寧波市2020年新高考選考適應(yīng)性考試物理試卷

..XX市2020年新高考選考適應(yīng)性考試物理試卷選擇題部分一、選擇題I〔本題共8小題,每小題3分,共24分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分1.人類對(duì)自然規(guī)律的認(rèn)識(shí)史上,許多物理學(xué)家大膽猜想、勇于質(zhì)疑,取得了輝煌成就,下列有關(guān)科學(xué)家及其貢獻(xiàn)的描述中正確的是<>A.開(kāi)普勒通過(guò)對(duì)行星運(yùn)行數(shù)據(jù)的研究,提出了行星受到的向心力與軌道半長(zhǎng)軸平方成正比B.伽利略用"理想實(shí)驗(yàn)"推翻了亞里士多德的"力是維持物體運(yùn)動(dòng)原因"的觀點(diǎn)：C.玻爾大膽預(yù)言實(shí)物粒子在一定條件下會(huì)表現(xiàn)出波動(dòng)性,提出了物質(zhì)波概念D.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場(chǎng)的相似性,提出分子電流假說(shuō)[答案]B[解析]A行星受到的向心力與軌道半長(zhǎng)軸平方成反比；C德布羅意提出了物質(zhì)波概念；安培提出分子電流假說(shuō)。2.小寧同學(xué)為了研究摩擦力的方向,將一輛后輪驅(qū)動(dòng)的玩具電動(dòng)小汽車,按圖示方法置于兩個(gè)表面粗糙的平板小車上,三者置于水平實(shí)驗(yàn)桌上。當(dāng)小明用遙控器啟動(dòng)小車向前運(yùn)動(dòng)時(shí),他看到兩個(gè)平板小車也開(kāi)始運(yùn)動(dòng),下列標(biāo)出平板小車的運(yùn)動(dòng)方向正確的是<>[答案]C[解析]因后輪驅(qū)動(dòng),后輪受到的摩擦力向前,前輪受到的摩擦力向后。根據(jù)牛頓第三定律,C正確。3.兩根長(zhǎng)度不同的細(xì)線下面分別懸掛兩個(gè)小球A和B后,細(xì)線上端固定在同一點(diǎn),若兩個(gè)小球繞豎直軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)恰好在同一高度的在同一水平面內(nèi),運(yùn)動(dòng)半徑分別為rA和rB,則下列說(shuō)法中正確的是<>A.小球A和B線速度之比vA:vB=rA:rBB.小球A和B角速度之比ωA:ωB=rA:rBC.小球A和B周期之比TA:TB=rB:rAD.小球A和B向心加速度之比aA:aB=rB:rA[答案]A[解析]設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為α,eqa=gtanα=g\f<r,h>,向心加速度之比aA:aB=rA:rB;由eqa=\f<v2,r>得：eqv2=g\f<r2,h>,線速度之比vA:vB=rA:rB；同理,BC錯(cuò)。4.2019年9月23日5時(shí)10分,我國(guó)在XX衛(wèi)星發(fā)射中心以"一箭雙星"方式成功發(fā)射第47、48顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖,已知P、Q、M三顆衛(wèi)星均做勻速圓周運(yùn)動(dòng),其中P是地球靜止軌道衛(wèi)星,P、Q的軌道半徑相同,M的軌道半徑要小于P、Q的軌道半徑,則<>A.衛(wèi)星P、M的角速度ωP<ωQB.衛(wèi)星Q、M的加速度aQ>aMC.衛(wèi)星P、Q的機(jī)械能一定相等D.衛(wèi)星Q有可能相對(duì)地面靜止[答案]A[解析]由eqa=\f<GM,r2>和eqω=\r<\f<GM,r3>>,可知A正確,B錯(cuò)；衛(wèi)星P、Q的質(zhì)量未知,所以機(jī)械能不一定相等；5.如圖所示,三個(gè)電荷量大小相等的點(diǎn)電荷A、B、C分別固定在正角形的三個(gè)頂點(diǎn)上,其電性如圖所示,P點(diǎn)為A、B連線的中點(diǎn),若規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)零點(diǎn),下列說(shuō)法正確的是<>A.P點(diǎn)的電勢(shì)為零B.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由P指向AC.若將C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng),電場(chǎng)力對(duì)其做正功D.