2018-2019學(xué)年全品人教版物理選修3-2作業(yè)：第四章 第4節(jié)法拉第電磁感應(yīng)定律作業(yè)

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精4法拉第電磁感應(yīng)定律第1課時?當(dāng)穿過線圈的磁通量發(fā)生變化時，下列說法正確的是 ()A。線圈中一定有感應(yīng)電流B.線圈中一定有感應(yīng)電動勢C。感應(yīng)電動勢的大小跟磁通量的變化量成正比D.感應(yīng)電動勢的大小跟線圈的電阻有關(guān)?(多選）無線電力傳輸目前取得重大突破，如手機(jī)無線充電系統(tǒng)，這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可無線傳輸電力.兩個感應(yīng)線圈可以放置在左、右相鄰或上、下相對的位置,原理示意圖如圖4—4-1所示.下列說法正確的是 （）圖4-4—1A.只要A線圈中輸入電流,B線圈中就會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢B。只有A線圈中輸入變化的電流，B線圈中才會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢C。A線圈中電流越大,B線圈中感應(yīng)電動勢越大D。A線圈中電流變化越快,B線圈中感應(yīng)電動勢越大?關(guān)于感應(yīng)電動勢的大小,下列說法正確的是 （）A.穿過線圈的磁通量Φ越大,所產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢就越大B。穿過線圈的磁通量的變化量ΔΦ越大,所產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢就越大C。穿過線圈的磁通量的變化率ΔΦΔtD。穿過線圈的磁通量Φ等于0，所產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢就一定為0?如圖4—4—2所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于平行金屬導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場中,金屬桿MN在導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E1;若磁感應(yīng)強(qiáng)度增為2B,其他條件不變，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢變?yōu)镋2,則通過電阻R的電流方向及E1與E2之比E1∶E2分別為 ()圖4—4-2A.c→a，2∶1 B。a→c,2∶1C。a→c，1∶2 D.c→a，1∶2?一閉合線圈放在隨時間均勻變化的磁場中,線圈平面和磁場方向垂直.若想使線圈中的感應(yīng)電流增強(qiáng)一倍，下述方法可行的是 （）A。使線圈匝數(shù)增加一倍B。使線圈面積增加一倍C.使線圈匝數(shù)減少一半D。使磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率增大一倍?(多選）閉合回路的磁通量Φ隨時間t的變化圖像如圖4—4-3所示，關(guān)于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢,下列說法中正確的是 （)圖4—4—3A。圖甲對應(yīng)的回路中感應(yīng)電動勢恒為零B.圖乙對應(yīng)的回路中感應(yīng)電動勢恒定不變C.圖丙對應(yīng)的回路中0~t1時間內(nèi)感應(yīng)電動勢小于t1~t2時間內(nèi)感應(yīng)電動勢D。圖丁對應(yīng)的回路中感應(yīng)電動勢先變大后變小?如圖4-4-4所示,MN、PQ為水平放置的兩條平行的金屬導(dǎo)軌,左端接有阻值為R的定值電阻,金屬棒斜放在兩導(dǎo)軌上,與導(dǎo)軌接觸良好,兩接觸點(diǎn)之間的距離ab=L。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，設(shè)金屬棒與兩導(dǎo)軌間的夾角為60°，棒以速度v水平向右勻速運(yùn)動,不計(jì)導(dǎo)軌和棒的電阻，則流過金屬棒的電流為 ()圖4—4-4A.I=BLvB.I=3C.I=BLvD.I=3?（多選）如圖4—4-5所示,一導(dǎo)線彎成半徑為r的半圓形閉合回路,虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于閉合回路所在的平面,閉合回路以速度v向右勻速進(jìn)入磁場，直徑CD始終與MN垂直。