2019年高考物理人教版知識(shí)講解動(dòng)力學(xué)方法及應(yīng)用

咼考沖刺：動(dòng)力學(xué)方法及應(yīng)用【高考展望】本專題主要談?wù)摾脛?dòng)力學(xué)方法解析解決物理問題的方法。動(dòng)力學(xué)問題是高中物理的主干和要點(diǎn)知識(shí)，動(dòng)力學(xué)方法是高中物理中辦理物理問題的常用方法和重要方法，也是歷年高考熱點(diǎn)。歷年高考試卷中的綜合問題經(jīng)常與動(dòng)力學(xué)知識(shí)有關(guān)，并且經(jīng)常把動(dòng)力學(xué)知識(shí)與非勻變速直線運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)、電場、磁場、電磁感覺等知識(shí)點(diǎn)綜合起來，這類問題過程多樣復(fù)雜，信息容量大，綜合程度高，難度大。牛頓運(yùn)動(dòng)定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)是本專題知識(shí)的要點(diǎn)。在對本專題知識(shí)的復(fù)習(xí)中，應(yīng)在物理過程和物理情況解析的基礎(chǔ)上，解析清楚物體的受力情況、運(yùn)動(dòng)情況，合適地采納研究對象和研究過程，正確地采納適用的物理規(guī)律?！局R(shí)升華】動(dòng)力學(xué)方法”簡介：從力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系”角度來研究運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和運(yùn)動(dòng)過程的學(xué)習(xí)研究方法。物體所受的合外力決定物體運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)。物體所受的合外力可否為零，決定物體的運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng)（或靜止）還是變速運(yùn)動(dòng)；物體所受的合外力可否恒定，決定物體的運(yùn)動(dòng)是勻變速運(yùn)動(dòng)還是非勻變速運(yùn)動(dòng)；物體所受合外力的方向與物體運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系決定物體的運(yùn)動(dòng)軌跡是直線還是曲線。解決動(dòng)力學(xué)問題，要對物體進(jìn)行受力解析，進(jìn)行力的分解和合成；要對物體運(yùn)動(dòng)過程進(jìn)行解析，爾后依照牛頓第二定律，把物體受的力和運(yùn)動(dòng)聯(lián)系起來，列方程求解?！痉椒c(diǎn)撥】常用的解題方法：整體法和隔斷法；正交分解法；合成法?？键c(diǎn)一、整體法和隔斷法整體法和隔斷法平時(shí)用于辦理連接體問題。要點(diǎn)講解：作為連接體的整體，一般都是運(yùn)動(dòng)整體的加速度相同，可以由整體求解出加速度，爾后應(yīng)用于隔斷后的每一部分；也許由隔斷后的部分求解出加速度爾后應(yīng)用于整體。辦理連接體問題的要點(diǎn)是整體法與隔斷法的配合使用。隔斷法和整體法是互相依存、互相補(bǔ)充的，兩種方法互相當(dāng)合交替使用，常能更有效地解決有關(guān)系結(jié)體問題?？键c(diǎn)二、正交分解法當(dāng)物體碰到兩個(gè)以上的力作用而產(chǎn)生加速度時(shí)，常用正交分解法解題。要點(diǎn)講解：多數(shù)情況下是把力正交分解在加速度方向和垂直加速度方向上，F(xiàn)x=ma（沿加速度方向）Fy=0（垂直于加速度方向），特別要注意在垂直于加速度方向依照合力為零的特點(diǎn)正確求出支持力。特別情況下也可以分解加速度?？键c(diǎn)三、合成法（也叫平行四邊形定則、三角形定則）要點(diǎn)講解：若物體只受兩個(gè)力作用而產(chǎn)生加速度時(shí)，這時(shí)二力不平衡，依照牛頓第二定律可知，利用平行四邊形法規(guī)求出的兩個(gè)力的合外力方向就是加速度方向。特別是兩個(gè)力互相垂直或相等時(shí)，應(yīng)用力的合成法比較簡單（勻速圓周運(yùn)動(dòng)都屬于這類問題）?！