2022-2023學(xué)年江西省上饒市余干中學(xué)高二上學(xué)期第二次月考物理試題（解析版）

余干中學(xué)2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考物理試題一、選擇題（本題共11小題，每小題4分，共44分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題中只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～11題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1.為了研究起電方式；某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)取了三個(gè)不帶電的物體A、B、C，然后進(jìn)行了如下順序的操作：①使A、B相互摩擦；②使B、C相互接觸；③測(cè)出A物體的帶電荷量為，最終C物體的帶電荷量為（電性未知）。則下列說(shuō)法正確的是（）A.操作①時(shí)，從B物體向A物體轉(zhuǎn)移了的正電荷B.操作②時(shí)，從B物體向C物體轉(zhuǎn)移了的正電荷C.最終C物體帶的負(fù)電荷D.最終B物體帶的正電荷【答案】C【解析】【詳解】A．操作①時(shí)，從A物體向B物體轉(zhuǎn)移了的負(fù)電荷，A物體失去電子帶正電，A錯(cuò)誤；B．操作②前，B物體帶負(fù)電，C不帶電，當(dāng)B、C相互接觸最終C物體的帶電荷量為，可知從B物體向C物體轉(zhuǎn)移了的負(fù)電荷，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)電荷守恒定律，最終C物體帶的負(fù)電荷，B物體帶的負(fù)電荷，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示的電路中，為光敏電阻，其電阻值隨光照強(qiáng)度增大而減小，則晴天與陰天相比，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)較大、電壓表的示數(shù)較小B.電流表的示數(shù)較大、電壓表的示數(shù)較大C.電流表的示數(shù)較小、電壓表的示數(shù)較小D.電流表的示數(shù)較小、電壓表的示數(shù)較大【答案】C【解析】【詳解】由題意可知，當(dāng)是晴天時(shí)，光強(qiáng)度較大，的阻值較小，閉合電路的總電阻值較小，由閉合電路歐姆定律，可知閉合電路的總電流I較大，設(shè)此時(shí)電壓表的示數(shù)為U，則有電源的路端電壓整理可得可知電壓表示數(shù)U較??；總電流I較大，R1兩端的電壓較大，R2與R3并聯(lián)電路兩端電壓較小，電流表的示數(shù)較小，ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。3.如圖所示為半徑為R的圓，O、A、B為圓的三等分點(diǎn)，其中O為圓的最高點(diǎn)，與圓平行的面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)．現(xiàn)在O、A兩點(diǎn)固定電荷量分別為、的點(diǎn)電荷，將一試探電荷放在B點(diǎn)時(shí)所受的電場(chǎng)力為零；如果僅將O、A兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷位置調(diào)換，靜電力常量為k．則B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可知，OAB構(gòu)成一等邊三角形，該三角形的邊長(zhǎng)為現(xiàn)在在O處放一正電荷，在A處放一負(fù)電荷，正負(fù)電荷分別在B點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向如圖所示由電場(chǎng)疊加后合場(chǎng)強(qiáng)大小與勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向與E等大反向，則所以勻強(qiáng)電場(chǎng)大小為如果僅將O、A兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷位置調(diào)換，則B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度如圖所示，所以O(shè)、A兩處的點(diǎn)電荷在B處的合場(chǎng)強(qiáng)與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向相同，大小相等，所以B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為故D正確ABC錯(cuò)誤。故選D。4.金屬導(dǎo)體的載流子通常是電子，一金屬導(dǎo)體長(zhǎng)為L(zhǎng)，橫截面是半徑為r的圓，當(dāng)該導(dǎo)體兩端加上一定電壓時(shí)，導(dǎo)體內(nèi)電子定向移動(dòng)的平均速率大小為v。已知該導(dǎo)體的電阻率為ρ，單位體積的電子數(shù)為n，電子的電荷量為e。假設(shè)導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)；則導(dǎo)體內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由電流強(qiáng)度的微觀表達(dá)式可得由電阻定律可得由勻強(qiáng)電場(chǎng)中電壓與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可得由歐姆定律可得聯(lián)立以上各式可得故選A。5.如圖所示的電路，R為定值電阻，MN為平行板電容器，保持N板不動(dòng)，當(dāng)M板向上移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器充電B.a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高C.流過(guò)定值電阻的電流方向向上D.極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)M板向上移動(dòng)過(guò)程中，兩極板間距增大，根據(jù)電容的決定式可得，電容器的電容減??