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精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2010年全國統(tǒng)一高考化學試卷(全國卷Ⅰ)一、選擇題1.(3分)下列判斷錯誤的是()A.熔點:Si3N4>NaCl>SiI4 B.沸點:NH3>PH3>AsH3 C.酸性:HClO4>H2SO4>H3PO4 D.堿性:NaOH>Mg(OH)2>Al(OH)3 2.(3分)下列敘述正確的是()A.Li在氧氣中燃燒主要生成Li2O2 B.將CO2通入次氯酸鈣溶液可生成次氯酸 C.將SO2通入BaCl2溶液可生成BaSO3沉淀 D.將NH3通入熱的CuSO4溶液中能使Cu2+還原成Cu 3.(3分)能正確表示下列反應的離子方程式是()A.將鐵粉加入稀硫酸中2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑ B.將磁性氧化鐵溶于鹽酸Fe3O4+8H+═3Fe3++4H2O C.將氯化亞鐵溶液和稀硝酸混合Fe2++4H++NO3﹣═Fe3++2H2O+NO↑ D.將銅屑加Fe3+溶液中2Fe3++Cu═2Fe2++Cu2+ 4.(3分)下列敘述正確的是()A.某醋酸溶液的pH=a,將此溶液稀釋1倍后,溶液的pH=b,則a>b B.在滴有酚酞溶液的氨水中,加入NH4Cl的溶液恰好無色,則此時溶液pH<7 C.常溫下,1.0×10﹣3mol/L鹽酸的pH=3.0,1.0×10﹣8mol/L鹽酸pH=8.0 D.若1mLpH=1鹽酸與100mLNaOH溶液混合后,溶液pH=7,則NaOH溶液的pH=11 5.(3分)如圖是一種染料敏化太陽能電池的示意圖。電池的一個電極由有機光敏燃料(S)涂覆在TiO2納米晶體表面制成,另一電極由導電玻璃鍍鉑構成,電池中發(fā)生的反應為:TiO2/s→TiO2/S﹡(激發(fā)態(tài))TiO2/S﹡→TiO2/S++e﹣I3﹣+2e﹣→3I﹣2TiO2/S++3I﹣→2TiO2/S+I3﹣下列關于該電池敘述錯誤的是()A.電池工作時,是將太陽能轉化為電能 B.電池工作時,I﹣離子在鍍鉑導電玻璃電極上放電 C.電池中鍍鉑導電玻璃為正極 D.電池的電解質溶液中I﹣和I3﹣的濃度不會減少 6.(3分)如圖表示4﹣溴環(huán)己烯所發(fā)生的4個不同反應.其中,有機產(chǎn)物只含有一種官能團的反應是()A.①④ B.③④ C.②③ D.①② 7.(3分)一定條件下磷與干燥氯氣反應,若0.25g磷消耗掉314mL氯氣(標準狀況),則產(chǎn)物中PCl3與PCl5的物質的量之比接近于()A.1:2 B.2:3 C.3:1 D.5:3 8.(3分)下面關于SiO2晶體網(wǎng)狀結構的敘述正確的是()A.存在四面體結構單元,O處于中心,Si處于4個頂角 B.最小的環(huán)上,有3個Si原子和3個O原子 C.最小的環(huán)上,Si和O原子數(shù)之比為1:2 D.最小的環(huán)上,有6個Si原子和6個O原子 二、非選題9.在溶液中,反應A+2B?C分別在三種不同實驗條件下進行,它們的起始濃度均為c(A)=0.100mol/L、c(B)=0.200mol/L及c(C)=0mol/L.反應物A的濃度隨時間的變化如圖所示.請回答下列問題:(1)與①比較,②和③分別僅改變一種反應條件.所改變的條件和判斷的理由是:②;.③;.(2)實驗②平衡時B的轉化率為;實驗③平衡時C的濃度為;(3)該反應的△H0,其判斷理由是(4)該反應進行到4.0min時的平均反應速率:實驗②:vB=實驗③:vc=.10.有A、B、C、D、E和F六瓶無色溶液,它們是中學化學中常用的無機試劑.純E為無色油狀液體;B、C、D和F是鹽溶液,且它們的陰離子均不同.現(xiàn)進行如下實驗:①A有刺激性氣味,用沾有濃鹽酸的玻璃棒接近A時產(chǎn)生白色煙霧;②將A分別加入其它五種溶液中,只有D、F中有沉淀產(chǎn)生;繼續(xù)加入過量A時,D中沉淀無變化,F(xiàn)中沉淀完全溶解;③將B分別加入C、D、E、F中,C、D、F中產(chǎn)生沉淀,E中有無色、無味氣體逸出;④將C分別加入D、E、F中,均有沉淀生成,再加入稀HNO3,沉淀均不溶.