若將C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng),其電勢(shì)能保持不變[答案]D[解析]由AB兩電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)為0,再加上C電荷的電勢(shì),所以P點(diǎn)的電勢(shì)大于零,A錯(cuò)；由電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量合成知,B錯(cuò)；對(duì)AB電荷,PC是等勢(shì)線,C點(diǎn)的電荷沿CP連線向P點(diǎn)移動(dòng),電場(chǎng)力不做功,其電勢(shì)能不變,C錯(cuò)D正確；6.在傾角為θ的斜面上,斜面方向靜止著兩個(gè)相同的物塊。兩物塊之間連接著一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧,兩物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ,物塊和斜面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,則彈簧的最大伸長(zhǎng)量是<>A.eq\f<mgsinθ,k>B.eq\f<μmgcosθ,k>C.eq\f<mg<μcosθ+sinθ>,k>D.eq\f<mg<μcosθ﹣sinθ>,k>[答案]D[解析]要使彈簧的伸長(zhǎng)量最大,臨界條件是B剛好保持靜止,mgsinθ+kx=μmgcosθ,解得x=eq\f<mg<μcosθ﹣sinθ>,k>,D正確。7.如圖甲,一維坐標(biāo)系中有一質(zhì)量為m=0.5kg的物塊靜置于x軸上的某位置〔圖中未面出,從t=0時(shí)刻開(kāi)始,物塊在外力作用下沿x軸做勻變速直線運(yùn)動(dòng),如圖乙為其位置坐標(biāo)和速度平方關(guān)系圖象,下列說(shuō)法正確的是<>A.物塊的加速度大小為1m/s2B.物體所受外力為1NC.t=4s時(shí)物塊的速度為2m/sD.t=4s時(shí)物塊位于x=4m處[答案]C[解析]由圖線可知,x=v2﹣2,根據(jù)eq2ax=v2﹣2可知,a=0.5m/s2,v0=0,t=4s時(shí)物塊的速度為v=at=2m/s,位置坐標(biāo)x=eq\f<1,2>at2﹣2=2m,D錯(cuò)。8.如圖所示,物塊固定在水平面上,子彈以初速率v0從左向右水平穿透物塊時(shí)速率為v1,穿透時(shí)間為t1；若子彈以相同速率v0從右向左水平穿透物塊時(shí)速率為v2,穿透時(shí)間為t2.已知子彈在物塊中受到的阻力大小與其到物塊左端的距離成正比.則<>A.t1>t2B.t1<t2C.v1>v2D.v1<v2[答案]B[解析]根據(jù)題意,子彈從左向右水平穿透物塊與從右向左水平穿透物塊,克服阻力所做的功相等,由動(dòng)能定理得,v1=v2,CD錯(cuò)；子彈從左向右水平穿透物塊,加速度增大,從右向左水平穿透物塊,加速度減小,畫(huà)出速度圖線,可判斷B正確。二、選擇題Ⅱ〔本題共5小題,每小題4分,共20分。每小題列出四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)的得0分9.下列四幅圖涉及不同的物理知識(shí),其中說(shuō)法正確的是<>A.如圖甲,一重原子核衰變成α粒子和另一原子核,衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來(lái)重核的結(jié)合能B.如圖乙,鈾核裂變的核反應(yīng)方程可能是：eq\o\al<\s\up2<235>,\s\do2<92>>U→\o\al<\s\up2<140>,\s\do2<54>>Xe+\o\al<\s\up2<94>,\s\do2<38>>Sr+\o\al<\s\up2<1>,\s\do2<0>>nC.如圖丙,豎直放置的肥皂膜上出現(xiàn)的水平條紋是光的干涉現(xiàn)象D.如圖丁,在LC振蕩電路產(chǎn)生振蕩電流時(shí),電路中的電流和電容器中的電荷量不會(huì)同時(shí)達(dá)到最大值。[答案]ACD[解析]平均結(jié)合能越大,原子核越穩(wěn)定,由于衰變后的原子核更穩(wěn)定,核子數(shù)不變,衰變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于原來(lái)重核的結(jié)合能,A正確；鈾核裂變是鏈?zhǔn)椒磻?yīng),反應(yīng)前有中子,B錯(cuò)；圖丙是薄膜干涉,C正確；在LC振蕩電路中,電場(chǎng)能和磁場(chǎng)能相互轉(zhuǎn)化,當(dāng)電路中的電流最大時(shí),電容器中的電荷量為0；當(dāng)電容器中的電荷量最大時(shí),電路中的電流為0；D正確。10.