2019屆甘肅省酒泉市玉門市普通高中高三（下）學業(yè)質(zhì)量檢測物理試題（四）（含答案）

第18頁/共18頁2018-2019學年普通高中物理學業(yè)質(zhì)量檢測試卷二、選擇題（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1.在物理學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻。關(guān)于科學家和他們的貢獻，下列說法中正確的是（）A.開普勒通過觀察行星運動，發(fā)現(xiàn)了行星運動三大定律B.牛頓首先通過實驗測出萬有引力常量C.安培提出了分子電流假說D.牛頓最早提出力不是維持物體運動的原因【答案】C【解析】【詳解】A．開普勒通過對第谷觀測數(shù)據(jù)的研究，提出了行星運動三大定律，故A錯誤；B．卡文迪什通過扭秤實驗測出萬有引力常量，故B錯誤；C．安培提出了分子電流假說，故C正確；D．伽利略最早提出力不是維持物體運動的原因，故D錯誤。故選C。2.如圖所示為一質(zhì)點做直線運動的v-t圖像，下列說法中不正確的是（）A.OA段所表示的運動通過的路程是12.5mB.整個運動過程中，CD段的加速度最大C.整個運動過程中，只有在D點處運動方向發(fā)生變化D.整個運動過程中，質(zhì)點在C點的狀態(tài)所對應(yīng)的位置離出發(fā)點最遠【答案】D【解析】【詳解】A．OA段與時間軸圍成的面積的大小表示質(zhì)點運動通過的路程，則有A正確，不符合題意；B．由v-t圖像斜率表示加速度可知，整個運動過程中，CD段的v-t圖像傾角最大，斜率最大，即加速度最大，B正確，不符合題意；C．由v-t圖像可知，整個運動過程中，只有在D點處質(zhì)點的速度由正變成負，即運動方向發(fā)生變化，C正確，不符合題意；D．由v-t圖像可知，整個運動過程中，質(zhì)點從靜止開始運動到D點，圖像與時間軸所圍的面積在時間軸的上方，位移為正，D點后位移是負，說明此時質(zhì)點已經(jīng)開始反方向運動，所以質(zhì)點在D點的狀態(tài)所對應(yīng)的位置離出發(fā)點最遠，D錯誤，符合題意。本題選不正確的，故選D。3.如圖所示為某中學科技小組制作的利用太陽能驅(qū)動的小車。當太陽光照射到小車上方的光電板時，光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動機帶動小車前進。若質(zhì)量為m的小車在平直的水泥路上從靜止開始沿直線加速行駛，經(jīng)過時間t前進的距離為l，且速度達到最大值vm。設(shè)這一過程中電動機的功率恒為P，小車所受阻力恒為Ff，那么這段時間內(nèi)（）A.小車做勻變速直線運動B.小車受到的牽引力做的功為C.小車受到的牽引力逐漸增大D.小車受到的合外力所做的功為【答案】D【解析】【詳解】C．根據(jù)功率公式解得小車的功率不變，速度增大時牽引力減小，C錯誤；A．根據(jù)牛頓第二定律得解得小車的加速度隨速度的增大而減小，所以小車做非勻變速直線運動，A錯誤；D．根據(jù)動能定理得D正確；B．根據(jù)動能定理得解得C錯誤。故選D。4.如圖所示，一個匝數(shù)為匝的線圈以固定角速度在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)，其產(chǎn)生的交流電通過一匝數(shù)比為的變壓器給阻值的電阻供電，已知交流電壓表的示數(shù)為10V，從圖示位置開始計時，則下列說法正確的是（）

