2022年廣東省惠州市示范名校物理高二下期末監(jiān)測試題含解析

2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物體從斜面上A點由靜止開始下滑，如圖所示，第一次經(jīng)光滑斜面AB滑到底端時間為，第二次經(jīng)光滑斜面ACD下滑，滑到底端時間為，已知，在各斜面的等高處物體的速率相等，試判斷（）A．B．C．D．不能確定2、如圖所示，質(zhì)量為m的物塊，沿著半徑為R的半球形金屬殼內(nèi)壁滑下，半球形金屬殼豎直固定放置，開口向上，滑到最低點時速度大小為v，若物體與球殼之間的動摩擦因數(shù)為，則物體在最低點時，下列說法正確的是（）A．受到的摩擦力為B．受到的摩擦力為C．受到向心力為D．受到的合力方向豎直向上3、如圖甲所示，電阻不計且間距為L=1m的光滑平行金屬導軌豎直放置，上端連接阻值為R=1Ω的電阻，虛線OO′下方有垂直于導軌平面的勻強磁場．現(xiàn)將質(zhì)量為m=0.3kg、電阻Rab=1Ω的金屬桿ab從OO′上方某處以一定初速釋放，下落過程中與導軌保持良好接觸且始終水平．在金屬桿ab下落0.3m的過程中，其加速度a與下落距離h的關系圖象如圖乙所示．已知ab進入磁場時的速度v0=3.0m/s，取g=10m/s1．則下列說法正確的是（）A．進入磁場后，金屬桿ab中電流的方向由b到aB．勻強磁場的磁感應強度為1.0TC．金屬桿ab下落0.3