镜湫屠}】種類一、勻變速直線運(yùn)動(dòng)用動(dòng)力學(xué)方法解決勻變速直線運(yùn)動(dòng)問題時(shí)，主要依照牛頓運(yùn)動(dòng)定律，經(jīng)常結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)和動(dòng)能定理（動(dòng)能定理是依照牛頓第二定律推導(dǎo)出來的，導(dǎo)出的公式、定理等很多時(shí)候用起來要簡單得多）第1頁共11頁例1、風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室中可產(chǎn)生水平方向的、大小可調(diào)治的風(fēng)力?，F(xiàn)將一套有小球的細(xì)直桿放入風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室，小球孔徑略大于細(xì)桿直徑，以下列圖：(1)當(dāng)桿在水平方向上固準(zhǔn)時(shí)，調(diào)治風(fēng)力的大小，使小球在桿上做勻速運(yùn)動(dòng)，這時(shí)小球所受的風(fēng)力為小球所受重力的0.5倍。求小球與桿間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)。壬二壬一三(2)保持小球所受風(fēng)力不變，使桿與水平方向間夾角為37°并固定，則小球從靜止出發(fā)在細(xì)桿上滑下距離s所需時(shí)間為多少？(sin37=0.6,cos37°=0.8)【思路點(diǎn)撥】(1)依照平衡條件求出動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)做受力求、正交分解，依照牛頓第二定律求解?！敬鸢浮?1)0.5(2)【解析】(1)當(dāng)桿在水平方向上固準(zhǔn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)解析：小球在桿上做勻速運(yùn)動(dòng)，直線運(yùn)動(dòng)；受力解析：重力mg，方向豎直向下、支持力N，方向豎直向上、摩擦力f,f=JN，方向向右、風(fēng)力F,大?。篎=0.5mg,由平衡條件，水平方向：F=f豎直方向：N=mg列出方程0.5mg二Jmg解得」二0.5(2)受力解析：重力mg,方向豎直向下，支持力N，方向垂直桿斜向左上方,摩擦力f,f-，沿桿方向向上，保持小球所受風(fēng)力不變,F=0.5mg，作出受力求，進(jìn)行正交分解，把重力、風(fēng)力沿桿方-一一圭-向、垂直于桿方向分解。運(yùn)動(dòng)解析：小球沿桿從靜止下滑，沿桿方向的合力恒定，小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。第2頁共11頁依照牛頓第二定律列方程沿桿方向：FcoSmgsHn_fma①垂直于桿方向：NFsinv-mgcosr②f③3ag聯(lián)立①②③解得加速度4g又由s1.2at下滑距離s所需時(shí)間為t=.2_8sa】3g2【總結(jié)升華】正確進(jìn)行運(yùn)動(dòng)解析、受力解析、正交分解，依照牛頓第二定律沿桿方向、垂直于桿方向列出方程，求出加速度是解題的要點(diǎn)。貫穿交融【變式1】民用航空客機(jī)的機(jī)艙，除了有正常的艙門和舷梯連接供旅客上下飛機(jī)外一般還設(shè)有緊急出口，發(fā)買賣外情況的飛機(jī)著陸后，打開緊急出口的艙門，會(huì)自動(dòng)生成一個(gè)由氣囊構(gòu)成的斜面，機(jī)艙中的人可沿著該斜面滑行到地面上來。設(shè)機(jī)艙出口離氣囊底端的豎直高度h=3.0m，氣囊構(gòu)成的斜面長x=5.0m，CD段為與斜面圓滑連接的水平川面，一個(gè)質(zhì)量m=60kg的人從氣囊上由靜止開始滑下，人與氣囊、地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為卩=0.5不計(jì)空氣阻力，g取10m/s。求：（1）人從斜面上滑下時(shí)的加速度大?。?）人滑到斜坡底端時(shí)的速度大小【答案】(1)2m/s2(2)2、5m/s(3)2.0m【解析】（1）人受力以下列圖由牛頓運(yùn)動(dòng)定律mgsinv-'N=maN-mgcos：-0解得a=gsin日一cos日=2m/s2(2)由vC=2ax，求得vC=2、-5m/s.第3頁共11頁(3)由牛頓運(yùn)動(dòng)定律」mg二ma，2由0-Vc=-2ax?解得x=2m?！咀兪?】有一質(zhì)量m=1kg的小球串在長s=0.5m的輕桿頂端，輕桿與水平方向成v-37,2靜止釋放小球，經(jīng)過t=0.5s小球到達(dá)輕桿底端(g=10m/ssin37=0.6,cos37°0.8),試求：小球與輕桿之間的動(dòng)摩擦因素；在豎直平面內(nèi)給小球施加一個(gè)垂直于輕桿方向的恒力，使小球釋放后加速度為a=2m/s2此恒力大小為多少？