A.電阻R消耗的電功率為10WB.時刻穿過線圈平面的磁通量為C.時刻流過線圈的電流最大D.穿過線圈平面的最大磁通量為【答案】B【解析】【詳解】A．電阻R消耗的電功率為故A錯誤；B．由可得，線圈內(nèi)產(chǎn)生的電動勢有效值為線圈產(chǎn)生的電動勢峰值為可得線圈的磁通量為時故B正確；C．線圈內(nèi)產(chǎn)生的電動勢的瞬時值為時，線圈內(nèi)電動勢為可知時流過線圈的電流為零，故C錯誤；D．穿過線圈平面的最大磁通量為故D錯誤；故選B。5.如圖所示，兩個垂直紙面的勻強磁場方向相反，磁感應(yīng)強度的大小均為B，磁場區(qū)域?qū)挾染鶠閍，一正三角形(中垂線長為a)導線框ABC從圖示位置方向勻速穿過兩磁場區(qū)域，以逆時針方向為電流的正方向，在下圖中感應(yīng)電流i與線框移動距離x的關(guān)系圖象正確的是()A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】電路的電阻是不變的，電流的變化規(guī)律就是電動勢的變化規(guī)律，整個圖線可分為三段，在第一段內(nèi)，有效切割長度越來越大，電動勢線性增大，電流的方向是逆時針的；在第二段內(nèi)，BCA和BA都在切割，而且產(chǎn)生的電流方向相同，被加強，是順時針的，所以選項C正確，其余的選項均被排除．6.如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相同，實線為一帶電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，由此可知（）A.P點電勢高于Q點的電勢 B.帶電粒子通過Q點時動能較大C.帶電粒子通過P點時電勢能較大 D.帶電粒子通過Q點時加速度較大【答案】BC【解析】【詳解】A．電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于粒子電性未知，不能判斷P點電勢與Q點電勢的大小關(guān)系。故A錯誤；BC．根據(jù)粒子受力情況可知，從Q到P過程中電場力做負功，電勢能升高，動能減小，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，P點的動能小于Q點的動能。故BC正確；D．由于相鄰等勢面之間的電勢差相同，等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大。故D錯誤。故選BC。7.如圖所示為一衛(wèi)星繞地球運行的軌道示意圖，O點為地球球心，已知引力常量為G，地球質(zhì)量為M，OA=R，OB=5R，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在A點的速率 B.衛(wèi)星在B點的速率C.衛(wèi)星在A點的加速度 D.衛(wèi)星在B點的加速度【答案】BC【解析】【詳解】A．衛(wèi)星在圓軌道運行時，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得，衛(wèi)星經(jīng)過橢圓軌道A點時，由于萬有引力小于向心力，故做離心運動，故解得選項A錯誤；B．衛(wèi)星經(jīng)過橢圓軌道的B點時，由于萬有引力大于向心力，故做向心運動，故解得選項B正確；C．根據(jù)牛頓第二定律，衛(wèi)星在A點的加速度選項C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律，衛(wèi)星在B點的加速度選項D錯誤。故選BC。8.如圖所示，空間存在著與圓臺母線垂直向外的磁場，各處的磁感應(yīng)強度大小均為B，圓臺母線與豎直方向的夾角為θ，一個質(zhì)量為m、半徑為r的勻質(zhì)金屬環(huán)位于圓臺底部。環(huán)中維持恒定的電流I不變，圓環(huán)由靜止向上運動，經(jīng)過時間t后撤去該恒定電流并保持圓環(huán)閉合，圓環(huán)全程上升的最大高度為H。已知重力加速度為g，磁場的范圍足夠大。在圓環(huán)向上運動的過程中，下列說法正確的是（）A.在時間t內(nèi)安培力對圓環(huán)做功為mgHB.圓環(huán)運動的最大速度為C.圓環(huán)先做勻加速運動后做勻減速運動D.圓環(huán)先有擴張后有收縮的趨勢【答案】B【解析】【詳解】B．由于圓環(huán)能從靜止開始向上運動，結(jié)合左手定則可知，圓環(huán)受到的安培力沿母線向上，故環(huán)中電流為俯視順時針方向，環(huán)中電流恒為I，圓環(huán)所受安培力大小為BI?2πr，其在豎直方向的分力為2πrBIcosθ，對圓環(huán)由牛頓第二定律可得2πrBIcosθ﹣mg=ma則圓環(huán)向上的加速度大小為方向豎直向上，在電流未撤去時，圓環(huán)將做勻加速直線運動，經(jīng)過時間t，速度會達到最大值，可得B正確；C．電流撤去后，由于慣性，圓環(huán)繼續(xù)向上運動，在磁場中切割磁感線而產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到安培阻力作用，會做變減速運動，C錯誤；A．在撤去電流后，圓環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，有焦耳熱產(chǎn)生，全程由動能定理可得故在時間t內(nèi)安培力對圓環(huán)做功大于mgH，A錯誤；D．圓環(huán)通電流時，電流方向為順時針，安培力水平分量指向圓心，有收縮的趨勢，撤去電流后，切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時針，則安培力水平分量背離圓心，則有擴張的趨勢，D錯誤。故選B。第Ⅱ卷三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22—32題為必考題，每個試題考生都做答；第33題—39題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題（共129分）9.驗證動量守恒定律實驗設(shè)計如圖所示，回答下列問題。