m的過程中，通過R的電荷量0.14CD．金屬桿ab下落0.3

m的過程中，R上產(chǎn)生的熱量為0.45J4、下列式子屬于該物理量的定義式的是（）A．加速度a=F/mB．功率P＝FvC．電場強度E=F/qD．電阻R=ρl/S5、如圖所示為用a、b兩種單色光分別通過同一雙縫干涉裝置獲得的干涉圖樣．現(xiàn)讓a、b兩種光組成的復色光穿過平行玻璃磚或三棱鏡時，光的傳播路徑與方向可能正確的是（）A．①③ B．①④ C．②④ D．只有③6、變化的磁場在其周圍空間激發(fā)的電場叫渦旋電場，即感生電場?圖中虛線為一圓柱狀均勻磁場區(qū)的橫截面，其磁感應強度B隨時間均勻變化，感生電場的電場線是渦旋狀的同心圓，同一個圓上的各點電場強度大小相等，方向沿圓周的切向?圖中實線為其中的一條電場線，半徑為r，場強大小為E?若電荷量為+q的粒子沿該電場線逆時針運動一周，電場力做的功為W，忽略粒子運動產(chǎn)生的磁場，則以下說法正確的是A．磁感應強度均勻減小，W=0B．磁感應強度均勻增大，W=0C．磁感應強度均勻減小，W=2qEπrD．磁感應強度均勻減大，W=2qEπr二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列波沿x軸方向以的速度傳播的簡諧橫波，時刻的波形如圖所示，P、Q兩質(zhì)點的橫坐標分別為、。已知時質(zhì)點Q的運動方向沿y軸正方向，則下列說法正確的是（）A．波的傳播方向沿x軸負方向B．質(zhì)點P振動的周期為C．內(nèi)質(zhì)點Q的路程為D．時刻起質(zhì)點P比質(zhì)點Q先回到平衡位置E.質(zhì)點P的振動方程為8、關于飽和汽壓和相對濕度，下列說法中正確的是（）A．溫度相同的不同飽和汽的飽和汽壓都相同B．溫度升高時，飽和汽壓增大C．在相對濕度相同的情況下，夏天比冬天的絕對濕度大D．飽和汽壓和相對濕度都與體積無關9、如圖所示為氫原子的能級示意圖。用一束單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，氫原子躍遷到n＝4的激發(fā)態(tài)，并從第4能級躍遷回基態(tài)，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，氫原子基態(tài)時的能量為E1A．此過程中最多能發(fā)出6種不同頻率的光B．此過程中發(fā)出的光，最長的波長為-4C．用來照射的單色光的光子頻率為-1D．用來照射的單色光的光子頻率v為-1510、如圖所示，導體棒ab兩個端點分別搭接在兩個豎直放置、電阻不計、半徑相等的金屬圓環(huán)上，圓環(huán)通過電刷與導線c、d相接．c、d兩個端點接在匝數(shù)比n1∶n2＝10∶1的變壓器原線圈兩端，變壓器副線圈接一滑動變阻器R0，勻強磁場的磁感應強度為B，方向豎直向下，導體棒ab長為L(電阻不計)，繞與ab平行的水平軸(也是兩圓環(huán)的中心軸)OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動．如果滑動變阻器的阻值為R時，通過電流表的電流為I，則()A．滑動變阻器上消耗的功率為P＝100I2RB．變壓器原線圈兩端的電壓U1＝10IRC．取ab在環(huán)的最低端時t＝0，則導體棒ab中感應電流的表達式是i＝IsinωtD．a(chǎn)b沿環(huán)轉(zhuǎn)動過程中受到的最大安培力F＝BIL三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通過僅測量______（填選項前的符號），間接地解決這個問題．A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程（2）圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程．然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復．接下來要完成的必要步驟是______（填選項前的符號）．A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON（3）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則m1______m2，r1______r2（填“＞”，“＜”或“=”）（4）若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______（用（2）中測量的量表示）；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為______（用（2）中測量的量表示）．12．（12分）幾位同學在進行“用單擺測定重力加速度”的實驗(1)甲同學分別選用四種材料不同直徑相同的實心球做實驗，記錄的實驗測量數(shù)據(jù)如下表所示，若要更準確的計算出當?shù)氐闹亓铀俣戎担瑧x用第_______組實驗數(shù)據(jù).(2)乙同學選擇了合理的實驗裝置后，測量出幾組不同擺長L和周期T的數(shù)值，畫出如圖T2-L圖象中的實線OM，并算出圖線的斜率為k，則當?shù)氐闹亓铀俣萭=_______.(3)丙同學也進行了與乙同學同樣的實驗，但實驗后他才發(fā)現(xiàn)自己測量擺長時忘了加上擺球的半徑，已知圖中虛線②、③與OM平行，則該同學當時作出的T2-L圖象應該是圖中虛線_______.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量為m的物體，僅在與運動方向相同的恒力F的作用下做勻變速直線運動。經(jīng)過時間t，速度由v1增加到v2。請根據(jù)牛頓運動定律和勻變速直線運動規(guī)律，推導在這個運動過程中，恒力F的沖量和物體動量變化之間的關系，即動量定理。14．（16分）如圖所示，空間有水平勻強磁場垂直于紙面，磁場上下邊界距離為L,磁場磁感應強度大小為B．質(zhì)量為m、電阻為R、邊長為L的均勻正方形導體框abed豎直放置，水平邊ab在距磁場上邊界高h處．現(xiàn)將導體框從靜止開始無初速釋放，cd邊進入磁場后，導體框做勻速直線運動．重力加速度為g，不計空氣阻力．求:(1)導體框做勻速直線運動時，c、d間電勢差Uad；(2)導體框ab邊剛進入磁場瞬時，導體框的加速度大小a；(3)導體框通過磁場區(qū)域過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q．15．（12分）如圖所示，長為傾角為的光滑斜面與光滑水平面平滑連接，在斜面底端有一物體，在恒力作用下由靜止開始向左做勻加速直線運動．與此同時，在斜面頂端有一物體由靜止開始自由下滑．重力加速度為．試求：(1)物體到達斜面底端時的連度；(2)為使不能追上，物體的加速度的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】作速度時間圖線，在AB和ACD上運動的初末速度相等，AC段的加速度大于AB段的加速度，在CD段的加速度小于AB段的加速度，兩物體的路程相等，即圖線與時間軸所圍成的面積相等．從圖象可以看出t1＞t1．故A正確，BCD錯誤．故選A.

點睛：本題采用圖象法解決簡單快捷，關鍵抓住在不同路徑上運動時初速度速度相等，路程相等，加速度不同．2、A【解析】

AB．根據(jù)牛頓第二定律得則所以滑動摩擦力故A正確B錯誤；C．向心力的大小故C錯誤；D．由于重力支持力的合力方向豎直向上，滑動摩擦力方向水平向左，則物體合力的方向斜向左上方，D錯誤。故選A。3、C【解析】A、進入磁場后棒切割磁感線產(chǎn)生動生電動勢，根據(jù)右手定則判斷可知金屬桿ab中電流的方向由a到b，故A錯誤。B、由乙圖知，剛進入磁場時，金屬桿的加速度大小a0=10m/s1，方向豎直向上，由牛頓第二定律得：BI0L-mg=ma0，設桿剛進入磁場時的速度為v0，則有I0=E0R+Rab=BLv0R+Rab，聯(lián)立得B2L2v0R+Rab-mg=ma0，代入數(shù)據(jù)解得B=2.0T，故【點睛】本題關鍵要根據(jù)圖象的信息讀出加速度和桿的運動狀態(tài)，由牛頓第二定律、安培力、法拉第電磁感應定律、歐姆定律、能量守恒等多個知識綜合求解，綜合較強。4、C【解析】