從D點(diǎn)到達(dá)虛線邊界開始到C點(diǎn)進(jìn)入磁場為止，下列結(jié)論正確的是 ()圖4—4—5A。感應(yīng)電流方向始終不變B。CD段直導(dǎo)線始終不受安培力C。感應(yīng)電動勢最大值Em=BrvD.感應(yīng)電動勢平均值E=14π?如圖4-4-6所示，兩個端面半徑同為R的圓柱形鐵芯共軸水平放置,相對的端面之間有一縫隙,鐵芯上繞有導(dǎo)線且導(dǎo)線與電源連接，在縫隙中形成一勻強(qiáng)磁場。一銅質(zhì)細(xì)直棒ab水平置于縫隙中,且與圓柱的軸線等高、垂直。讓銅棒由靜止開始自由下落,銅棒下落距離為0.2R時銅棒中的感應(yīng)電動勢大小為E1,下落距離為0。8R時銅棒中的感應(yīng)電動勢大小為E2,忽略邊緣效應(yīng)。關(guān)于E1、E2的大小和銅棒離開磁場前兩端的極性,下列判斷正確的是 （）圖4—4—6A。E1>E2,a端為正極B.E1〉E2,b端為正極C。E1〈E2，a端為正極D.E1<E2,b端為正極[2017·蘭州一中高二期末］如圖4—4-7甲所示，螺線管內(nèi)有一平行于軸線的勻強(qiáng)磁場,規(guī)定圖中箭頭所示方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度B的正方向,螺線管與U形導(dǎo)線框cdef相連，導(dǎo)線框cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L,圓環(huán)與導(dǎo)線框cdef在同一平面內(nèi).當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間按圖乙所示規(guī)律變化時 ()圖4—4-7A.在t1時刻，穿過金屬圓環(huán)L的磁通量最大B.在t2時刻,穿過金屬圓環(huán)L的磁通量最小C。在t1~t2時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L內(nèi)有逆時針方向的感應(yīng)電流D。在t1～t2時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L有收縮趨勢如圖4—4—8所示,導(dǎo)線全部為裸導(dǎo)線,半徑為r的圓環(huán)內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一根長度大于2r的導(dǎo)線MN以速度v在圓環(huán)上無摩擦地自左向右勻速滑動，電路中的定值電阻阻值為R,其余部分電阻忽略不計(jì)。在MN從圓環(huán)的左端到右端的過程中，定值電阻上的電流的平均值為,通過的電荷量為.

圖4—4-8［2017·江西師大附中高二檢測]如圖4-4-9甲所示,平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ放置于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌間距d=10cm,導(dǎo)體棒ab、cd放在導(dǎo)軌上,并與導(dǎo)軌垂直,每根棒在導(dǎo)軌間的部分電阻均為R=1.0Ω.用長為l=20cm的絕緣絲線將兩棒系住，整個裝置處在勻強(qiáng)磁場中。t=0時刻,磁場方向豎直向下，絲線剛好處于未被拉伸的自然狀態(tài),此后磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。不計(jì)感應(yīng)電流磁場的影響，整個過程中絲線未被拉斷.求：（1）0~2.0s時間內(nèi)電路中感應(yīng)電流的大小與方向;(2)t=1.0s時刻絲線的拉力大小.圖4—4-9第2課時?(多選)如圖4-4-10所示,閉合開關(guān)S，將條形磁鐵插入閉合線圈中,第一次用時0.2s,第二次用時0.4s,并且兩次磁鐵的起始和終止位置相同，則 （)圖4—4-10A。第一次線圈中的磁通量變化較快B。第一次電流表G的最大偏轉(zhuǎn)角較大C.第二次電流表G的最大偏轉(zhuǎn)角較大D.若斷開開關(guān)S,電流表G均不偏轉(zhuǎn)，故兩次線圈兩端均無感應(yīng)電動勢?（多選)單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速運(yùn)動,轉(zhuǎn)軸垂直于磁場，若通過線圈的磁通量隨時間變化的規(guī)律如圖4—4—11所示，則O~D過程中（）圖4-4-11A。