變大，故C錯(cuò)誤；象不明顯，則有更高的辨別率，故D錯(cuò)誤。故選B。

hp，可知質(zhì)子流的波長(zhǎng)比利用電子流小，衍射現(xiàn)隨著軍事科技的進(jìn)步，我國(guó)的單兵作戰(zhàn)畢備的研發(fā)獲得重大突破。如圖為我國(guó)研制的首個(gè)可實(shí)現(xiàn)低空飛假設(shè)駕駛員身體保持伸直，與豎直方向夾角37=80k滑極的推力恒定方向與身體共線空氣阻力與速度的關(guān)系為F且與飛行方向相反其中k=20Nsm -1，g取10m/s2。則（ ）飛行過程中發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)沿板的推力為800N本次飛行能達(dá)到的最大速度為30m/s30s的過程中，發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)滑板推力的沖量為從靜止開頭到達(dá)到最大速度的過程中，發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)滑板推力的平均功率為9kW【答案】B分析】【詳解】A．豎直方向，依據(jù)平衡條件有解得故A錯(cuò)誤；Fsin37fkv

Fcos37mgF1000NFsin37v m k代入數(shù)據(jù)得得此時(shí)速度30m/s，故B正確；從靜ft30s的過程中，發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)滑板推力的沖量為IFt30000N?s故C錯(cuò)誤；依據(jù)牛頓其次定律有Fsin37kvma隨著速度的增大，則整體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故平均速度v故平均功率大于

v m15m/s2PFsin37v9kWDB。從地面豎直向上拋出一個(gè)質(zhì)量為1kg的小球，其上升和下降過程中的動(dòng)位移圖像如圖所示。其中E0為豎直上拋的初動(dòng)能，空氣阻力大小恒定取10m/s2，結(jié)合圖像信息可推斷下列說法中正確的是（ 該圖像取豎直向下方向?yàn)槲灰?正方向60m的1.5NE0540J【答案】D分析】0 【詳解】A．由題可知，E為豎直上拋的初動(dòng)能，隨著x的增大E0 向的，故A錯(cuò)誤；由圖像可知，小球上升了15m

2變?yōu)?/p>

x=45m

=0，所以小球拋出后上升B

k 0 3 0 kf，小球上升過程中，由動(dòng)能定理可得fk1小球下降過程中，由動(dòng)能定理可得

fk2由圖像可知

EΔEk1mgf 0EΔx 452EΔEk2mgf 02EΔx 135其中mg10N，聯(lián)立解得f2N故C錯(cuò)誤；由Cf2N，且mgfE0，代入數(shù)據(jù)解得45E0540J故D故選D。如圖所示，正方形導(dǎo)體框abcdlfadbcBef的軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）導(dǎo)體框中無感應(yīng)電流導(dǎo)體框中產(chǎn)生正弦交變電流ab01ad2l2【答案】AC【詳解】AB．導(dǎo)體框中的磁通量始終為零，不變，故無感應(yīng)電流，A正確，B錯(cuò)誤；b沒有切割磁感線，故兩點(diǎn)間電勢(shì)差為0，故C正確；ed段切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，方向相反，故ad相等，電勢(shì)差為零，故D錯(cuò)誤。故選AC。如圖所示，傾角相同、質(zhì)量相等的兩個(gè)斜面AB放置在水平地面上，始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。質(zhì)量均為m的兩個(gè)物塊分別沿斜面下滑，已知A斜面光滑，此過程中兩斜面對(duì)地面壓力的大小分別為NA、NB，對(duì)地面摩擦力的大小分別為、fBF，則在兩物塊連續(xù)下滑的過程中，下列推斷正確的是（ ）NANB增加NANB增加fA不變、fB增加fA增加、fB增加【答案】AC【詳解】對(duì)第一種狀況下，因滑塊勻速下滑，則mgsinmgcos此時(shí)對(duì)滑塊和斜面的整體，豎直方向

