2022年江西省贛州市會昌中學寧師中學高三物理第一學期期中達標檢測試題含解析

2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，卡上，寫在本試卷上無效?？荚嚱Y(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個同學在做研究平拋運動實驗時，只在紙上記下y軸位置，并在坐標紙上描出圖所示曲線．現(xiàn)在我們在曲線上取、B兩點，用刻度尺分別量出它們到y(tǒng)軸的距離AA′=x1，BB′=x2，以及AB的豎直距離h，從而求出小球拋出時的初速度v0為( )(x2x2)g

(xx

)2g

xx g

xx gA． 2 12h

B． 2 12h

C．2 12 2h

D．2 12 2h2如圖所示三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動兩邊的傳送帶長都是且與水平方向的夾角均為37現(xiàn)有兩小物塊、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5，下列說法正確的是（ ）A先到達傳送帶底端A、B受到的摩擦力分別沿斜面向下和向上A、B運動的加速度大小相同A、B在傳送帶上的劃痕長度相同3、火車轉(zhuǎn)彎時，如果鐵路彎道內(nèi)外軌一樣高，外軌對輪絕（如圖a所示）擠壓的彈力F提供了火車轉(zhuǎn)彎的向心力（如圖b所示，但是靠這種辦法得到向心力，鐵軌和車輪極易受損．在修筑鐵路時，彎道處的外軌會略高于內(nèi)軌（如圖c所示，當火車以規(guī)定的該彎道的半徑C．當火車速率大于時，外軌將受到輪緣的擠壓D．當火車速率小于時，外軌將受到輪緣的擠壓4、如圖所示為發(fā)射同步衛(wèi)星的三個軌道，軌道Ⅰ為近地軌道，軌道Ⅱ為轉(zhuǎn)移軌道，軌、Q質(zhì)量不變，關(guān)于衛(wèi)星在這個三個軌道上的運動，下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星在各個軌道上的運行速度一定都小于7.9km/sBQ點的運行速度小于在軌道Ⅱ上QCPQD．衛(wèi)星在各個軌道上的機械能一樣大5、一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運動，其線速度大小為。假設宇航員在該行星表面上用彈簧測力計測量一質(zhì)量為mN。已知引力常量為G，則這顆行星的質(zhì)量為()A． B． C． D．6R，細線始終保持水平；被拖動的物塊初速度為零，質(zhì)量m0.5t變化的關(guān)系是kt，k2rad/s2，g取10m/s2，以下判斷正確的是()物塊的加速度逐漸增大細線對物塊的拉力逐漸增大C2Dt2s12W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣水平面上三個小球，兩兩間的距離都是L．A、B電荷量都是+q，質(zhì)量為球質(zhì)量為給C一個外力F，使三個小球保持相對靜止共同加運動，以下判斷錯誤的是（ ）A．C球只能帶負電，且電量為B．恒力大小F=3 3kq2/C．即使他們的軌跡為曲線，A給B的庫侖力也不做功D．若某時刻撤去F，則撤去的瞬間C求的加速度大小為2 3kq2

/m28、圖中虛線、、、、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功6eV。下列說法正確的是（ ）A．平面c上的電勢為零B．該電子可能到達不了平面fC．該電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為4eVD．該電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的倍9、如圖所示，兩個皮帶輪順時針轉(zhuǎn)動，帶動水平傳送帶以不變的速率運行．將質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點）輕輕放在傳送帶左端，經(jīng)時間后，的速度變?yōu)?，再過時間后，到達傳送帶右端．傳送帶與物體間的動摩擦因數(shù)，則（ ）物體由傳送帶左端到右端的平均速度為傳送帶對物體做的功為傳送帶克服物體對它的摩擦力所做的功為為了傳送貨物電動機增加的功率為10、如圖所示，質(zhì)量分別為m、m兩個物體通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿1水平方向做勻速直線運動（m1

2m2

在空中，力F與水平方向成角．則m所1Nf正確的是NmgmgFsin1 2NmgmgFcos1 2fFcosfFsin218出演算過程。1（6分）在驗證牛頓第二定律AB圖線.試分析：（1）A圖線不通過坐標原點的原因；（2）A圖線上部彎曲的原因；（3）B圖線在縱軸上有截距的原因.1（12分）某同學利用如圖1（彈簧始終未超過彈性限度，取重力加速度g=9.8m/）123456鉤碼質(zhì)量m/g0306090120150刻度尺讀數(shù)x/cm6.008.349.4810.6411.79實驗中掛30g鉤碼時刻度尺如圖1所示，該讀數(shù)該小組根據(jù)所測數(shù)據(jù)，在圖2中的坐標紙建立x-m坐標系，并描出了5組測量據(jù)，請你將第2組數(shù)據(jù)描在坐標紙上，并畫出的關(guān)系圖線 ．作出的圖線與坐標系縱軸有一截距其物理意義；該彈簧的勁度系數(shù)= N/（結(jié)果保留3位有效數(shù)字．226必要的文字說明、方程式和演算步驟。1（10分如圖所示在豎直平面內(nèi)有一半徑為R的圓弧軌道半徑OAOB豎直,mAPBmg時對軌道壓力為2