O時刻線圈中感應(yīng)電動勢最大B。D時刻線圈中感應(yīng)電動勢為零C。D時刻線圈中感應(yīng)電動勢最大D.O至D時間內(nèi)線圈中平均感應(yīng)電動勢為0。4V?（多選）某地的地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量方向向下,大小為4。5×10—5T。一靈敏電壓表連接在當(dāng)?shù)厝牒：佣蔚膬砂?河寬100m,該河段漲潮和落潮時有海水（視為導(dǎo)體)流過。設(shè)落潮時，海水自西向東流，流速為2m/s。下列說法正確的是 （）A.電壓表記錄的電壓為9mVB.電壓表記錄的電壓為5mVC.河北岸的電勢較高D.河南岸的電勢較高?如圖4-4—12所示，粗細(xì)均勻、電阻為r的金屬圓環(huán)固定在圖示的勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，圓環(huán)直徑為l;長為l、電阻為r2的金屬棒放在圓環(huán)上，并以速度v0向左勻速運(yùn)動。當(dāng)金屬棒運(yùn)動到圖示虛線位置時,金屬棒兩端的電壓為（圖4—4-12A。0B。Blv0 C.Blv02?如圖4-4—13所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長為a,線圈平面與勻強(qiáng)磁場方向垂直，且一半處在磁場中。在Δt時間內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B.在此過程中,線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為()圖4—4-13A.Ba22ΔC。nBa2Δt ?如圖4-4-14所示,在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，將一水平放置的金屬棒ab以水平的初速度v0拋出,設(shè)在整個過程中棒始終保持水平且不計(jì)空氣阻力,則金屬棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小變化情況是 （）圖4-4-14A.越來越大 B.越來越小C。保持不變 D.無法判斷?(多選)如圖4-4-15所示，一端接有定值電阻的平行金屬軌道固定在水平面內(nèi)，通有恒定電流的長直絕緣導(dǎo)線垂直并緊靠軌道固定，導(dǎo)體棒與軌道垂直且接觸良好,在向右勻速通過M、N兩區(qū)的過程中,導(dǎo)體棒所受安培力分別用FM、FN表示.不計(jì)軌道電阻.以下敘述正確的是 （)圖4-4-15A。FM向右B.FN向左C.FM逐漸增大D.FN逐漸減小?（多選）如圖4-4—16所示，正方形線框的左半側(cè)處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向與線框平面垂直,線框的對稱軸MN恰與磁場邊界平齊。若第一次將線框從磁場中以恒定速度v1向右勻速拉出，第二次讓線框繞軸MN以線速度v2勻速轉(zhuǎn)過90°，兩次過程中線框產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢相等,則 ()圖4—4—16A。兩種情況下產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同B。兩種情況下產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向不同C。v1∶v2=2∶πD.v1∶v2=2∶1?一直升機(jī)停在南半球的地磁極上空。該處地磁場的方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.直升機(jī)螺旋槳葉片的長度為l，螺旋槳轉(zhuǎn)動的頻率為f，順著地磁場的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時針方向轉(zhuǎn)動.螺旋槳葉片的近軸端為a,遠(yuǎn)軸端為b，如圖4-4-17所示.如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線的距離，用E表示每個葉片中的感應(yīng)電動勢,則 （）圖4—4-17A。E=πfl2B,且a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢B。