【答案】(1).二-0.25(2)若此恒力垂直桿向下，F(xiàn)=8N;若此恒力垂直桿向上，F(xiàn)=24N。122s2【解析】(1)由sat求得加速度a===4m/st2沿桿方向、垂直于桿方向正交分解，應(yīng)用牛頓第二定律mgsin：「f二maN=mgcosf=」N代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得.二=0.25依照牛頓第二定律mgcos(2)若此恒力垂直桿向下，沿桿方向、垂直于桿方向正交分解，支持力垂直于斜面向上，小球受力求如圖1所示。f=：』N代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得F=8N若此恒力垂直桿向上，沿桿方向、垂直于桿方向正交分解，此時(shí)支持力垂直于斜面向下(由于F’Amgcos。),第4頁共11頁小球受力求如圖2所示。第5頁共11頁mgsinJ-f=maN=F-mgoSf-」N代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得F=24N種類二、非勻變速運(yùn)動(dòng)例2、以下列圖，一根輕彈簧下端固定，直立在水平面上?其正上方A地址有一只小球。小球從靜止開始下落，在B地址接觸彈簧的上端，在C地址小球所受彈力大小等于重力，在D地址小球速度減小到零，在小球下降階段中，以下說法正確的選項(xiàng)是.從ATD地址小球先做勻加速運(yùn)動(dòng)后做勻減速運(yùn)動(dòng).從ATC地址小球重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量C.在B地址小球動(dòng)能最大.在C地址小球動(dòng)能最大【思路點(diǎn)撥】把小球的運(yùn)動(dòng)依照受力分為三個(gè)階段:重力大于彈簧彈力，重力等于彈簧彈力，重力小于彈簧彈力，解析加速度的大小和方向。【答案】D【解析】小球到達(dá)B點(diǎn)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，(1)重力大于彈力：過B點(diǎn)后，C點(diǎn)前，壓縮彈簧，設(shè)壓縮量為x，彈力F=kx，合外力為mg-kx，應(yīng)用牛頓第二定律，mg-kx=ma,x不斷增大，彈力增大，合外力減小，加速度減小，加速度方向與速度方向相同，速度增大,做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)。(2)重力等于彈力：在C地址，mg二kx，合力為零，加速度為零，速度達(dá)到最大。(3)重力小于彈力：C點(diǎn)后，到D點(diǎn)前，mgkx,mg-kx二ma,合力方向向上，加速度向上，速度方向還是向下，做減速運(yùn)動(dòng)，合力不斷增大，加速度增大，到D點(diǎn)后，速度為零，加速度最大，向上反彈。向上反彈到最高點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)解析，可參照上面的解析。依照以上解析，小球加速度向來在變化，不是勻加速也不是勻減速。在C地址小球動(dòng)能最大。從ATC地址小球重力勢能減少，動(dòng)能增大，彈性勢能增大。因此C正確?！究偨Y(jié)升華】受力情況不相同，運(yùn)動(dòng)情況就不相同，必定按不相同的受力情況將運(yùn)動(dòng)過程分開，具體一步一步解析計(jì)算。整個(gè)過程合力不斷變化，加速度不斷變化(大小、方向都在變)，不要任意就說是勻加速、勻減速?！咀兪健坑覉D為蹦極運(yùn)動(dòng)的表示圖。彈性繩的一端固定在O點(diǎn)，另一端和運(yùn)動(dòng)員相連。運(yùn)C點(diǎn)到達(dá)最低點(diǎn)D，爾后動(dòng)員從O點(diǎn)自由下落，至B點(diǎn)彈性繩自然挺直，經(jīng)過合力為零的彈起。整個(gè)過程中忽略空氣阻力。解析這一過程，以下表述正確的選項(xiàng)是①經(jīng)過②經(jīng)過

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點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的速率最大點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的速率最大③從C點(diǎn)到④從C點(diǎn)到