（1）實驗裝置中應(yīng)保持斜槽末端________。（2）每次小球下滑要從________處由靜止釋放。（3）在圖中，小球的水平射程的數(shù)值分別用OP、OM和ON表示。小球半徑均為r。因此只需驗證________?！敬鸢浮竣?切線水平②.同一高度③.【解析】【詳解】（1）[1]為了保證小球的初速度水平，所以必須保持斜槽末端切線水平；（2）[2]為了保證入射小球每次碰撞前瞬間的初速度相同，每次入射小球下滑需要從同一高度處由靜止釋放；（3）[3]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則兩邊同時乘以時間t得則10.某同學準備利用下列器材測量干電池的電動勢和內(nèi)阻。A．待測干電池兩節(jié)，每節(jié)電池電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約幾歐姆B．直流電壓表V1、V2，量程均為3V，內(nèi)阻非常大C．定值電阻R0未知D．滑動變阻器R，最大阻值RmE．導線和開關(guān)

(1)根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應(yīng)的電路圖______；(2)實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻R0，方法是先把滑動變阻器R調(diào)到最大阻值Rm，再閉合開關(guān)，電壓表V1和V2的讀數(shù)分別為U10、U20，則R0＝______（用U10、U20、Rm表示）；(3)實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表V1和V2的多組數(shù)據(jù)U1、U2，描繪出U1-U2圖像如圖丙所示，圖中直線斜率為k，與橫軸的截距為a，則兩節(jié)干電池的總電動勢E＝______，總內(nèi)阻r＝______。（用k、a、R0表示）

【答案】①.②.③.④.【解析】【詳解】(1)[1]根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應(yīng)的電路圖如下圖所示；

(2)[2]根據(jù)歐姆定律得解得(3)[3][4]根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得根據(jù)圖像得解得11.如圖所示，一粗糙斜面AB與光滑圓弧軌道BCD相切，C為圓弧軌道最低點，圓弧BC所對圓心角θ=37°。已知圓弧軌道半徑為R＝0.5m，斜面AB的長度為L＝2.875m。質(zhì)量為m＝1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）從斜面頂端A點處由靜止開始沿斜面下滑，從B點進入圓弧軌道運動恰能通過最高點D。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g=10m/s2。求：