；根據(jù)電容的定義式當(dāng)電容器與電源相連時(shí)，電容器兩極板間的電壓不變，所以電容器的帶電荷量Q減小，即電容器應(yīng)放電，故A錯(cuò)誤；BC．由于電容器處于放電狀態(tài)，所以流過(guò)定值電阻的電流方向豎直向下，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高，故B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系可知，U不變，d增大，E減小，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示的兩電路中，，電流表和電壓表均為理想電表，在兩電路、兩端各加一相同恒定的電壓后，和示數(shù)分別為和，和示數(shù)分別為和，則（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】甲圖中三個(gè)電阻并聯(lián)，電流表A1測(cè)量是電流之和，A2測(cè)量的是電流之和，故有乙圖中三個(gè)電阻串聯(lián)，電流表V1測(cè)量的是電壓之和，V2測(cè)量的是電壓之和，故有故選C。7.如圖甲所示，質(zhì)量的物塊以初速度滑上放在光滑水平面上的長(zhǎng)木板B的左端，、的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，重力加速度取，由此可求出（）A.長(zhǎng)木板的質(zhì)量為 B.物塊與長(zhǎng)木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為C.長(zhǎng)木板長(zhǎng)度至少為 D.物塊與長(zhǎng)木板組成系統(tǒng)損失機(jī)械能為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知木塊加速度受力分析可知解得故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)共速時(shí)物塊恰好到達(dá)木板最右端，此時(shí)木板長(zhǎng)度最短為木塊和木板的位移差故C正確；D．系統(tǒng)機(jī)械能的損失等于故D錯(cuò)誤。故選C。8.2022年7月3日，世界滑板日大賽海曙站在寧波1844廣場(chǎng)開(kāi)賽，如圖所示，質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員沿傾角α的固定斜面向上滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，速度為零并又開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2回到斜面底端，運(yùn)動(dòng)員在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的摩擦力大小始終為Ff。在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為mg(t1＋t2)sinαB.支持力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為mg(t1＋t2)cosαC.摩擦力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為Ff(t2－t1)D.合外力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小為0【答案】BC【解析】【詳解】A．重力的方向總是豎直向下，則重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為mg(t1＋t2)=IGA錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員受到的支持力為FN=mgcosα，方向時(shí)刻垂直斜面向上則支持力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為mg(t1＋t2)cosα，B正確；C．運(yùn)動(dòng)員上滑和下滑過(guò)程中摩擦力方向發(fā)生了改變，則摩擦力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量大小為Ff(t2－t1)，方向沿斜面向上，C正確；D．開(kāi)始小滑塊的動(dòng)量沿斜面向上，最后小滑塊的動(dòng)量沿斜面向下，根據(jù)動(dòng)量定理可知I合=P顯然合外力的沖量不為0，D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示為某品牌的無(wú)人機(jī)，可以載重32kg進(jìn)行農(nóng)藥噴灑，其鋰電池容量為，其電機(jī)的額定工作電壓為60V，額定功率為8400W，則下列說(shuō)法正確的是（）。A.“mA·h”是能量的單位B.無(wú)人機(jī)正常工作時(shí)通過(guò)電機(jī)的電流為140AC.無(wú)人機(jī)的電機(jī)總電阻約為D.充滿(mǎn)電后一次，無(wú)人機(jī)正常工作時(shí)間不超過(guò)12min【答案】BD【解析】【詳解】A．“mA·h”是電池容量計(jì)量單位，不是能量的單位，故A錯(cuò)誤；B．無(wú)人機(jī)正常工作時(shí)電流為故B正確；C．無(wú)人機(jī)發(fā)熱功率未知，內(nèi)阻無(wú)法計(jì)算，故C錯(cuò)誤；D．充滿(mǎn)電后一次，無(wú)人機(jī)正常工作時(shí)間最長(zhǎng)為故D正確。故選BD。10.真空中一平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，存在著平行軸方向的電場(chǎng)，軸上各點(diǎn)的電勢(shì)隨位置變化的關(guān)系圖像如圖所示，處電勢(shì)為，一個(gè)負(fù)電荷從處由靜止釋放，不計(jì)電荷重力，則下列說(shuō)法正確的是（）A.處的電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度大小也為零B.處的電場(chǎng)強(qiáng)度小于處的電場(chǎng)強(qiáng)度C.負(fù)電荷在處釋放后沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)能先變大后變小D.負(fù)電荷在處釋放后沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到的最遠(yuǎn)位置處的坐標(biāo)為【答案】BD【解析】【詳解】AB．