根據(jù)上述實驗信息,請回答下列問題:(1)能確定溶液是(寫出溶液標號與相應溶質的化學式):(2)不能確定的溶液,寫出其標號、溶質可能的化學式及進一步鑒別的方法:.11.請設計CO2在高溫下與木炭反應生成CO的實驗.(1)在下面方框中,A表示有長頸漏斗和錐形瓶組成的氣體發(fā)生器,請在答題卡上的A后完成該反應的實驗裝置示意圖(夾持裝置,連接膠管及尾氣處理不分不必畫出,需要加熱的儀器下方用△標出),按氣流方向在每件儀器下方標出字母B、C…;其他可選用的儀器(數(shù)量不限)簡易表示如下:(2)根據(jù)方框中的裝置圖,在答題卡上填寫該表儀器符號儀器中所加物質作用A石灰石、稀鹽酸石灰石與鹽酸生成CO2(3)有人對氣體發(fā)生器作如下改進:在錐形瓶中放入一小試管,將長頸漏斗下端插入小試管中.改進后的優(yōu)點是;(4)驗證CO的方法是.12.有機化合物A~H的轉換關系如下所示:請回答下列問題:(1)鏈烴A有支鏈且只有一個官能團,其相對分子質量在65~75之間,1molA完全燃燒消耗7mol氧氣,則A的結構簡式是,名稱是;(2)在特定催化劑作用下,A與等物質的量的H2反應生成E.由E轉化為F的化學方程式是;(3)G與金屬鈉反應能放出氣體.由G轉化為H的化學方程式是;(4)①的反應類型是;③的反應類型是;(5)鏈烴B是A的同分異構體,分子中的所有碳原子共平面,其催化氫化產(chǎn)物為正戊烷,寫出B所有可能的結構簡式;(6)C也是A的一種同分異構體,它的一氯代物只有一種(不考慮立體異構).則C的結構簡式為.
2010年全國統(tǒng)一高考化學試卷(全國卷Ⅰ)參考答案與試題解析一、選擇題1.(3分)下列判斷錯誤的是()A.熔點:Si3N4>NaCl>SiI4 B.沸點:NH3>PH3>AsH3 C.酸性:HClO4>H2SO4>H3PO4 D.堿性:NaOH>Mg(OH)2>Al(OH)3 【考點】75:金屬在元素周期表中的位置及其性質遞變的規(guī)律;76:非金屬在元素周期表中的位置及其性質遞變的規(guī)律;77:元素周期律的作用;9H:晶體熔沸點的比較.【專題】51C:元素周期律與元素周期表專題;51D:化學鍵與晶體結構.【分析】A、從晶體的類型比較;B、從是否含有氫鍵的角度比較;C、從非金屬性強弱的角度比較;D、從金屬性強弱的角度比較;【解答】解:A、Si3N4為原子晶體,NaCl為離子晶體,SiI4為分子晶體,一般來說,不同晶體的熔點高低按照原子晶體>離子晶體>分子晶體的順序,故有Si3N4>NaCl>SiI4,故A正確;B、NH3含有氫鍵,沸點最高,PH3和AsH3不含氫鍵,沸點的高點取決于二者的相對分子質量大小,相對分子質量越大,沸點越高,應為AsH3>PH3,故順序為NH3>AsH3>PH3,故B錯誤;C、元素的非金屬性越強,其對應的最高價氧化物的水化物的酸性就越強,由于非金屬性Cl>S>P,所以最高價氧化物的水化物的酸性的強弱順序為:HClO4>H2SO4>H3PO4,故C正確;D、元素的金屬性越強,其對應的最高價氧化物的水化物的堿性就越強,由于金屬性Na>Mg>Al,所以最高價氧化物的水化物的堿性的強弱順序為:NaOH>Mg(OH)2>Al(OH)3,故D正確。故選:B?!军c評】本題考查不同晶體的熔沸點的高低以及物質酸性、堿性的強弱比較,本題難度不大,注意積累相關基礎知識,本題中注意氫鍵的問題以及晶體類型的判斷.2.(3分)下列敘述正確的是()A.Li在氧氣中燃燒主要生成Li2O2 B.將CO2通入次氯酸鈣溶液可生成次氯酸 C.將SO2通入BaCl2溶液可生成BaSO3沉淀 D.將NH3通入熱的CuSO4溶液中能使Cu2+還原成Cu 【考點】EB:氨的化學性質;F5:二氧化硫的化學性質;GG:堿金屬的性質.【專題】523:氧族元素;524:氮族元素;526:金屬概論與堿元素.