DD

點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員的加速度增大點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員的加速度不變A.①③B.②③C.①④D.②④【答案】B第6頁共11頁【解析】運(yùn)動(dòng)員的下落過程：CTB自由落體運(yùn)動(dòng)，BTC重力大于.-彈性繩的彈力，做加速度越來越小的加速運(yùn)動(dòng)，C點(diǎn)加速度為零,第7頁共11頁速度最大，3D彈力大于重力，加速度向上，運(yùn)動(dòng)員做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，D點(diǎn)速度為零?？梢夿正確?！靖咔逭n堂：369021動(dòng)力學(xué)方法及其應(yīng)用例引例3、兩木塊質(zhì)量分別為m、M，用勁度系數(shù)為k的輕彈簧連在一起，放在水平川面上，將木塊1壓下一段距離后釋放，它就上下做簡諧振動(dòng)。在振動(dòng)過程中木塊2恰好向來不走開地面。求：（1）木塊1的最大加速度，_（2）木塊2對地面的最大壓力?！舅悸伏c(diǎn)撥】木塊m上下做簡諧振動(dòng)。當(dāng)1運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧伸長最長，彈力大小等于重力Mg，簡諧運(yùn)動(dòng)擁有對稱性，1在最高點(diǎn)、最低點(diǎn)時(shí)加速度大小相等?！敬鸢浮浚?）a=g方向向下m（2）N=2（Mm）g方向向下【解析】（1）1在最高點(diǎn)時(shí)，對2，由題意f彈=Mg對1,由牛頓運(yùn)動(dòng)定律，f彈+mg二ma（m碰到的彈力方向向下）（Mm）ag萬向向下m（2）最大壓力應(yīng)發(fā)生在彈簧最弊端。1在最低點(diǎn)時(shí)，2對地面壓力最大。對1，由對稱性a=（M一^m）g方向向上，mf彈一mg二maf彈=2mgMg對2由平衡條件可知木塊2地面的支持力N=f彈+Mg=2（Mm）g依照牛頓第三定律，木塊2地面的最大壓力大小等于2（Mm）g方向豎直向下。【總結(jié)升華】依照簡諧運(yùn)動(dòng)對稱性的特點(diǎn)，確定木塊m加速度最大的地址，確定最大壓力應(yīng)發(fā)生在彈簧最弊端，即木塊m在最低點(diǎn)時(shí)，2對地面壓力最大。【高清課堂：369021動(dòng)力學(xué)方法及其應(yīng)用例4】貫穿交融【變式】以下列圖，物體A、B的質(zhì)量不相同，與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)都為“現(xiàn)用手向左推動(dòng)B使彈簧處于壓縮狀態(tài)。突然松手，解析A、B分其他地址是在彈簧原長處，還是原長處的左側(cè)或右側(cè)？第8頁共11頁【答案】彈簧原長處。【解析】分別剎時(shí)兩者速度、加速度相同，互相作用力為零，aA=aB。分別剎時(shí)B僅受向左的摩擦力，」mg=ma，a-'g，A的加速度也為Jg，若是此時(shí)A還受彈簧的彈力，兩者加速度就不等了，因此此時(shí)彈力為零，即彈簧處于原長處。例4、(2015四川卷)以下列圖，粗糙、絕緣的直軌道OB固定在水平桌面上，B端與桌面邊緣對齊，A是軌道上一點(diǎn)，過A點(diǎn)并垂直于軌道的豎直面右側(cè)有大小E=1.5>106N/C，方向水平向右的勻強(qiáng)電場。帶負(fù)電的小物體P電荷量是2.0>10一6C，質(zhì)量m=0.25kg，與軌道間動(dòng)摩擦因數(shù)尸0.4,P從O點(diǎn)由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過0.55s到達(dá)A點(diǎn)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度是5m/s，到達(dá)空間D點(diǎn)時(shí)速度與豎直方向的夾角為且tana=1.2。P在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程a,中向來碰到水平向右的某外力F作用，F(xiàn)大小與P的速率v的關(guān)系如表所示。P視為質(zhì)點(diǎn)，電荷量保持不變，忽略空氣阻力，取g=10m/s2，求：-------------------------?------------------/7N263(1)小物體P從開始運(yùn)動(dòng)至速率為2m/s所用的時(shí)間;小物體P從A運(yùn)動(dòng)至D的過程，電場力做的功。