N (mM)gA水平方向不受力，則地面對(duì)斜面體的摩擦力為零；F

(mgF)sin(mgF)cosfA不變；豎直方向斜面對(duì)地面的壓力變?yōu)榧碞A變大；其次種狀況，地面對(duì)滑塊的摩擦力為

N' (mM)gFAf mgcossinB斜面對(duì)地面的壓力

N mgcoscosMgmgcos2MgBF

f' (mgF)cossinB斜面對(duì)地面的壓力fB增加，NB

N' (mgF)coscosMg(mgF)cos2MgB選項(xiàng)AC正確，BD錯(cuò)誤。故選AC。如圖ABCD2llFADBC的中點(diǎn)。ABFE中（包括邊線）有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E1CDEF中（包括邊線）有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E2。一個(gè)帶正電的粒子從Av0AD方向射入電場(chǎng)，剛好經(jīng)過D出電場(chǎng)，且粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與BC相切于M點(diǎn)，交EF于N點(diǎn)N均未畫出，則下列說法正確的是（不計(jì)粒子重力（ ）E1E21：2MCF的一個(gè)三等分點(diǎn)NEF的一個(gè)三等分點(diǎn)2lABCDv0【答案】BDAD．粒子沿ADAD方向受電場(chǎng)力，加速度方向沿電場(chǎng)線方ANNDABFECDEF區(qū)域加速度大小分別為a1、a2。粒子由A到N所用時(shí)間為t1，沿AD方向y vtAE 01垂直AD方向NDt2AD

x 1EN 21

at211y vtED 02AD方向依據(jù)

x attEN 11y y

1at22 22lAE ED則有1tt,a 111 2 a 32所以E 11E 32粒子在矩形區(qū)域ABCD中運(yùn)動(dòng)總時(shí)間2l故A正確；

ttt 1 2 v0BC．粒子從N到、從M到D所用時(shí)間分別為t 、t ，粒子從A到N與從N到沿AB方向速度變NM MD化量大小相等

atat11 2NM得t 1tNM依據(jù)t tNM MD

31t t2 1可知t 2t則yFMy

31vt 10NMvt 2MC 0MDMCF的一個(gè)三等分點(diǎn)，粒子由A到N和N到M沿AB方向平均速度相等，則vtx 3vtEN 1 N是一個(gè)四等分點(diǎn)，故B正確，C錯(cuò)誤。故選BD。

x vt 1NF NM6229~1213~16題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題某試驗(yàn)小組利用如圖甲所示裝置測(cè)量傳送帶與物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。水平傳送帶順時(shí)針傳送且轉(zhuǎn)速不B為兩個(gè)與電腦相連的時(shí)間傳感器，虛線表示其所在位置。物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）感器會(huì)產(chǎn)生信號(hào)，由此可測(cè)得物塊從A運(yùn)動(dòng)到Bt。將A可在水平方向移動(dòng)。將物塊在A處由靜止釋放，轉(zhuǎn)變BABxt2的多組數(shù)據(jù)，如下表所示。（g9.8m/s2）次序號(hào)123456x/cm20.040.060.080.0100.0120.0tt2/s200670.1330.2010.2670.3330.397利用表中數(shù)據(jù)在乙圖中描繪t2-x圖像 ；通過圖像可求得物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1).當(dāng)某同學(xué)連續(xù)做此試驗(yàn)，又得到多組x與運(yùn)動(dòng)時(shí)間的二次方t2的數(shù)據(jù)，發(fā)覺隨著x的增大隨x變化的規(guī)律與前面數(shù)據(jù)呈現(xiàn)的規(guī)律消滅明顯偏差，已知全部試驗(yàn)器材均無故障，請(qǐng)簡(jiǎn)潔分析，產(chǎn)生這個(gè)問的緣由【答案】(1).(2).0.60 (3).假如ABt2x【詳解】(1)[1]通過描點(diǎn)作圖(2)[2]依據(jù)得