如圖所示,用電流傳感器研究自感現(xiàn)象：電源內(nèi)阻不可忽略,線圈的自感系數(shù)較大,其直流電阻小于電阻R的阻值.t=0時(shí)刻閉合開(kāi)關(guān)S,電路穩(wěn)定后,t1時(shí)刻斷開(kāi)S,電流傳感器連接計(jì)算機(jī)分別描繪了整個(gè)過(guò)程線圈中的電流L和電阻中的電流IR隨時(shí)間t變化的圖象。下列圖象中可能正確的是<>[答案]AD[解析]t=0時(shí)刻閉合開(kāi)關(guān)S,由于線圈自感作用,IL的電流逐漸增大,t1時(shí)刻斷開(kāi)S,IL的電流逐漸減小,A正確；閉合開(kāi)關(guān)S,由于電路總阻礙減小,路端電壓減小,IR減?。浑娐贩€(wěn)定后,電流IR<IL,t1時(shí)刻斷開(kāi)S,流過(guò)R的電流反向,且大于原來(lái)的電流,D正確。11."蜻蜓點(diǎn)水"是常見(jiàn)的自然現(xiàn)象,蜻蜓點(diǎn)水后在水面上會(huì)激起波紋。某同學(xué)在研究蜻蜓運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中獲得一張蜻蜓點(diǎn)水的俯視照片,該照片記錄了蜻蜓連續(xù)三次點(diǎn)水過(guò)程中激起的波紋,其形狀如圖所示.由圖分析可知<>A.蜻蜓第一次點(diǎn)水處為A點(diǎn)B.蜻蜓第一次點(diǎn)水處為C點(diǎn)C.蜻蜓飛行的速度大于水波傳播的速度D.蜻蜓飛行的速度小于水波傳播的速度[答案]BC[解析]波紋是水波的波線,所以蜻蜓第一次點(diǎn)水處為C點(diǎn),B正確；蜻蜓飛行的速度eqv1=\f<xBC,Δt>；水波傳播的速度eqv2=\f<rC﹣rB,Δt>,可知C正確。12.如圖所示,小波同學(xué)在玻璃皿的中心放一個(gè)圓柱形電極接電路中B,沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電路中A完成"旋轉(zhuǎn)的液體"實(shí)驗(yàn),若蹄形磁鐵兩極間正對(duì)部分的磁場(chǎng)視為勻強(qiáng)磁場(chǎng),電源電動(dòng)勢(shì)為E=3.0V,內(nèi)阻r=0.1Ω,電阻R0=4.9Ω,玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R=1.0Ω,閉合開(kāi)關(guān)后當(dāng)液體穩(wěn)定旋轉(zhuǎn)時(shí)電壓表〔視為理想電壓表的示數(shù)恒為1.5V,則<>A.玻璃皿中的電流方向由邊緣流向中心B.由上往下看,液體做順時(shí)針旋轉(zhuǎn)C.流過(guò)電阻R0的電流為0.5AD.閉合開(kāi)關(guān)后,液體熱功率為0.09W[答案]AD[解析]由電路可知,電流A向B,A正確；由左手定則可知,液體做逆時(shí)針旋轉(zhuǎn),B錯(cuò)；流過(guò)電阻R0的電流為eqI=\f<E﹣UV,R0+r>=0.3A,C錯(cuò)；液體熱功率為P=I2R=0.09W,D正確。13.用如圖甲所示的電路研究光電效應(yīng),圖乙縱坐標(biāo)為研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中AK間的電壓U<A電勢(shì)高于K為正,可以改變電源的極性施加反向電壓>橫坐標(biāo)為入射光的頻率v,圖乙中DB為平行于U軸的直線,BC是一條斜率絕對(duì)值為k的傾斜直線,B點(diǎn)的坐標(biāo)為<b,0>,DB右側(cè)和BC上側(cè)所示的陰影部分為能產(chǎn)生光電流的區(qū)域,元電荷為e,則下列說(shuō)法正確的是<>A.流過(guò)電流表的光電流方向向上B.該材料的截止頻率為bC.斜率絕對(duì)值k等于普朗克常量數(shù)值D.該材料的逸出功為kbe[答案]BD[解析]電子向上流過(guò)電流表,光電流向下,A錯(cuò)；由光電效應(yīng)規(guī)律可知,A正確；當(dāng)U加反向電壓時(shí),–eU=–hv+W,得eqU=–\f<h,e>v+W,斜率絕對(duì)值k等于eq\f<h,e>,材料的逸出功為W=hv0=hb=keb,D正確。非選擇題部分三、非選擇題〔本題共5小題,共56分14.〔6分為研究安裝阻尼滑道后抽屜的運(yùn)動(dòng)規(guī)律,小寧同學(xué)將紙帶的一端粘到拉開(kāi)的抽屜上,另一端穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器.