【分析】A、鋰的性質不同于鈉,與鎂的性質相似;B、碳酸的酸性比次氯酸強,反應可以發(fā)生;C、根據(jù)鹽酸和亞硫酸的酸性強弱判斷反應能否進行;D、在溶液中發(fā)生離子反應,生成氫氧化銅沉淀.【解答】解:A、鋰在空氣中燃燒生成氧化鋰,故A錯誤;B、碳酸的酸性比次氯酸強,反應可以發(fā)生,故B正確;C、鹽酸的酸性比亞硫酸強,將SO2通入BaCl2溶液不會生成BaSO3沉淀,故C錯誤;D、將NH3通入熱的CuSO4溶液中生成氫氧化銅沉淀,而在加熱條件下,氨氣可和氧化銅反應生成銅,故D錯誤。故選:B?!军c評】本題考查物質的性質,涉及鋰的性質、鹽酸和亞硫酸的酸性強弱、碳酸和次氯酸的酸性強弱以及氨氣和硫酸銅溶液的反應,本題難度不大,注意D選項為易錯點.3.(3分)能正確表示下列反應的離子方程式是()A.將鐵粉加入稀硫酸中2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑ B.將磁性氧化鐵溶于鹽酸Fe3O4+8H+═3Fe3++4H2O C.將氯化亞鐵溶液和稀硝酸混合Fe2++4H++NO3﹣═Fe3++2H2O+NO↑ D.將銅屑加Fe3+溶液中2Fe3++Cu═2Fe2++Cu2+ 【考點】49:離子方程式的書寫.【專題】516:離子反應專題.【分析】A、鐵和非氧化性的酸反應生成亞鐵鹽;B、磁性氧化鐵中的鐵元素有正二價和正三價兩種;C、離子反應要遵循電荷守恒;D、銅和三價鐵反應生成亞鐵離子和銅離子.【解答】解:A、鐵和稀硫酸反應生成亞鐵鹽,F(xiàn)e+2H+=Fe2++H2↑,故A錯誤;B、磁性氧化鐵溶于鹽酸發(fā)生的反應為:Fe3O4+8H+=2Fe3++Fe2++4H2O,故B錯誤;C、氯化亞鐵溶液能被稀硝酸氧化,3Fe2++4H++NO3﹣=3Fe3++2H2O+NO↑,故C錯誤;D、銅和三價鐵反應生成亞鐵離子和銅離子,銅不能置換出鐵,即2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+,故D正確。故選:D?!军c評】本題主要考查學生離子方程時的書寫知識,要注意原子守恒、電荷守恒、得失電子守恒的思想,是現(xiàn)在考試的熱點.4.(3分)下列敘述正確的是()A.某醋酸溶液的pH=a,將此溶液稀釋1倍后,溶液的pH=b,則a>b B.在滴有酚酞溶液的氨水中,加入NH4Cl的溶液恰好無色,則此時溶液pH<7 C.常溫下,1.0×10﹣3mol/L鹽酸的pH=3.0,1.0×10﹣8mol/L鹽酸pH=8.0 D.若1mLpH=1鹽酸與100mLNaOH溶液混合后,溶液pH=7,則NaOH溶液的pH=11 【考點】D5:弱電解質在水溶液中的電離平衡;DA:pH的簡單計算.【專題】51G:電離平衡與溶液的pH專題.【分析】A、根據(jù)弱電解質的電離平衡來分析稀釋后的pH;B、根據(jù)離子對氨水的電離平衡的影響來分析平衡移動及溶液的pH;C、根據(jù)常溫下酸溶液的pH一定小于7來分析;D、根據(jù)酸堿混合及溶液的pH=7來分析NaOH溶液的pH?!窘獯稹拷猓篈、因醋酸是弱電解質,稀釋時促進電離,但氫離子的濃度減小,則pH變大,即b>a,故A錯誤;B、在氨水中存在電離平衡,當加入NH4Cl,平衡逆向移動,氫氧根離子的濃度減小,由酚酞的變色范圍8.2~10可知,此時溶液的pH可能小于8.2,不一定小于7,故B錯誤;C、因常溫下,中性溶液的pH=7,則酸的pH一定小于7,即鹽酸溶液的pH不會為8,故C錯誤;D、因酸堿混合后pH=7,即恰好完全反應,設堿的濃度為c,則1×0.1mol/L=100×c,c=0.001mol/L,則NaOH溶液的PH=11,故D正確;故選:D?!军c評】本題考查了電離平衡及pH的有關計算,學生應注意酸的溶液的pH在常溫下一定小于7,能利用影響平衡的因素及酸堿反應的實質來分析解答即可。5.(3分)如圖是一種染料敏化太陽能電池的示意圖。電池的一個電極由有機光敏燃料(S)涂覆在TiO2納米晶體表面制成,另一電極由導電玻璃鍍鉑構成,電池中發(fā)生的反應為:TiO2/s→TiO2/S﹡(激發(fā)態(tài))TiO2/S﹡→TiO2/S++e﹣I3﹣+2e﹣→3I﹣2TiO2/S++3I﹣→2TiO2/S+I3﹣下列關于該電池敘述錯誤的是()A.