E=2πfl2B，且a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢C.E=πfl2B,且a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢D.E=2πfl2B,且a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢（多選)如圖4-4—18甲所示,面積為0。1m2的10匝線圈EFG處于勻強(qiáng)磁場中,t=0時，磁場方向垂直于線圈平面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。已知線圈與右側(cè)電路接觸良好，電路中的電阻R=4Ω,電容器的電容C=10μF，線圈EFG的電阻為1Ω,其余部分電阻不計(jì).當(dāng)開關(guān)S閉合,電路穩(wěn)定后,在t=0.1s至t=0.2s這段時間內(nèi) (）圖4-4—18A。電容器所帶的電荷量為8×10-5CB。通過電阻R的電流是2。5A，方向從b到aC.通過電阻R的電流是2A，方向從a到bD。電阻R消耗的電功率是0。16W［2017·西安交大附中期末]如圖4—4—19甲所示,導(dǎo)體棒MN置于水平導(dǎo)軌上,PQMN所圍的面積為S,P、Q之間有阻值為R的電阻，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻。導(dǎo)軌所在區(qū)域內(nèi)存在沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場，規(guī)定磁場方向豎直向上為正，在0~2t0時間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化情況如圖乙所示，導(dǎo)體棒MN始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是 ()圖4-4—19A.在0~t0和t0~2t0時間內(nèi)，導(dǎo)體棒受到的導(dǎo)軌的摩擦力方向相同B.在0～t0時間內(nèi),通過導(dǎo)體棒的電流方向?yàn)閺腘到MC。在t0~2t0時間內(nèi),通過電阻R的電流大小為SD.在0～t0時間內(nèi),通過電阻R的電荷量為S（多選）如圖4—4-20甲所示，線圈的匝數(shù)n=100匝，橫截面積S=50cm2,總電阻r=10Ω,沿軸向有勻強(qiáng)磁場,設(shè)圖示磁場方向?yàn)檎艌龅拇鸥袘?yīng)強(qiáng)度隨時間按如圖乙所示規(guī)律變化，則在開始的0.1s內(nèi)(）圖4—4-20A.穿過線圈的磁通量的變化量為0.25WbB.穿過線圈的磁通量的變化率為2。5×10-2Wb/sC。a、b兩點(diǎn)間的電壓為0D.在a、b間接一個理想電流表時,電流表的示數(shù)為0。25A如圖4-4-21甲所示,在水平面上有兩根足夠長的金屬導(dǎo)軌平行固定放置，導(dǎo)軌間距為L，左端通過導(dǎo)線與阻值為R的電阻連接；導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為m的金屬桿,金屬桿與導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì);勻強(qiáng)磁場方向豎直向下。將與導(dǎo)軌平行的恒定拉力F作用在金屬桿上,桿由靜止開始運(yùn)動且最終將做勻速運(yùn)動。當(dāng)改變拉力F的大小時，對應(yīng)的勻速運(yùn)動的速度v也會變化,v與F的關(guān)系如圖乙所示.（重力加速度g取10m/s2）(1）金屬桿在勻速運(yùn)動之前做什么運(yùn)動?（2)若m=0。5kg，L=0。5m,R=0。5Ω,則磁感應(yīng)強(qiáng)度B為多大?（3）由v—F圖線的橫軸截距可求得什么物理量?其值為多少?圖4-4—21第1課時1。B[解析］穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時才會產(chǎn)生感應(yīng)電流，而感應(yīng)電動勢與電路是否閉合無關(guān)，且感應(yīng)電動勢的大小跟磁通量的變化率成正比，B正確。2。BD[解析]根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的條件，只有處于變化的磁場中,B線圈才能產(chǎn)生感應(yīng)電動勢,A錯誤，B正確;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)電動勢的大小取決于磁通量的變化率,C錯誤,D正確.3.C[解析］根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率ΔΦΔt成正比，與磁通量Φ及磁通量的變化量ΔΦ沒有必然聯(lián)系。