打開(kāi)電源,用手對(duì)抽屜施加一短暫的水平?jīng)_量,抽屜在閉合的過(guò)程中,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶記錄了抽屜的運(yùn)動(dòng)情況.eqOO'分別是紙帶上打下的左、右兩端點(diǎn),從O點(diǎn)開(kāi)始每隔四個(gè)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz.回答下列問(wèn)題：<1>紙帶的運(yùn)動(dòng)方向是〔選填"向左"或"向右"；<2>抽屜的最大速度出現(xiàn)在打計(jì)時(shí)器打下兩個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間：<3>與手分離后抽屜的加速度的大小為m/s2.〔取2位有效數(shù)字[答案]<1>向左<2>BC<3>1.2[解析]<1>O點(diǎn)應(yīng)該是打點(diǎn)起始點(diǎn),所以紙帶的運(yùn)動(dòng)方向向左<2>由Δx=aT2可知,C點(diǎn)以后Δx相等,最大速度出現(xiàn)在BC間；<3>用逐差法計(jì)算eqa=\f<<6.78+5.58+4.39﹣3.18﹣1.98﹣0.78>×10﹣2,9×0.12>m/s2=1,2m/s215.〔8分同學(xué)在"練習(xí)使用多用電表"的實(shí)驗(yàn)中,圖1為某多用電表的面板.<1>若用此表測(cè)量一阻值約為150Ω的定值電阻,下列操作正確的是A.將選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)調(diào)到"×100"電阻擋B.歐姆調(diào)零時(shí),兩表筆短接,用螺絲刀轉(zhuǎn)動(dòng)調(diào)零螺絲,直到指針與表盤右邊零刻度對(duì)齊C.在電阻測(cè)量時(shí),雙手不能同時(shí)接觸電阻兩端D.測(cè)量完成后,將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)到"OFF"擋<2>圖2為一正在測(cè)量中的多用電表表盤。如果選擇開(kāi)關(guān)在電阻擋"×lk",則讀數(shù)為Ω；如果選擇開(kāi)關(guān)在直流電壓擋"2.5V",則讀數(shù)為V.<3>若用多用電表的歐姆擋去探測(cè)一個(gè)正常的二極管,某次探測(cè)時(shí),發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大,則與二極管正極相連的是多用電表的〔選填"紅表筆"或"黑表筆"[答案]<1>CD<2>1.5×1041.25<3>黑表筆[解析]<1>多用電表的中值電阻為15Ω,所以用×10倍率,歐姆調(diào)零時(shí),應(yīng)調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕,AB錯(cuò)；按操作要求,CD正確。<2>電阻檔讀數(shù)15kΩ,直流電壓擋讀數(shù)eq\f<2.5,50>×25.0V=1.25V<3>測(cè)二極管時(shí),指針偏轉(zhuǎn)角度很大,說(shuō)明二極管處于導(dǎo)通狀態(tài),黑表筆與二極管正極相連。16.〔12分如圖所示,在同一豎直平面內(nèi),一輕質(zhì)彈簧一端固定,另一自由端恰好與水平線AB平齊,靜止放于傾角為53°的光滑斜面上.一長(zhǎng)為L(zhǎng)=9cm的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在O點(diǎn),另一端系一質(zhì)量為m=0.1kg的小球,將細(xì)繩拉至水平,使小球從位置C由靜止釋放,小球到達(dá)最低點(diǎn)D時(shí),細(xì)繩剛好被拉斷.之后小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恰好沿斜面方向壓縮彈簧,已知彈簧的勁度系數(shù)為k=40N/m.<sin53°=0.8,cos53°=0.6>求：<1>細(xì)繩受到的拉力的最大值；<2>D點(diǎn)到水平線AB的高度h；<3>小球速度最大時(shí)彈簧的壓縮量.[解析]<1>小球由C到D,由機(jī)械能守恒定律得：eqmgL=\f<1,2>mv\o\al<\s\up2<2>,\s\do2<1>>解得eqv1=\r<2gL>在D點(diǎn),由牛頓第二定律得eqF﹣mg=m\f<v\o\al<\s\up2<2>,\s\do2<1>>,L>解得F=3N由牛頓第三定律知細(xì)繩所能承受的最大拉力為3N。<2>由D到A,小球做平拋運(yùn)動(dòng)eqv\o\al<\s\up2<2>,\s\do2<y>>=2ghtan53°=eq\f<vy,v1>解得h=16cm。<3>小球從C點(diǎn)到將彈簧壓縮至最短的過(guò)程中,小球所受合外力為零時(shí),小球達(dá)到最大速度mgsinθ=kx解得：x=0.02m17.