【答案】(1)t1=0.5s；(2)W=—9.25J?！窘馕觥?1)物體P在水平桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，豎直方向上只受重力mg和支持力N作用，因此其滑動(dòng)摩擦力大小為：f=gg=1N。依照表格數(shù)據(jù)可知，物體P在速率v=0?2m/s時(shí)，所受水平外力F1=2N>f，因此，在進(jìn)入電場所區(qū)從前，物體P做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a1,不如設(shè)經(jīng)時(shí)間t1速度為v1=2m/s，還未進(jìn)入電場所區(qū)。依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：V1=a1t1①第9頁共11頁依照牛頓第二定律有：iiF-f=ma由①②式聯(lián)立解得：t1=mvL=0.5sv0.55s,因此假設(shè)成立Fi_f即小物體P從開始運(yùn)動(dòng)至速率為2m/s所用的時(shí)間為ti=0.5s（2）當(dāng)物體P在速率v=2?5m/s時(shí)，所受水平外力F2=6N，設(shè)先以加速度a?再加速t2=0.05s至A點(diǎn)，速度為V2，依照牛頓第二定律有：F2—f=ma2依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：212t2V=V+a由③④式聯(lián)立解得：v2=3m/s物體P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)的過程中，由題意可知，所受水平外力依舊為F=6N不變，設(shè)位移為x，加速度為a，依照牛頓第二定律有:2i3F2—f—qE=ma3依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：2a3X1=vB由⑤⑥⑦式聯(lián)立解得：xi=im依照表格數(shù)據(jù)可知，當(dāng)物體P到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，水平外力為F3=qE=3N，因此，走開桌面在水平方向上做勻速占直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上只受重力，做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)至?xí)r，其水平向右運(yùn)動(dòng)位移為2,時(shí)間為t3,則在水八X2B3平方向上有：X=Vt依照幾何關(guān)系有：cot坐a=V2由⑨⑩式聯(lián)立解得：X2=1|m因此電場力做的功為：W=—qE（馮+X2）由⑧？？式聯(lián)立解得：W=—9.25J【考點(diǎn)】物體的受力解析、牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律、平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、功的定義式的應(yīng)用。貫穿交融mg(Rr)sin寸A.mg(R+r)(sin日一卩cos^)B.B2d22d2mg(R+r)(sin日+4cosBDmgR(sin日_4cos^)日)c.B2d2B2d2【變式1】上題中若ab與導(dǎo)軌間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為J，金屬桿ab運(yùn)動(dòng)的最大速度為（【答案】B【解析】在上題圖中加上摩擦力，方向?qū)懶泵嫦蛏希瑮U達(dá)到最大速度后做勻速運(yùn)動(dòng)。依照牛頓第二定律mgsinv-FA?f=0,f="N=Jmgcos-第10頁共11頁22安培力十，解得W呵B2d2【變式2】以下列圖，兩根豎直放置的圓滑平行導(dǎo)軌，其中一部分處于方向垂直導(dǎo)軌所在平面并且有上下水平界線的勻強(qiáng)磁場中。