電池工作時,是將太陽能轉化為電能 B.電池工作時,I﹣離子在鍍鉑導電玻璃電極上放電 C.電池中鍍鉑導電玻璃為正極 D.電池的電解質溶液中I﹣和I3﹣的濃度不會減少 【考點】BH:原電池和電解池的工作原理.【專題】51I:電化學專題.【分析】由圖電子的移動方向可知,半導材料TiO2與染料為原電池的負極,鉑電極為原電池的正極,電解質為I3﹣和I﹣的混合物,I3﹣在正極上得電子被還原,正極反應為I3﹣+2e﹣=3I﹣。【解答】解:由圖電子的移動方向可知,半導材料TiO2與染料為原電池的負極,鉑電極為原電池的正極,電解質為I3﹣和I﹣的混合物,I3﹣在正極上得電子被還原,正極反應為I3﹣+2e﹣=3I﹣,A、該電池是將太陽能轉化為電能的裝置,故A正確;B、電池工作時,I3﹣離子在鉑電極上放電,發(fā)生還原反應,故B錯誤;C、電池工作時,I3﹣到Pt電極正極上得電子轉化為I﹣,即反應為I3﹣+2e﹣=3I﹣,故C正確;D、電池的電解質溶液中I﹣的濃度和I3﹣的濃度不變,故D正確。故選:B?!军c評】本題是一道知識遷移題目,考查學生分析和解決問題的能力,注意平時知識的積累是解題的關鍵,難度較大。6.(3分)如圖表示4﹣溴環(huán)己烯所發(fā)生的4個不同反應.其中,有機產(chǎn)物只含有一種官能團的反應是()A.①④ B.③④ C.②③ D.①② 【考點】H5:有機物分子中的官能團及其結構.【專題】534:有機物的化學性質及推斷.【分析】由結構可知,有機物中含C=C和﹣Br,①為氧化反應,②為水解反應,③為消去反應,④為加成反應,以此來解答.【解答】解:由結構可知,有機物中含C=C和﹣Br,①為氧化反應,得到兩種官能團;②為加成反應,得到﹣Br和﹣OH兩種官能團;③為消去反應,產(chǎn)物中只有C=C;④為加成反應,產(chǎn)物中只有﹣Br,則有機產(chǎn)物只含有一種官能團的反應是③④,故選:B?!军c評】本題考查有機物的官能團及其性質,明確有機物的結構與性質的關系即可解答,注意把握烯烴、鹵代烴的性質,題目難度不大.7.(3分)一定條件下磷與干燥氯氣反應,若0.25g磷消耗掉314mL氯氣(標準狀況),則產(chǎn)物中PCl3與PCl5的物質的量之比接近于()A.1:2 B.2:3 C.3:1 D.5:3 【考點】5A:化學方程式的有關計算.【專題】16:壓軸題;1A:計算題.【分析】根據(jù)n=計算磷的物質的量,根據(jù)n=計算氯氣的物質的量,進而計算產(chǎn)物中n(Cl):n(P)的值,據(jù)此利用十字交叉法計算產(chǎn)物中PCl3與PCl5的物質的量之比.【解答】解析:參加反應的Cl2與P的物質的量之比為::≈1.74:1。因此產(chǎn)物中n(Cl):n(P)=(1.74×2):1=3.48:1,則,即產(chǎn)物中PCl3和PCl5的物質的量之比1.52:0.48≈3:1,故選:C?!军c評】本題考查化學有關計算,難度中等,本題采取十字交叉法解答,可以利用列方程計算產(chǎn)物中PCl3和PCl5的物質的量進行解答.8.(3分)下面關于SiO2晶體網(wǎng)狀結構的敘述正確的是()A.存在四面體結構單元,O處于中心,Si處于4個頂角 B.最小的環(huán)上,有3個Si原子和3個O原子 C.最小的環(huán)上,Si和O原子數(shù)之比為1:2 D.最小的環(huán)上,有6個Si原子和6個O原子 【考點】9J:金剛石、二氧化硅等原子晶體的結構與性質的關系.【專題】16:壓軸題;51D:化學鍵與晶體結構.【分析】根據(jù)二氧化硅晶體中結構單元判斷硅、氧原子的位置關系,二氧化硅的最小環(huán)上含有6的氧原子和6個硅原子,據(jù)此分析解答.