x12

at2所以圖像斜率

t22xak21依據(jù)牛頓其次定律a 3依據(jù)牛頓其次定律fmgma解得0.60(3)[3]假如AB隨x不再是前面的正比例關(guān)系。x用伏安法測(cè)定一個(gè)待測(cè)電阻R的阻值（阻值約為150E2V，內(nèi)阻不計(jì)；x電流表A1：量程0~15mA，內(nèi)阻約為50Ω；電流表A2：量程0~300μA，內(nèi)阻為800Ω；R10~10ΩR20~9999Ω1A；、導(dǎo)線若干。要求試驗(yàn)中盡可能精確?????地測(cè)量R，的阻值，請(qǐng)回答下列問題：R為了測(cè)量待測(cè)電阻 兩端的電壓，可以將電流表 （填寫器材代號(hào)）與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱Rx阻值調(diào)這樣可以改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表。請(qǐng)結(jié)合所選器材在方框中設(shè)計(jì)電路，并標(biāo)出所選器材的相應(yīng)符號(hào)，然后依據(jù)電路圖連接實(shí)圖 。調(diào)整滑動(dòng)變阻器R1，兩電流表的示數(shù)如圖所示，可讀出電流表A1的示數(shù)mA，電流表A2示數(shù)測(cè)得待測(cè)電阻Rx的較精確?????值計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(5).12.5(6).180(5).12.5(6).180(7).146R x x為I E 3 20mAx R 150x1 x x 所以電流表應(yīng)當(dāng)接受ARR兩端的電壓，可以將電流表1 x x [2]依據(jù)串并聯(lián)電阻的規(guī)律，改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表應(yīng)串聯(lián)的電阻為U 3R RI g

8009200Ω300106(1).A2(2). 9200(3).(4).(1).A2(2). 9200(3).(4).(3)[5]電流表A1的示數(shù)為12.5mA。[6]電流表A2的示數(shù)為180μA。x[7]Rx

的較精確?????值為R

IR 2 g

18010610000

146Ωx II1

12.5103180106L=1.0mv0=2m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶左側(cè)與光滑的傾斜軌道平滑連接，右側(cè)與足夠長(zhǎng)光滑水平臺(tái)面ABAOm=4kgAx=0.6mm1=1kgPh=0.45m處無初速度釋放，已知物塊P與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)=0.，物塊Q之間發(fā)生彈性碰撞，兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2。求：PQPv1；POQ兩物塊之間的距離s。）2m/s（2）1.12m（1）P

mgh1

1mv22 1v3m/s當(dāng)物塊P與傳送帶共速時(shí)

ag6m/s22as1

v2v20最終物塊與傳送帶共速后勻速

51 125

m1m（2）P、Q碰撞瞬間

v2m/s1mvmv'mv'11 11 22 mv2 mv'2 m

v'22 11解得

2 1

2 223 6v' v m/s1 51 52 4v' v m/s2 5 1 5物塊P其次次運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的時(shí)間為2v' 2xt 1 1.4sQ物體 位移

p a v1s v't2 2p的

2825

m1.12mRxOyl≤x≤2lxOyB2x≥lxOy處于靜止?fàn)顟B(tài)，質(zhì)量為m，不帶電的粒子B?，F(xiàn)有另一質(zhì)量也為m，帶電量為+q的粒子小，從x軸上方距xR軸2的某處沿x軸正方向以某一速度進(jìn)入磁場(chǎng)B1，一段時(shí)間后與粒子B發(fā)生正碰，碰撞后結(jié)合為一個(gè)新粒子C。粒子C連續(xù)運(yùn)動(dòng)進(jìn)入第四象限內(nèi)，在l≤x≤2l區(qū)域中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，忽視粒子重力和粒子間的相互作用，求：粒子AB1v的大??；r≥lE的大小和方向；粒子CB2x軸的距離s。qBR qBBR 4B