A.加速度a=Fm是牛頓第二定律表達式，不是加速度的定義式，故選項B.功率P=Fv是功率的計算式，不是定義式，故選項B錯誤；C.電場強度E=Fq是電場強度的定義式，采用的是比值定義法，故選項D.電阻R=ρlS是電阻定律的決定式，不是定義式，故選項5、A【解析】由干涉圖樣可知，a光的雙縫干涉條紋間距比b光的大，根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋間距公式△x=λ可知，a光的波長長，則同一介質(zhì)對a的折射率小，對b光的折射率大．根據(jù)平行玻璃磚的光學特性可知，出射光線與入射光線平行，由于a光的折射率小，偏折程度小，所以出射時a光應在右側(cè)，故①正確，②錯誤．由sinC=分析可知，a光的臨界角較大．當光從棱鏡射入空氣中時，若發(fā)生全反射的話首先是b光，若b不發(fā)生全反射，能射出棱鏡，則a光一定也不發(fā)生全反射從棱鏡射出，故③正確，④錯誤．故選A.點睛：解決本題是掌握光學的基本知識：雙縫干涉相鄰條紋間距公式△x=λ、折射定律、臨界角公式sinC=和全反射的條件．要知道折射率越大，介質(zhì)對該光的折射率越大．6、D【解析】由題意可知，正電荷受到的電場力逆時針方向，則電場線方向也是逆時針方向，由楞次定律，當磁場的磁感應強度均勻增大，才會產(chǎn)生如圖所示的電場線；由電場力做功則有：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D．【點睛】根據(jù)電場力做功表達式W=qEx，即可求解W；再由楞次定律，即可求解磁場如何變化．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A．t=0時刻質(zhì)點Q的運動方向沿y軸的正方向，可知該列波沿x軸負方向傳播，故A項正確；B．由圖可知，波的周期質(zhì)點P振動的周期也為，故B項正確；C．由于，t=0時質(zhì)點Q不在平衡位置或最大位移處，所以內(nèi)質(zhì)點Q的路程故C項錯誤；D．t=0時刻質(zhì)點P的運動方向沿y軸的負方向，t=0時刻質(zhì)點Q的運動方向沿y軸的正方向，t=0時刻兩質(zhì)點的位移均為正，所以t=0時刻起質(zhì)點P比質(zhì)點Q先回到平衡位置，故D項正確；E．質(zhì)點的振幅為1cm，t=0時刻質(zhì)點P的運動方向沿y軸的負方向且t=0時刻質(zhì)點P的相對平衡位置的位移所以質(zhì)點P的初相位為，又所以質(zhì)點P的振動方程為故E錯誤。8、BCD【解析】

A．飽和汽壓與溫度和液體種類有關，溫度相同的不同飽和汽的飽和汽壓不同，故A錯誤；B．同種液體，溫度升高時，飽和汽壓增大，故B正確；C．冬天溫度低，飽和汽的氣壓低，故在相對濕度相同的情況下，夏天比冬天的絕對濕度增大，故C正確；D．飽和汽壓和相對濕度都與體積無關，故D正確。故選BCD。9、AD【解析】

A.一群處于在n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時可發(fā)出的光譜線條數(shù)最多為C42=6B.根據(jù)玻爾理論可知，從第4能級向第3能級躍遷時，發(fā)出的光的能量值最小，由E=hγ=hcλ可知波長最大。此時E=E4-CD.用來照射的光子的能量為E照=E4-E110、AD【解析】

A．理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，所以由=得I2=10I變阻器上消耗的功率為P=I22R=（10I）2R=100I2R故A正確；B．副線圈的電壓為U=I2R=10IR根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比可知，變壓器原線圈兩端的電壓U1=100IR故B錯誤．C．a(chǎn)b在最低點時，ab棒與磁場垂直，此時的感應電動勢最大，感應電流最大，所以棒ab中感應電流的表達式應為i=Icosωt故C錯誤；D．a(chǎn)b在最低點時，ab棒與磁場垂直，此時的感應電動勢最大，感應電流最大，最大值為，此時的安培力也是最大的，最大安培力為F=BIL故D正確．故選AD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADE＞=m1OP=m1OM+m2ONm1OP2=m1OM2+m2ON2【解析】（1）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，C正確．（2）要驗證動量守恒定律定律，即驗證，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：，得：，因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，為了測量位移，應找出落點，選ADE．（3）為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求；（4）由（2）知，實驗需要驗證：；如果碰撞過程機械能守恒，則，兩邊同時乘以得，則可得：．【點睛】（1）明確實驗原理，知道實驗驗證的方法；（2）由動量守恒定律求出需要驗證的表達式，根據(jù)表達式確定需要測量的量；（3）根據(jù)（2）的分析確定需要驗證的關系式；同時根據(jù)功能關系及彈性碰撞的性質(zhì)明確彈性碰撞時對應的性質(zhì)．實驗的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發(fā)生的位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目．12、2；；②；【解析】

（1）為減小實驗誤差擺球