由電勢(shì)φ隨位置x變化的關(guān)系圖象可知，均是勻強(qiáng)電場(chǎng)，斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，所以右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為所以處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0；處的電場(chǎng)強(qiáng)度小于處的電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由圖可知在x>0時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向，負(fù)電荷在處受電場(chǎng)力沿x軸負(fù)方向，故靜止釋放后負(fù)電荷將沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)；負(fù)電荷先向左加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，后減速，電場(chǎng)力做負(fù)功，故電勢(shì)能先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D．電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)處時(shí)，電荷的速度為零，根據(jù)能量守恒，電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)處的電勢(shì)等于釋放位置x=1cm處的電勢(shì)，x=－1.5cm處的與x=1cm處的電勢(shì)均為3V，故電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到的最遠(yuǎn)位置處的坐標(biāo)為x=－1.5cm，故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩板間距離、極板長(zhǎng)的水平放置的平行板電容器與某一電源相連，有一束由相同帶電微粒組成的粒子流以相同的速度v0從兩板中央平行極板射入，開(kāi)關(guān)S閉合前，兩極板不帶電，由于重力作用，微粒能落到下板的正中央。已知微粒所帶電荷量，質(zhì)量，重力加速度。則下列說(shuō)法正確的是（）A.帶電微粒的入射速度大小為B.電容器上極板接電源正極時(shí)，微粒有可能從平行板電容器的左邊射出電場(chǎng)C.電容器下極板接電源正極，電源電壓為時(shí)微?？梢詮钠叫邪咫娙萜鞯淖筮吷涑鲭妶?chǎng)D.電容器下極板接電源正極，電源電壓為160V時(shí)，微粒恰能在平行板電容器中沿直線方向運(yùn)動(dòng)【答案】AD【解析】【詳解】A．無(wú)電場(chǎng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為解得帶電微粒的入射速度大小為解得A正確；B．電容器上極板接電源正極時(shí)，微粒所受電場(chǎng)力向下，加速度增大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間變小，水平方向運(yùn)動(dòng)的距離變小，水平方向運(yùn)動(dòng)的距離小于，粒子不可能從平行板電容器的左邊射出電場(chǎng)，B錯(cuò)誤；C．電容器下極板接電源正極，電源電壓為U1，恰好從左下角射出解得電容器下極板接電源正極，電源電壓U2，恰好從左上角射出解得時(shí)微粒可以從平行板電容器的左邊射出電場(chǎng)，C錯(cuò)誤；D．電容器下極板接電源正極，電源電壓為160V時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得解得微粒恰能在平行板電容器中沿直線方向做勻速運(yùn)動(dòng)，D正確。故選AD。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分）12.如圖甲所示為“驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)的裝置示意圖，a是入射小球，b是被碰小球，a和b的質(zhì)量分別為m1和m2，直徑分別為d1和d2，軌道末端在水平地面上的投影為O點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)中，先將小球a從斜槽上某一固定位置由靜止釋放，a從斜槽末端飛出后落到水平地面的記錄紙上留下落點(diǎn)痕跡，重復(fù)10次，描出a的平均落點(diǎn)位置P，再把小球b放在斜槽末端，讓小球a仍從斜槽上同一位置由靜止釋放，與小球b碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下落點(diǎn)痕跡，重復(fù)10次，描出碰后小球a、b的平均落點(diǎn)位置M、N如圖乙所示。（1）實(shí)驗(yàn)中需要注意的事項(xiàng)，下列說(shuō)法正確的是___________（填字母）。A．需要測(cè)出小球拋出點(diǎn)距地面的高度HB．需要測(cè)出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程C．為完成此實(shí)驗(yàn)，天平和刻度尺是必需的測(cè)量工具D．斜槽軌道末端應(yīng)該保持水平E．斜槽應(yīng)盡量光滑（2）實(shí)驗(yàn)中重復(fù)多次讓入射小球從斜槽上的同一位置釋放，其中“同一位置釋放”的目的是___________。（3）實(shí)驗(yàn)中對(duì)小球的要求是：質(zhì)量m1___________（填“>”“=”或“<”）m2，直徑d1___________（填“>”“=”或“<”）d2。（4）在圖乙中，用毫米刻度尺測(cè)得O點(diǎn)與M、P、N三點(diǎn)的水平方向的距離分別為，，，若關(guān)系式___________成立，則說(shuō)明該實(shí)驗(yàn)碰撞前后動(dòng)量守恒。【答案】①.BCD##BDC##CBD##CDB##DBC##DCB②.保證小球每次平拋的初速度相同，以找出對(duì)應(yīng)的平均落點(diǎn)位置③.④.⑤.【解析】【詳解】（1）[1]ABC．本實(shí)驗(yàn)用代入驗(yàn)證，時(shí)間可以消去，故需要測(cè)量小球的水平射程和兩小球的質(zhì)量，不需要測(cè)量時(shí)間，即不需要測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度，A錯(cuò)誤，BC正確；D．