【解答】解:A、二氧化硅晶體中存在四面體結構單元,每個硅原子能構成四個共價鍵,每個氧原子能形成2個共價鍵,Si處于中心,O處于4個頂角,故A錯誤;B、最小的環(huán)上,有6個Si原子和6個O原子,故B錯誤;C、最小的環(huán)上,有6個Si原子和6個O原子,所以最小的環(huán)上硅氧原子數(shù)之比為1:1,故C錯誤;D、最小的環(huán)上,有6個Si原子和6個O原子,Si處于中心,O處于4個頂角,故D正確。故選:D?!军c評】本題考查了二氧化硅的結構單元,難度不大,注意教材中基礎知識的掌握.二、非選題9.在溶液中,反應A+2B?C分別在三種不同實驗條件下進行,它們的起始濃度均為c(A)=0.100mol/L、c(B)=0.200mol/L及c(C)=0mol/L.反應物A的濃度隨時間的變化如圖所示.請回答下列問題:(1)與①比較,②和③分別僅改變一種反應條件.所改變的條件和判斷的理由是:②加催化劑;達到平衡的時間縮短,平衡時A的濃度未變.③溫度升高;達到平衡的時間縮短,平衡時A的濃度減?。?)實驗②平衡時B的轉化率為40%;實驗③平衡時C的濃度為0.06mol/L;(3)該反應的△H>0,其判斷理由是溫度升高,平衡向正反應方向移動,(4)該反應進行到4.0min時的平均反應速率:實驗②:vB=0.014mol(L?min)﹣1實驗③:vc=0.009mol(L?min)﹣1.【考點】CB:化學平衡的影響因素;CK:物質的量或濃度隨時間的變化曲線;CP:化學平衡的計算.【專題】51E:化學平衡專題.【分析】(1)在溶液中,壓強對化學平衡無影響,且起始濃度不變,應為催化劑與溫度對反應的影響,根據(jù)催化劑、溫度對化學反應速度率和化學平衡的影響;(2)由圖可知,實驗②平衡時A的濃度為0.06mol/L,計算A的濃度變化量,再利用方程式計算B的濃度變化量,進而計算平衡時B的轉化率;實驗③平衡時A的濃度為0.04mol/L,計算A的濃度變化量,再利用方程式計算C的濃度變化量,進而計算平衡時C的濃度;(3)溫度升高,A的濃度降低,平衡向正反應方向移動,據(jù)此判斷;(4)根據(jù)v=計算vA,利用速率之比等于速率之比實驗②中vB,實驗③中vc.【解答】解:(1)與①比較,②縮短達到平衡的時間,因催化劑能加快化學反應速度率,化學平衡不移動,所以②為使用催化劑;與①比較,③縮短達到平衡的時間,平衡時A的濃度減小,因升高溫度,化學反應速度率加快,化學平衡移動,平衡時A的濃度減小,故答案為:②加催化劑;達到平衡的時間縮短,平衡時A的濃度未變;③溫度升高;達到平衡的時間縮短,平衡時A的濃度減??;(2)由圖可知,實驗②平衡時A的濃度為0.06mol/L,故A的濃度變化量0.1mol/L﹣0.06mol/L=0.04mol/L,由方程式可知B的濃度變化量為0.04mol/L×2=0.08mol/L,故平衡時B的轉化率為×100%=40%;實驗③平衡時A的濃度為0.04mol/L,故A的濃度變化量0.1mol/L﹣0.04mol/L=0.06mol/L,由方程式可知C的濃度變化量為0.06mol/L,故平衡時C的濃度為0.06mol/L,故答案為:40%;0.06mol/L;(3)因③溫度升高,平衡時A的濃度減小,化學平衡向吸熱的方向移動,說明正反應方向吸熱,即△H>0,故答案為:>;溫度升高,平衡向正反應方向移動;(4)實驗②中,vA==0.007mol(L?min)﹣1,所以vB=2vA=0.014mol(L?min)﹣1;實驗③中,vA==0.009mol(L?min)﹣1,所以vC=vA=0.009mol(L?min)﹣1,故答案為:0.014mol(L?min)﹣1;0.009mol(L?min)﹣1.【點評】本題考查化學平衡濃度﹣時間圖象、化學反應速率計算、化學平衡影響因素等,注意細心讀取圖象中物質的濃度,難度不大.10.有A、B、C、D、E和F六瓶無色溶液,它們是中學化學中常用的無機試劑.純E為無色油狀液體;B、C、D和F是鹽溶液,且它們的陰離子均不同.現(xiàn)進行如下實驗:①A有刺激性氣味,用沾有濃鹽酸的玻璃棒接近A時產(chǎn)生白色煙霧;②將A分別加入其它五種溶液中,只有D、F中有沉淀產(chǎn)生;繼續(xù)加入過量A時,D中沉淀無變化,F(xiàn)中沉淀完全溶解;③將B分別加入C、D、E、F中,C、D、F中產(chǎn)生沉淀,E中有無色、無味氣體逸出;④將C分別加入D、E、F中,均有沉淀生成,再加入稀HNO3,沉淀均不溶.