1 （2）E 1 2 ，向與x軸負(fù)方向成30斜向下）2 l+ 1R2m 2m 3B2【詳解】（1）由幾何關(guān)系可知，粒子A在磁場(chǎng)B1中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=R，依據(jù)洛倫茲力供應(yīng)向心力，則有qvB1

mv2r解得qBRv 1mA與Bx60?Mx60?斜向下mv2mvCB2后勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛侖茲力平衡，則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與x30?斜向下qv'qE解得qBBRE 1 22m（3）C穿出后在電場(chǎng)力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿v′方向勻速直線，沿電場(chǎng)力方向以加速度a做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

qE=2ma設(shè)類平拋沿邊界線的距離為d，則解得

dcos30=vt1dsin30=2at24Bd= 1R3B2所求距離4B3D=2ltan60=2 3l+ 1R3B2（二）452第一題計(jì)算。[物理一選修3-3]下列關(guān)于分子與分子間作用力性質(zhì)的說法中正確的。高壓密閉的鋼罐中的油沿筒壁溢出，是由于鋼分子對(duì)油分子的斥力的作用當(dāng)物體溫度降低時(shí)，物體內(nèi)全部分子運(yùn)動(dòng)的速率都將臧小一般固體難于被拉伸，說明分子間存在引力當(dāng)物體溫度上升時(shí)，其分子的平均速率肯定變大100°C0°C時(shí)多【答案】CDEA分子的斥力作用，故A正確；B．當(dāng)物體溫度降低時(shí)，物體內(nèi)全部分子的平均動(dòng)能肯定變小，但不是每個(gè)分子的速率都變小，故B錯(cuò)誤；C．一般固體難以被拉伸，是分子間存在引力的作用，故C正確；D．當(dāng)物體溫度上升時(shí)，物體分子的平均動(dòng)能肯定變大，故氣體分子的平均速率肯定變大，故D正確；E0°C100°C時(shí)的氧氣分子平均速率大于0°C時(shí)氧氣氣分子的平均速率，所以100°C的氧氣速率大的分子所占比例比0°C時(shí)多，E正確。CDE（不考慮毛細(xì)現(xiàn)象）豎直放置，水平管ab下端各封閉肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體。豎直管b上端開口與大氣相通且足夠長(zhǎng)。其中ala=35cm，b中氣柱長(zhǎng)a上、下方的長(zhǎng)度分別為h1=4cmh2=20cm。外界大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg。若外界溫度保持不變，緩慢從管口注入水銀，直到b中下端氣柱長(zhǎng)度削減5cm時(shí)，求：bp；。）200cmH2）119cm（）依據(jù)初態(tài)b其中解得a其中且又聯(lián)立解得由于a氣柱長(zhǎng)度削減又

pa0=p0+4=80cmHg，pb0=p0+24=100cmHgpb0Vb0=pb1Vb1pb0=100cmHg，Vb0=10S，Vb1=5Spb1=200cmHgpa0Va0=pa1Va1pa0=80cmHg，Va0=35Spa1=pb1-（20+5）cmHg=175cmHgVa1=16Sla1=16cmx1=35cm-16cm=19cm可得所以又加入水銀長(zhǎng)度[物理一選修3-4]

pa1=p+h02h=175-76=99cm，x=99cm-4cm=95cm021 H=5+x+x1 以下各種說法中，正確的。相對(duì)論理論認(rèn)為真空中光速在不同的慣性參考系中是不同的機(jī)械波和電磁波本質(zhì)上不相同，但它們都能發(fā)生反射、折射、干涉和衍射現(xiàn)象兩列波疊加時(shí)產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，其振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與減弱區(qū)域是穩(wěn)定不變的利用電磁波傳遞信號(hào)可以實(shí)現(xiàn)無線通信，但電磁波不能在真空中傳輸光纖通信是一種現(xiàn)代