為保證小球從斜槽末端段飛出時(shí)做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)保證斜槽末端水平，D正確；E．斜槽光滑與否對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果不影響，只要保證入射小球均從同一高度釋放，保證碰撞前入射小球的速度相同即可，E錯(cuò)誤。故選BCD。（2）[2]保持入射小球從同一位置釋放是為了保證小球每次平拋的初速度相同，以找出對(duì)應(yīng)的平均落點(diǎn)位置；（3）[3][4]為了保證小球碰撞為對(duì)心碰撞，且碰后不反彈，要求，；（4）[5]碰撞時(shí)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒有兩邊同時(shí)乘以下落時(shí)間有13.某同學(xué)將微安表改裝成多量程電流表并進(jìn)行校準(zhǔn)：（1）該同學(xué)要將一量程為的微安表（如圖）改裝為量程為的電流表，測(cè)得微安表內(nèi)阻為，需要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）阻值________的電阻。（2）關(guān)于將微安表改裝成大量程的電流表，下列說(shuō)法正確的是_________。A．改裝原理為并聯(lián)電阻能增大通過(guò)微安表的電流B．改裝成電流表后，微安表本身允許通過(guò)的最大電流并不改變C．改裝后，微安表自身的電阻減小了D．改裝后使用時(shí)，微安表本身的參量都不變，整個(gè)并聯(lián)電路允許通過(guò)的電流增大（3）若把改裝的電流表與標(biāo)準(zhǔn)的電流表串聯(lián)進(jìn)行校準(zhǔn)，發(fā)現(xiàn)改裝表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)偏小。①出現(xiàn)這種問(wèn)題如果是因?yàn)槲脖韮?nèi)阻的測(cè)量有誤差造成的，微安表的實(shí)際內(nèi)阻稍_________（選填“大于”或“小于”）。②下列措施可使讀數(shù)變準(zhǔn)確的是__________。A．在上并聯(lián)一比小得多的電阻B．在上并聯(lián)一比大得多的電阻C．在上串聯(lián)一比小得多的電阻D．在上串聯(lián)一比大得多的電阻【答案】①.并聯(lián)②.250③.BD##DB④.大于⑤.C【解析】【詳解】（1）[1][2]將小量程的電流變改裝成大量程的電流表時(shí)應(yīng)該并聯(lián)一個(gè)小電阻，小電阻起到分流作用，并聯(lián)電阻的阻值（2）[3]把表頭改裝成大量程的電流表時(shí)，只是并聯(lián)了一個(gè)分流電阻，使整體并聯(lián)電路允許通過(guò)的最大電流增大，但通過(guò)微安表的最大電流以及微安表自身的內(nèi)電阻等各種特征量都不變。故選BD。（3）[4]根據(jù)并聯(lián)電路的分流，改裝后電流表示數(shù)偏小，即流過(guò)微安表的電流偏小，可推斷微安表實(shí)際阻值應(yīng)稍大于。[5]發(fā)現(xiàn)改裝表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)偏小，說(shuō)明流過(guò)表頭的電流偏小，并聯(lián)的電阻R0稍小了些，要使電流表讀數(shù)準(zhǔn)確，應(yīng)使并聯(lián)電阻稍大些，故在上串聯(lián)一個(gè)很小的電阻。故選C。三、計(jì)算題（本題共3小題，共計(jì)40分．解答時(shí)應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）14.在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E內(nèi)阻為r，為定值電阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的觸頭從一端滑到另一端的過(guò)程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙所示。不考慮電表對(duì)電路的影響，求：（1）電源內(nèi)阻r和電動(dòng)勢(shì)E；（2）定值電阻的最大電功率?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【詳解】（1）由圖甲知，電壓表測(cè)定值電阻R0兩端電壓，且R0兩端的電壓隨電流的增大而增大，則圖乙中下方圖線表示電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況，由圖線的斜率得電壓表測(cè)得的是電源的路端電壓，圖乙中上方圖線表示的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況，上方圖線斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻當(dāng)電路中電流為0.1A時(shí)，電壓表的讀數(shù)為3.4V，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為0時(shí)，電路中電流最大，最大電流為此時(shí)定值電阻R0消耗的功率最大，最大電功率為15.在光滑的水平地面上，質(zhì)量均為的滑塊B和C中間夾一輕彈簧，輕彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，左端固定在B上，右端與C接觸但不固定，質(zhì)量為、半徑為的四分之一光滑圓弧形滑塊D放置在C的右邊，C、D間距離足夠遠(yuǎn)，質(zhì)量為的滑塊A以初速度向右運(yùn)動(dòng)與B發(fā)生碰撞，碰撞過(guò)程時(shí)間極短，碰后A被反彈，速度大小為，重力加速度取。求：（1）A、B碰撞時(shí)損失的機(jī)械能；（2）彈簧的最大彈性勢(shì)能；（3）C能上升的最大高度?！敬鸢浮浚?）6J；（2）9J；（3）1.2m【解析】【詳解】（1）A與B碰撞時(shí)動(dòng)量守恒，有代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得則損失的機(jī)械能（2）彈簧壓縮到最短時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，B、