(1)物塊經(jīng)C點時對圓弧軌道的壓力Fc；(2)物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ?！敬鸢浮?1)(2)【解析】【詳解】(1)由題意知小物塊沿光滑軌道從C到D且恰能通過最高點，由牛頓第二定律有mg＝①從D到C由動能定理可得－mg·2R＝②由牛頓第二定律可得FC′－mg＝m③由牛頓第三定律得FC＝FC′④聯(lián)解①②③④并代入數(shù)據(jù)得FC＝60N⑤(2)對小物塊從A經(jīng)B到C過程，由動能定理有mg[Lsinθ＋R（1－cosθ）]－μmgcosθ·L＝－0⑥聯(lián)解①②⑥并代入數(shù)據(jù)得μ＝0.2512.如圖所示，在直角坐標系xOy第二、三象限存在有界勻強磁場Ⅰ（垂直紙面向里）和有界勻強磁場Ⅱ（垂直紙面向外），O、M、N、Q為磁場邊界和x軸交點，OM=MN=L，在第二、三象限加上豎直向下的勻強電場。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶負電的小球從第一象限的P點（2L，L）以某一初速度沿-x軸方向射出，恰好從坐標原點O進入有界磁場Ⅰ，又從M點射出有界磁場Ⅰ，在有界磁場中做勻速圓周運動。（已知重力加速度為g）（1）求所加勻強電場場強E的大小；（2）求帶電小球過原點O的速度大小和有界磁場Ⅰ的磁感應(yīng)強度B的大小；（3）如帶電小球能再次回到原點O，則有界磁場Ⅱ的寬度應(yīng)該滿足的條件?！敬鸢浮浚?）E=；（2）v=2，B=；（3）d=(+1)L【解析】【分析】【詳解】（1）小球在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，須有重力與電場力等大反向，即Eq=mg得勻強電場場強E=（2）由P到O，小球做平拋運動，水平位移2L=v0t豎直方向L=gt2綜上解得，小球的初速度v0=飛行時間t=豎直方向速度vy=gt=則小球經(jīng)過原點O的速度v==2，tanα==1即速度v與水平方向（-x方向）夾角為45°。則小球從坐標原點O進入有界磁場Ⅰ做圓周運動，又從M點射出有界磁場Ⅰ，畫出其運動軌跡，如下圖由幾何關(guān)系，小球做圓周運動的半徑r=L洛倫茲力提供向心力qvB=m綜上有界磁場Ⅰ的磁感應(yīng)強度B=（3）小球通過M點后，在兩個磁場區(qū)域之間部分，重力與電場力等大方向，所受合力為零，由M到S做勻速直線運動，進入磁場Ⅱ時速度為v，與磁場Ⅱ右邊界（SNH）夾角為45°。小球能再次回到原點O，需在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可知，小球做圓周運動的半徑R=L磁場Ⅱ的寬度d=R+Rcosα=(+1)L即有界磁場Ⅱ的寬度最小為(+1)L?！究键c】帶電粒子在復合場中的運動，平拋運動的規(guī)律。（二）選考題：共45分。請考生從給出的3道物理題、3道化學題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目對應(yīng)題號后的方框涂黑。注意所做題目的題號必須與所選題目的題號一致，在答題紙選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學科按所做第一題計分。13.下列說法正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的熱運動B.對一定質(zhì)量的氣體加熱，其體積和內(nèi)能可能都增加C.物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈，分子的平均動能越大D.分子間的引力與斥力同時存在，斥力可能小于引力E.熱量是熱傳遞過程中，內(nèi)能大的物體向內(nèi)能小的物體轉(zhuǎn)移內(nèi)能多少的量度【答案】BCD【解析】【詳解】A．布朗運動是固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；B．對一定質(zhì)量的氣體加熱，其體積和內(nèi)能可能都增加，因為改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，故B正確；C．物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈，分子的平均動能就越大，故C正確；D．分子間的引力與斥力同時存在，斥力可能小于、等于或者大于引力，故D正確；E．熱量是熱傳遞過程中，溫度高的物體向溫度低的物體轉(zhuǎn)移的內(nèi)能的多少的量度，故E錯誤。故選BCD。14.如圖所示，水平放置一個長方體氣缸，總體積為V，用無摩擦活塞（活塞絕熱、體積不計）將內(nèi)部封閉的理想氣體分為完全相同的A、B兩部分．初始時兩部分氣體壓強均為P，溫度均為．若使A氣體的溫度升高△T，B氣體的溫度保持不變，求(i)A氣體的體積變?yōu)槎嗌?(ii)B氣體在該過程中是放熱還是吸熱？【答案】（i）（ii）對外放熱【解析】【詳解】試題分析：（i）設(shè)末狀態(tài)兩部分氣體壓強均為P末，選擇A氣體為研究對象，升高溫度后體積變?yōu)閂A對B部分氣體，升高溫度后體積為VB，由玻馬定律又VA+VB=V可得（ii）B部分氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對B做正功，根據(jù)熱力學第一定律，B部分氣體對外放熱考點：本題考查理想氣體狀態(tài)方程的理解和應(yīng)用15.一列簡諧橫波在某時刻的波形如圖所示，此時刻質(zhì)點P的速度為v，經(jīng)過0.2s后它的速度大小、方向第一次與v相同，再經(jīng)過1.0s它的速度大小、方向第二次與v相同，則下列判斷中正確的是（）

A.波沿x軸正方向傳播，且波速為10m/sB.波沿x軸負方向傳播，且波速為10m/sC.質(zhì)點M與質(zhì)點Q的位移大小總是相等、方向總是相反D.若某時刻N質(zhì)點到達波谷處，則Q質(zhì)點一定到達波峰處E.從圖示位置開始計時，在3s時刻，質(zhì)點M偏離平衡位置的位移y=－10cm【答案】ADE【解析】【分析】【