AP=2R,PB的運動過程中,合外力做的功；1（16分）如圖為一傳送帶裝置模型，斜面的傾角弧與足夠長的水平傳送帶相連接，質(zhì)量m=1kg的物體從高h=30cm的斜面上由靜止開始下滑，它與斜面的動摩擦因數(shù)μ1=0.15μ1=0.5傳送帶上運動一段時間以后，物體又回到了斜面上，如此反復多次后最終停在斜面底端．已知傳送帶的速度恒為v=1.5m/s，tanθ=0.75，g10m/s1．求：（1）從物體開始下滑到第一次回到斜面的過程中，物體與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量；（1）從物體開始下滑到最終停在斜面底端，物體在斜面上通過的總路程．1（12分）2016年11月1空軍八一6架殲－10戰(zhàn)斗機為現(xiàn)場數(shù)千名觀眾帶來了一場震撼表演。某次飛行表演中，飛行員駕駛飛機在豎直面內(nèi)做半徑為R的圓周運動，在最高點時飛行員頭朝下g；若飛行員在最高點座椅對他的彈力和飛機在地面上起飛前一樣若這位飛行員以最大豎直加速度為參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

，則從拋出點運動到A所需的時間t=

x1，從拋出點運動到B所需的時0 1 v0x 1 1間t= 2，在豎直方向上有： gt2 gt2h 代入t、t，解得：2 v0x2x2g

2 2 2 1 1 2v0= 2 12h2、C

．故A正確【解析】AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑， ，故傳送帶對錯誤C正確；由， 1s內(nèi)的路程為，A與傳送帶是同向運動的，A的劃痕長度是A對地路程（斜面長度）減去在此時間內(nèi)傳送帶的路程，即為 ．B與傳送帶是反向運動的，B劃痕長度是B對地路程（斜面長度）加上在此時間內(nèi)傳送帶的路程，即為，故兩者的劃痕長度不同，D錯誤．3、C【解析】θ，根據(jù)牛頓第二定律得：mgtanθ=mv2/R，解得：R=A據(jù)牛頓第二定律得：mgtanθ=mv2/R,解得：v=B錯誤；C正確；若速度小于規(guī)定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此時內(nèi)軌對火車有側(cè)壓力，輪緣擠壓內(nèi)軌．故D錯誤．故選C.4、C【解析】解:A、在軌道II上P點速度大于第一宇宙速度7.9km/s,故A錯誤;B、衛(wèi)星在軌道Ⅱ上Q點通過加速才能到達軌道Ⅲ，所以衛(wèi)星在軌道Ⅲ上Q點的運行速度大于在軌道Ⅱ上Q點的運行速度,故B錯誤;a3T

k可知，軌道Ⅱ半長軸小于軌道Ⅲ半長軸，所以軌道Ⅱ周期小于同步衛(wèi)星軌道Ⅲ周期24P點運動到Q點的時間小于C正確;D、衛(wèi)星必須加速才能從軌道Ⅰ到達軌道Ⅲ,機械能在增加，所以D選項是錯誤的.5、B【解析】試題分析：因為G=mg所以 ,根據(jù)萬有引力提供向心力得: ；解得： ,故選考點：萬有引力定律的應用。6、D【解析】v=ωR=2t×0.5=1tv=atA錯誤.B、由牛頓第二定律可得物塊所受合外力F=ma=1N，F(xiàn)=T-f，地面摩擦阻力f=μmg=0.5×1×10=5N，故可得物塊受力繩子拉力T=f+F=5+1=6N，故B錯誤.1T2sxT錯誤.

2at22m

Tx62J12JC2s末的速度為vat2m/s，則拉力的瞬時功率為PTv62W12W；D正確.故選D.【點睛】本題關(guān)鍵根據(jù)絞車的線速度等于物塊運動速度從而求解物塊的加速度律求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】先分析A、B兩球的加速度，它們相互間的庫侖力為斥力，因此C對它們只能是引力，而且兩個庫侖力的合力應沿垂直于AB連線的方向．這樣就把A受的庫侖力和合力的平行四邊形確定了，通過庫侖定律化簡計算；【詳解】、三個小球構(gòu)成等邊三角形，AB之間相互排斥，要保持間距L不變，CAB、B的合力方向要垂直于A、BC球一側(cè)；A