〔14分如圖所示的裝置為了探究導(dǎo)體棒在有磁場(chǎng)存在的斜面上的運(yùn)動(dòng)情況,MN、eqM'N'是兩條相距為L(zhǎng)=0.5m的足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌；放置在傾角均為θ=30°的對(duì)稱斜面上,兩導(dǎo)軌平滑連接,連接處水平,兩導(dǎo)軌右側(cè)接有阻值為R=0.8Ω的固定電阻,導(dǎo)軌電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處于大小為B=1T,方向垂直于左邊斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。質(zhì)量為m=0.1kg,電阻為r=0.2Ω的導(dǎo)體棒I從左側(cè)導(dǎo)軌足夠高處自由釋放,運(yùn)動(dòng)到底端時(shí)與放置在導(dǎo)軌底部的質(zhì)量也為m=0.lkg的絕緣棒Ⅱ發(fā)生完全彈性碰撞〔等質(zhì)量的物體發(fā)生完全彈性碰撞時(shí),交換速度。若不計(jì)棒與導(dǎo)軌間的摩擦阻力,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中棒I和棒Ⅱ與軌道接觸良好且始終與軌道垂直,求：<1>第一次碰撞后,棒Ⅱ沿右側(cè)斜面上滑的最大高度h；<2>第二次碰撞后,棒I沿左側(cè)斜面上滑的最大距離為0.25m,該過(guò)程的時(shí)間；<3>若從釋放棒I到系統(tǒng)狀態(tài)不再發(fā)生變化的整個(gè)過(guò)程中,電阻R產(chǎn)生的熱量為Q=0.64J,棒I釋放點(diǎn)的高度H.[解析]<1>棒I從足夠高處滑下,到導(dǎo)軌底部前已勻速,eqmgsinθ=\f<B2L2vm,R+r>得：eqvm=\f<mgsinθ<R+r>,B2L2>=2m/s由于發(fā)生完全彈性碰撞,棒Ⅱ和棒I交換速度,棒Ⅱ以速度vm=2m/s,開(kāi)始句上做減速運(yùn)動(dòng),而棒I停止。棒Ⅱ向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中應(yīng)用動(dòng)能定理eq﹣mgh=0﹣\f<1,2>mv\o\al<\s\up2<2>,\s\do2<m>>得：h=0.2m<2>第二次碰撞后,再次交換速度,棒I以2m/s的初速度向上運(yùn)動(dòng),直到速度為0,這個(gè)過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量定理﹣mgsinθ×t﹣BqL=0﹣mvmeqq=\f<BsL,R+r>解得：t=0.275s<3>最終,棒I和棒Ⅱ都停在兩導(dǎo)軌底部,整個(gè)過(guò)程能量守恒。eqmgH=\f<Q,R><R+r>eqH=\f<Q<R+r>,mgR>=0.818.〔16分如圖是某研究機(jī)構(gòu)進(jìn)行帶電粒子回收試驗(yàn)的原理圖.一群分布均勻的正離子以水平速度v0=1.0×106m/s進(jìn)入水平放置的平行金屬板,正離子的比荷eq\f<q,m>=1.0×108C/kg,已知金屬板的長(zhǎng)度L=0.1m,間距為d=0.5m,板間的電勢(shì)差U=5×104V<下板為高電勢(shì)>.緊靠平行金屬板的左側(cè)有一豎直邊界,整個(gè)左側(cè)區(qū)域中都有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng).邊界的左側(cè)區(qū)域內(nèi)有一塊豎直放置的電荷收集板<厚度不計(jì)>,收集板可以在平面內(nèi)上下左右平移并且長(zhǎng)度可以調(diào)節(jié),當(dāng)離子碰到收集板左側(cè)或右側(cè)時(shí)會(huì)立即被吸收.整個(gè)裝置置于真空環(huán)境中,不考慮離子的重力及離子間的相互作用,忽略離子運(yùn)動(dòng)對(duì)電場(chǎng)和磁場(chǎng)的影響和極板的邊緣效應(yīng).<1>求能進(jìn)入左側(cè)區(qū)域的離子在電場(chǎng)中的側(cè)移量y；<2>若沒(méi)有放置收集板,要使所有進(jìn)入左側(cè)區(qū)域的離子都能從左側(cè)的豎直邊界返回到平行金屬板內(nèi),求左側(cè)的區(qū)域勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)滿足的條件；<3>若左側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1=0