根據(jù)上述實驗信息,請回答下列問題:(1)能確定溶液是(寫出溶液標號與相應溶質的化學式):A:NH3?H2O或NH3;E:H2SO4;F:AgNO3;C:BaCl2(2)不能確定的溶液,寫出其標號、溶質可能的化學式及進一步鑒別的方法:B:Na2CO3或K2CO3,用潔凈的鉑絲蘸取少量B,在酒精燈火焰中灼燒,若焰色呈黃色則B為Na2CO3溶液;若透過藍色鈷玻璃觀察焰色呈紫色,則B為K2CO3溶液;D:Al2(SO4)3或MgSO4取少量D,向其中滴加NaOH溶液有沉淀生成,繼續(xù)滴加過量的NaOH溶液,若沉淀溶解,則D為Al2(SO4)3溶液,若沉淀不溶解,則D為MgSO4溶液..【考點】GS:無機物的推斷.【專題】11:推斷題;524:氮族元素;527:幾種重要的金屬及其化合物.【分析】①A有刺激性氣味,用沾有濃鹽酸的玻璃棒接近A時產(chǎn)生白色煙霧,說明A為NH3?H2O或NH3;②將A分別加入其它五種溶液中,只有D、F中有沉淀產(chǎn)生;繼續(xù)加入過量A時,D中沉淀無變化,可能為Al(OH)3或Mg(OH)2,F(xiàn)中沉淀完全溶解,則F為AgNO3,D可能為Al2(SO4)3或MgSO4;③將B分別加入C、D、E、F中,C、D、F中產(chǎn)生沉淀,E中有無色、無味氣體逸出,該氣體為CO2,說明E為酸溶液,且純E為無色油狀液體,說明E為H2SO4;④將C分別加入D、E、F中,均有沉淀生成,再加入稀HNO3,沉淀均不溶,則該沉淀可能為BaSO4或AgCl,則C應為BaCl2,B可能為Na2CO3或K2CO3.以此解答該題.【解答】解:(1)①A有刺激性氣味,用沾有濃鹽酸的玻璃棒接近A時產(chǎn)生白色煙霧,說明A為NH3?H2O或NH3;②將A分別加入其它五種溶液中,只有D、F中有沉淀產(chǎn)生;繼續(xù)加入過量A時,D中沉淀無變化,可能為Al(OH)3或Mg(OH)2,F(xiàn)中沉淀完全溶解,則F為AgNO3;③將B分別加入C、D、E、F中,C、D、F中產(chǎn)生沉淀,E中有無色、無味氣體逸出,該氣體為CO2,說明E為酸溶液,且純E為無色油狀液體,說明E為H2SO4,B可能為Na2CO3或K2CO3;④將C分別加入D、E、F中,均有沉淀生成,再加入稀HNO3,沉淀均不溶,則該沉淀可能為BaSO4或AgCl,則C應為BaCl2,.根據(jù)B、C、D和F是鹽溶液,且它們的陰離子均不同,D可能為Al2(SO4)3或MgSO4,所以,能確定的是A:NH3?H2O或NH3;E:H2SO4;F:AgNO3;C:BaCl2,故答案為:A:NH3?H2O或NH3;E:H2SO4;F:AgNO3;C:BaCl2;(2)不能確定的是D可能為Al2(SO4)3或MgSO4,B可能為Na2CO3或K2CO3,檢驗方法是:用潔凈的鉑絲蘸取少量B,在酒精燈火焰中灼燒,若焰色呈黃色則B為Na2CO3溶液;若透過藍色鈷玻璃觀察焰色呈紫色,則B為K2CO3溶液;取少量D,向其中滴加NaOH溶液有沉淀生成,繼續(xù)滴加過量的NaOH溶液,若沉淀溶解,則D為Al2(SO4)3溶液,若沉淀不溶解,則D為MgSO4溶液.故答案為:B:Na2CO3或K2CO3,用潔凈的鉑絲蘸取少量B,在酒精燈火焰中灼燒,若焰色呈黃色則B為Na2CO3溶液;若透過藍色鈷玻璃觀察焰色呈紫色,則B為K2CO3溶液;D:Al2(SO4)3或MgSO4取少量D,向其中滴加NaOH溶液有沉淀生成,繼續(xù)滴加過量的NaOH溶液,若沉淀溶解,則D為Al2(SO4)3溶液,若沉淀不溶解,則D為MgSO4溶液.【點評】本題考查物質的推斷,題目難度中等,注意根據(jù)反應顯現(xiàn)進行推斷,題中注意B、C、D和F是鹽溶液,且它們的陰離子均不同.11.請設計CO2在高溫下與木炭反應生成CO的實驗.