當(dāng)磁通量Φ很大時，感應(yīng)電動勢可能很小，甚至為0；當(dāng)磁通量Φ等于0時,磁通量的變化率可能很大,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢可能很大，只有選項(xiàng)4.C[解析］由右手定則可知,金屬桿MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)镹→M,所以流過R的電流的方向?yàn)閍→c，選項(xiàng)A、D錯誤.由E=BLv可知，兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為1∶2,選項(xiàng)B錯誤,選項(xiàng)C正確。5。D[解析]根據(jù)E=nΔΦΔt=nΔBΔtS求感應(yīng)電動勢,當(dāng)n、S發(fā)生變化時，線圈的電阻也發(fā)生了變化.若線圈匝數(shù)增加一倍，則電阻也增加一倍,感應(yīng)電流不變,A錯誤；若線圈匝數(shù)減少一半，則感應(yīng)電流也不變,C錯誤；若線圈面積增加一倍，則長度會變大，因此電阻也會變大6。AB［解析]因E=ΔΦΔt，則可根據(jù)圖像斜率判斷感應(yīng)電動勢的變化.圖甲中ΔΦΔt=0，即感應(yīng)電動勢E=0;圖乙中ΔΦΔt=恒量，即感應(yīng)電動勢E為一恒定值;圖丙中E前>E后；圖丁中圖像斜率的絕對值ΔΦΔt7。B[解析］金屬棒切割磁感線的有效長度為d=Lsin60°=32L，故感應(yīng)電動勢E=Bdv=32BLv，由閉合電路的歐姆定律得I=ER=3BLv28。ACD[解析]在閉合回路進(jìn)入磁場的過程中，穿過閉合回路的磁通量逐漸增大,根據(jù)楞次定律可判斷,感應(yīng)電流的方向始終為逆時針方向，A正確。根據(jù)左手定則可判斷，CD段直導(dǎo)線受到向下的安培力，B錯誤。當(dāng)半圓形閉合回路有一半進(jìn)入磁場時，有效切割長度最大，為r,所以感應(yīng)電動勢最大值Em=Brv,C正確.感應(yīng)電動勢平均值E=ΔΦΔt=14πBrv9.D[解析]通電導(dǎo)線在縫隙中產(chǎn)生的磁場方向向左，在銅棒下落過程,由右手定則可判斷，b端為正極.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E=BLv，由幾何關(guān)系可知，L1=2R2-(0.2R)2=20.96R，L2=2R2-(0.8R)2=20.36R,根據(jù)v=2gh,則v1=2g·0.2R=2R,v2=2g·0.10.D［解析]根據(jù)B—t圖線斜率的變化可知，在t1~t2時間內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率不斷變大，則螺線管內(nèi)的感應(yīng)電流不斷變大，根據(jù)楞次定律，在螺線管中的電流方向?yàn)橛蒮到c,根據(jù)右手螺旋定則，穿過圓環(huán)的磁通量向紙外且在增大，則根據(jù)楞次定律,在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流,金屬圓環(huán)有收縮的趨勢,故C錯誤,D正確;在t1時刻,穿過金屬圓環(huán)的磁通量為零,而在t2時刻,穿過金屬圓環(huán)的磁通量最大,故A、B錯誤.11.πBrv2[解析］由于磁通量的變化量ΔΦ=BΔS=Bπr2,完成這一變化所用的時間Δt=2r故感應(yīng)電動勢的平均值E=ΔΦΔt所以定值電阻上的電流的平均值為I=ER=π通過定值電阻的電荷量為q=IΔt=πB12.(1）1.0×10-3Aa→c→d→b→a（2)1.0×10-5N［解析](1）由圖乙可知ΔBΔt=0。1由法拉第電磁感應(yīng)定律有E=ΔΦΔt=ΔBΔtS=2.0×則I=E2R=1.0×10-3由楞次定律可判斷,感應(yīng)電流方向?yàn)閍→c→d→b→a。（2)導(dǎo)體棒在水平方向上受絲線拉力和安培力而平衡。由圖乙可知,t=1.0s時,B=0。1T,則絲線的拉力F=F安=BId=1。0×10-5N.第2課時1.AB[解析]兩次的磁通量變化相同,第一次用時短，則第一次線圈中磁通量變化較快，故A正確；感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比,磁通量的變化率大，則感應(yīng)電動勢大,產(chǎn)生的感應(yīng)電流大,故B正確,C錯誤；斷開開關(guān)，電流表不偏轉(zhuǎn)，可知感應(yīng)電流為零，但感應(yīng)電動勢不為零，故D錯誤.2。