一根金屬桿MN保持水平并沿導(dǎo)軌滑下（導(dǎo)軌電阻不計(jì)），當(dāng)金屬桿MN進(jìn)入磁場區(qū)后，其運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間變化的圖線不可以能的是（）【答案】B則金屬桿做勻速直線運(yùn)動(dòng),A可能；當(dāng)金屬桿【解析】當(dāng)金屬桿MN進(jìn)入磁場區(qū)后，若是安培力恰好等于重力,MN進(jìn)入磁場區(qū)后，若是安培力小于重力，則金屬桿連續(xù)加速，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到安培力等于重力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則C可能；當(dāng)金屬桿MN進(jìn)入磁場區(qū)后，若是安培力大于重力，則金屬桿做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，圖像如D，D是可能的。B圖反響的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，是不可以能的。應(yīng)選B。種類三、勻速圓周運(yùn)動(dòng)【高清課堂：369021動(dòng)力學(xué)方法及其應(yīng)用例3】例5、質(zhì)量為m的木塊從半球形的碗口下滑到碗的最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中，若是由于摩擦力的作用使得木塊速率不變，則（）A.由于速率不變因此木塊的加速度為零B.木塊下滑過程中所受的合外力越來越大C.木塊下滑過程中，摩擦力大小不變D?木塊下滑過程中，加速度大小不變，方向向來指向球心【思路點(diǎn)撥】對木塊進(jìn)行受力解析和運(yùn)動(dòng)解析，支持力和摩擦力大小、塊下滑過程做速率不變的圓周運(yùn)動(dòng)。方向都發(fā)生變化，木【答案】D【解析】由于摩擦力的作用使得木塊速率不變，這是典型的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。做受力解析如圖,速率沿切線方向，速率不變，切線方向合力為零，切向加速度為零，只有指向圓心的向心加速度，改變速度的方向，A不對。合外力指向圓心，2V一N-mgcosv-m，速率不變，則向心力大小不變，B不對。第11頁共11頁R可以看出木塊下滑過程中，71變小，C0S31變大，N變大,在切線方向應(yīng)用平衡條件，f二mgsi，木塊下滑過程中，門變小，則摩擦力變小，C不對。因此D對。第12頁共11頁2其他：由N_mgco*=mVR可以看出木塊下滑過程中，七小，c亦變大，N變大。又由-知，f變小，N變大，因此動(dòng)摩擦因素減小。N【總結(jié)升華】關(guān)于這類勻速圓周運(yùn)動(dòng)，誠然不常有，但只要抓住受力解析，運(yùn)動(dòng)解析，應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法解題還是能夠做到駕輕就熟的。貫穿交融【變式】上題中從碗口到碗底，碗面的粗糙程度的變化情況是（）A.碗口圓滑，碗底粗糙B.碗口粗糙，碗底圓滑C.碗口到碗底相同粗糙D.條件不足，無法判斷【答案】B種類四、判斷物體的運(yùn)動(dòng)【高清課堂：369021動(dòng)力學(xué)方法及其應(yīng)用例2】例6、一航天探測器完成對月球的探測任務(wù)后，在走開月球的過程中，由靜止開始沿著與月球表面成一傾斜角的直線翱翔，先勻加速運(yùn)動(dòng)，再勻速運(yùn)動(dòng)，探測器經(jīng)過噴氣而獲得推動(dòng)力。以下關(guān)于噴氣方向的描述中正確的選項(xiàng)是（）A?探測器勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿運(yùn)動(dòng)直線向后噴氣B.探測器勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，豎直向下噴氣C.探測器勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，豎直向下噴氣D?探測器勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，不需要噴氣【思路點(diǎn)撥】對探測器進(jìn)行受力解析，推動(dòng)力與噴氣方向相反，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)合力為零，勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向與合力方向相同?！敬鸢浮緾【解析】題目對運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的描述：先勻加速運(yùn)動(dòng)，再勻速運(yùn)動(dòng)。的描述，C、DA、B選