(1)在下面方框中,A表示有長頸漏斗和錐形瓶組成的氣體發(fā)生器,請在答題卡上的A后完成該反應的實驗裝置示意圖(夾持裝置,連接膠管及尾氣處理不分不必畫出,需要加熱的儀器下方用△標出),按氣流方向在每件儀器下方標出字母B、C…;其他可選用的儀器(數(shù)量不限)簡易表示如下:(2)根據(jù)方框中的裝置圖,在答題卡上填寫該表儀器符號儀器中所加物質作用A石灰石、稀鹽酸石灰石與鹽酸生成CO2(3)有人對氣體發(fā)生器作如下改進:在錐形瓶中放入一小試管,將長頸漏斗下端插入小試管中.改進后的優(yōu)點是可以通過控制加酸的量,來控制氣體產(chǎn)生的快慢;同時小試管中充滿鹽酸,可以起到液封的作用,防止反應劇烈時氣體經(jīng)漏斗沖出;(4)驗證CO的方法是點燃氣體,火焰呈藍色,再用一個內壁附著有澄清石灰水的燒杯罩在火焰上,燒杯內壁的石灰水變渾濁.【考點】U2:性質實驗方案的設計.【專題】16:壓軸題;24:實驗設計題.【分析】(1)根據(jù)二氧化碳中氯化氫的除雜、干燥,CO2在高溫下與木炭反應的裝置、二氧化碳的吸收等回答;(2)根據(jù)裝置的作用和實驗原理選擇試劑;(3)小試管中充滿鹽酸,可以起到液封的作用,防止反應劇烈時氣體經(jīng)漏斗沖出;(4)一氧化碳燃燒生成二氧化碳,二氧化碳能使澄清的石灰水變渾濁;【解答】解:(1)應有二氧化碳中氯化氫的除雜、干燥,CO2在高溫下與木炭反應的裝置、二氧化碳的吸收裝置等,裝置圖:,故答案為:;(2)B中裝有飽和碳酸氫鈉溶液,其作用是除去CO2氣體中混有的少量HCl氣體.C中裝有濃硫酸,干燥氣體,在D中二氧化碳與碳反應產(chǎn)生一氧化碳,E中裝入氫氧化鈉溶液吸收多余的二氧化碳,故答案為:儀器標號儀器中所加物質作用B飽和碳酸氫鈉溶液除去CO2中的HCl氣體C濃硫酸除去CO2中的水氣D干燥木炭粉與CO2反應產(chǎn)生COE氫氧化鈉溶液吸收未反應的CO2;(3)小試管中充滿鹽酸,可以起到液封的作用,防止反應劇烈時氣體經(jīng)漏斗沖出,可以通過控制加酸的量,來控制氣體產(chǎn)生的快慢,故答案為:可以通過控制加酸的量,來控制氣體產(chǎn)生的快慢;同時小試管中充滿鹽酸,可以起到液封的作用,防止反應劇烈時氣體經(jīng)漏斗沖出;(4)一氧化碳燃燒有藍色火焰,生成二氧化碳,二氧化碳能使澄清的石灰水變渾濁,故答案為:點燃氣體,火焰呈藍色,再用一個內壁附著有澄清石灰水的燒杯罩在火焰上,燒杯內壁的石灰水變渾濁;【點評】本題考查性質實驗方案的設計,難度不大,注意掌握實驗的原理是解題的關鍵.12.有機化合物A~H的轉換關系如下所示:請回答下列問題:(1)鏈烴A有支鏈且只有一個官能團,其相對分子質量在65~75之間,1molA完全燃燒消耗7mol氧氣,則A的結構簡式是,名稱是3﹣甲基﹣1﹣丁炔;(2)在特定催化劑作用下,A與等物質的量的H2反應生成E.由E轉化為F的化學方程式是;(3)G與金屬鈉反應能放出氣體.由G轉化為H的化學方程式是;(4)①的反應類型是加成反應;③的反應類型是水解反應或取代反應;(5)鏈烴B是A的同分異構體,分子中的所有碳原子共平面,其催化氫化產(chǎn)物為正戊烷,寫出B所有可能的結構簡式;(6)C也是A的一種同分異構體,它的一氯代物只有一種(不考慮立體異構).則C的結構簡式為.【考點】HB:有機物的推斷.【專題】16:壓軸題;534:有機物的化學性質及推斷.【分析】鏈烴A有支鏈且只有一個官能團,其相對分子質量在65~75之間,設A的分子式為CxHy,lmolA完全燃燒消耗7mol氧氣,則x+,且65<12x+y=8x+28<75,x取正整數(shù),所以x=5,y=8,所以A的分子式為C5H8,A含有支鏈且只有一個官能團,所以A是3﹣甲基﹣1﹣丁炔;A與等物質的量的H2反應生成E,則E是3﹣甲基﹣1﹣丁烯;E和溴發(fā)生加成反應生成F,所以F的結構簡式為:,F(xiàn)和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成G,G的結構簡式為,G和1,4﹣丁二酸反應生成H,H的結構簡式為:.