ABD［解析］由法拉第電磁感應(yīng)定律知，O至D時間內(nèi)線圈中的平均感應(yīng)電動勢E=ΔΦΔt=2×10-312×0.01V=0.4V,選項(xiàng)D正確.由感應(yīng)電動勢的物理意義知,感應(yīng)電動勢的大小由磁通量的變化率ΔΦΔt決定，而任意時刻磁通量的變化率ΔΦΔt就是該時刻Φ—t圖像切線的斜率，由圖中可看出，O時刻處切線斜率最大，3.AC［解析]根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動勢E=BLv=9×10—3V，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯誤;海水自西向東流動相當(dāng)于導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動,根據(jù)右手定則可判斷，河北岸的電勢高,河南岸的電勢低,選項(xiàng)C正確,選項(xiàng)D錯誤。4。D［解析］金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Blv0，金屬棒兩端的電壓為路端電壓。左、右兩側(cè)圓弧均為半圓，電阻均為r2,并聯(lián)后的電阻為外電路電阻，即R=r4,金屬棒在圓中部分的電阻為等效電源內(nèi)阻,即r’=r2,故金屬棒兩端的電壓U=ER+r5.B[解析]根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢E=nΔΦΔt=nΔB·SΔt，這里的S指的是線圈在磁場中的有效面積，即S=a226。C［解析］金屬棒做切割磁感線運(yùn)動的有效速度是與磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直的分速度，由于金屬棒做切割磁感線運(yùn)動的水平分速度不變,故感應(yīng)電動勢不變.7.BCD［解析］根據(jù)安培定則可判斷，通電導(dǎo)線在M區(qū)產(chǎn)生豎直向上的磁場，在N區(qū)產(chǎn)生豎直向下的磁場.當(dāng)導(dǎo)體棒勻速通過M區(qū)時，由右手定則和左手定則可知導(dǎo)體棒受到的安培力向左；當(dāng)導(dǎo)體棒勻速通過N區(qū)時，由右手定則和左手定則可知導(dǎo)體棒受到的安培力也向左,選項(xiàng)A錯誤，選項(xiàng)B正確.設(shè)導(dǎo)體棒的電阻為r，軌道的寬度為L，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電流為I',則導(dǎo)體棒受到的安培力F安=BI’L=BBLvR+rL=B2L2vR+r，在導(dǎo)體棒從左到右勻速通過M區(qū)時,磁場由弱到強(qiáng)，所以FM逐漸增大;在導(dǎo)體棒從左到右勻速通過N區(qū)時，磁場由強(qiáng)到弱，所以8。AC[解析]由楞次定律可知，兩種情況下產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同,A正確，B錯誤。第一次將線框從磁場中以恒定速度v1向右勻速拉出,線框中的感應(yīng)電動勢恒定，有E1=E1=Blv1;第二次讓線框繞軸MN以線速度v2勻速轉(zhuǎn)過90°,所需時間Δt=πr2v2=πl(wèi)4v2，穿過線框的磁通量變化量ΔΦ=B·l·l2=12Bl2，產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢E2=ΔΦΔt=2Blv2π.由題意知E9.A[解析］螺旋槳葉片轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢,根據(jù)轉(zhuǎn)動切割模型有E=Bl0+ωl2，其中ω=2πf,則每個葉片上的感應(yīng)電動勢為E=πfl2B.順著地磁場的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時針方向轉(zhuǎn)動(類比于我們抬頭看天花板上的吊扇,吊扇的扇葉在按順時針方向轉(zhuǎn)動），利用右手定則，將每個葉片等效為一電源，根據(jù)“電流由電源的正極流出”可知,b為電源的正極，a為電源的負(fù)極，所以a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢，選項(xiàng)A10。AC[解析］由法拉第電磁感應(yīng)定律可知E=nΔΦΔt=nΔBΔtS，電容器所帶的電荷量Q=CUR=CRR+rE，聯(lián)立解得Q=8×10-5C,選項(xiàng)A正確；