C

qQcos60kq2Q2qC球只能帶負電，且電量為2qA正確；、設三個小球的加速度都是a，根據(jù)牛頓第二定律和庫侖定律，對A球受力分析可知k

qQsin60ma，則akL2

3qQ2mL2

；3kq23kq23 3kq2對整體受力分析可知F3ma ，故選項3 3kq2L2C、由題可知，要保持間距L不變，只能做直線運動，即使做曲線運動，若A對B的庫侖力與不垂直，該力可以做功，故選項C錯誤；D、在撤去力F瞬間，對C根據(jù)牛頓第二定律可以得到：2k

qQcos30ma'Ca'

F反向，故選項D錯誤．4 3kq24 3kq2【點睛】本題關(guān)鍵是要能分析清楚各個球的受力情況ABC大小相等，方向一致，根據(jù)矢量性確定A受的合力的方向，根據(jù)矢量合成法則運算．8、ABD【解析】A：電子從a到d的過程中克服電場力做功，則電場力的方向水平向左，電場方向水平向右，從a到d電勢降低．勻強電場內(nèi)間距相等的等勢面之間的電勢差相等，設相鄰等勢面間的電勢差為U，則 ；又 ，聯(lián)立解得： ．平面b上的電勢為2V，則平面c上的電勢為零．故A項正確．B：由于電子運動方向未知，粒子經(jīng)過平面d時速度方向可能已經(jīng)沿平面d，則電子可能到達不了平面f．故B項正確．C：平面b上的電勢為2V，相鄰等勢面間的電勢差 ，則平面d上的電勢為 ，電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為 ．故C項錯誤．D：相鄰等勢面間的電勢差 ，則10eV，據(jù)動能定理可得：

， a時的動能為，解得： 、，所以電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的倍．故D項正確．9、BC【解析】物體由傳送帶左端到右端的平均速度等于位移與時間的比值，，故A錯誤；物體從靜止釋放后達到速度為，則傳送帶對物體做功為，故B正確；傳送帶克服物體對它的摩擦力做的功是傳送帶對物體做功的倍，即為 ，故C正確；當物體速度達到v時即與傳送帶具有相同的速度，此時物體傳送帶間沒有摩擦力作用，故D錯誤．故選BC．點睛：此題可通過分析物體的受力情況來確定其運動情況，也可以通過作速度圖象研究位移和平均速度．10、AC【解析】對AB整體受力分析，受到重力mg=（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑動摩擦力f，如圖NFsinmg0NFsinmg0NmgmgFsinfFcos1 2故選AC．【名師點睛】對AB整體受力分析，受到重力、支持力N、拉力、滑動摩擦力f根據(jù)共點力平衡條件列式求解．218出演算過程。11m；③在平衡摩擦力時，長木板的傾角過大，小車沿斜面向下的分力大.【解析】、2）M一定時，其加速度aF成正比，圖象應該為一條經(jīng)過坐標有讓小車質(zhì)量遠大于鉤碼質(zhì)量，否則會出現(xiàn)乙圖中的彎曲情況；則A圖線不通過坐標原圖線上部彎曲的原因是小車質(zhì)量沒有遠大于鉤碼質(zhì)量．由丙圖看出，不掛鉤碼時已經(jīng)有加速度a長木板傾角過大（平衡摩擦力過度．【點睛】在“驗證牛頓第二定律”的實驗用控制變量法，本實驗只有在滿足平衡摩擦力和小車質(zhì)量遠大于勾碼質(zhì)量的雙重條件下，才能用鉤碼重力代替小車所受的合力！12、7.12~7.18 彈簧的原長25.0~26.0【解析】由圖由圖可以知道讀數(shù)為：7.15cm（7.12~7.18）;以橫軸表示彈簧的彈力描點連線作圖如圖所示;長，圖象的斜率表示彈簧的勁度系數(shù),根據(jù)圖象,15010-3可求彈簧的勁度系數(shù)k11.80-6.00=25.3N（25.0N~26.0N）【點睛】在描點連線時一定要注意讓盡量多的點落在直線上或分居直線兩側(cè).偏離太遠的點可以直接舍去．圖像的斜率代表了彈簧的勁度系數(shù)．226必要的文字說明、方程式和演算步驟。3 113、（1）4mgR ；（2）4mgR【解析】1小球沿軌道到達最高點B時對軌道壓力為2mg ,球受重力和支持力提供了向心力，根據(jù)牛頓第二定律,1 v22mgmgm B2R計算得出:32gR32gRB小球從P到B由動能定理知：1W mv2合 2

34mgRPB由動能定理知：1mgRWf得：

mv22 B1W mv2f 2

mgR

3 14mgRmgR4mgR1機械能的變化和摩擦力做功的多少由關(guān)，所以機械能減少了4mgR14、(1)10J；(1)1.5m.【解析】本題考查牛頓第二定律、運動學公式以及功能關(guān)系。對物體從靜止開始到達底端的過程運用動能定理得：mghmgcos

1h mv20代入數(shù)據(jù)得：h

2m/s 1 sin 2 1 11物體滑上傳送帶后向右做勻減速運動，由動能定