【解答】解:鏈烴A有支鏈且只有一個官能團,其相對分子質量在65~75之間,設A的分子式為CxHy,lmolA完全燃燒消耗7mol氧氣,則x+,且65<12x+y=8x+28<75,x取正整數(shù),所以x=5,y=8,所以A的分子式為C5H8,A含有支鏈且只有一個官能團,所以A是3﹣甲基﹣1﹣丁炔;A與等物質的量的H2反應生成E,則E是3﹣甲基﹣1﹣丁烯;E和溴發(fā)生加成反應生成F,所以F的結構簡式為:,F(xiàn)和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成G,G的結構簡式為,G和1,4﹣丁二酸反應生成H,H的結構簡式為:.(1)通過以上分析知,A的結構簡式為:,其名稱是3﹣甲基﹣1﹣丁炔,故答案為:;3﹣甲基﹣1﹣丁炔;(2)E和溴發(fā)生加成反應生成F,反應方程式為:,故答案為:;(3)G和1,4﹣丁二酸反應生成H,反應方程式為:,故答案為:;(4)該反應屬于加成反應(或還原反應),該反應屬于取代反應或水解反應,故答案為:加成反應(或還原反應),該反應屬于取代反應或水解反應;(5)鏈烴B是A的同分異構體,分子中的所有碳原子共平面,其催化氫化產(chǎn)物為正戊烷,則B中含有一個碳碳三鍵或兩個碳碳雙鍵,根據(jù)乙烯和乙炔的結構知,B所有可能的結構簡式,故答案為:;(6)C也是A的一種同分異構體,它的一氯代物只有一種(不考慮立體異構),則該分子中只含一種氫原子,A中含有一個碳碳三鍵,分子中含有一個碳環(huán)就減少一個碳碳鍵,則C中應該含有兩個碳環(huán),所以C的結構簡式為:,故答案為:.【點評】本題考查有機物的推斷與合成,正確推斷物質及其含有的官能團是解本題關鍵,難點是同分異構體的判斷,根據(jù)相關信息確定含有的官能團,從而確定其同分異構體,難度較大.精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2010年全國統(tǒng)一高考化學試卷(全國卷Ⅰ)一、選擇題1.(3分)下列判斷錯誤的是()A.熔點:Si3N4>NaCl>SiI4 B.沸點:NH3>PH3>AsH3 C.酸性:HClO4>H2SO4>H3PO4 D.堿性:NaOH>Mg(OH)2>Al(OH)3 2.(3分)下列敘述正確的是()A.Li在氧氣中燃燒主要生成Li2O2 B.將CO2通入次氯酸鈣溶液可生成次氯酸 C.將SO2通入BaCl2溶液可生成BaSO3沉淀 D.將NH3通入熱的CuSO4溶液中能使Cu2+還原成Cu 3.(3分)能正確表示下列反應的離子方程式是()A.將鐵粉加入稀硫酸中2Fe+6H+═2Fe3++3H2↑ B.將磁性氧化鐵溶于鹽酸Fe3O4+8H+═3Fe3++4H2O C.將氯化亞鐵溶液和稀硝酸混合Fe2++4H++NO3﹣═Fe3++2H2O+NO↑ D.將銅屑加Fe3+溶液中2Fe3++Cu═2Fe2++Cu2+ 4.(3分)下列敘述正確的是()A.某醋酸溶液的pH=a,將此溶液稀釋1倍后,溶液的pH=b,則a>b B.在滴有酚酞溶液的氨水中,加入NH4Cl的溶液恰好無色,則此時溶液pH<7 C.常溫下,1.0×10﹣3mol/L鹽酸的pH=3.0,1.0×10﹣8mol/L鹽酸pH=8.0 D.若1mLpH=1鹽酸與100mLNaOH溶液混合后,溶液pH=7,則NaOH溶液的pH=11 5.(3分)如圖是一種染料敏化太陽能電池的示意圖。電池的一個電極由有機光敏燃料(S)涂覆在TiO2納米晶體表面制成,另一電極由導電玻璃鍍鉑構成,電池中發(fā)生的反應為:TiO2/s→TiO2/S﹡(激發(fā)態(tài))TiO2/S﹡→TiO2/S++e﹣I3﹣+2e﹣→3I﹣2TiO2/S++3I﹣→2TiO2/S+I3﹣下列關于該電池敘述錯誤的是()A.電池工作時,是將太陽能轉化為電能 B.電池工作時,I﹣離子在鍍鉑導電玻璃電極上放電 C.電池中鍍鉑導電玻璃為正極 D.電池的電解質溶液中I﹣和I3﹣的濃度不會減少 6.(3分)如圖表示4﹣溴環(huán)己烯所發(fā)生的4個不同反應.其中,有機產(chǎn)物只含有一種官能團的反應是()
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