高中物理人教版1本冊(cè)總復(fù)習(xí)總復(fù)習(xí) 全國公開課

2023學(xué)年江西省宜春市樟樹中學(xué)高二（下）第一次月考物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分．1～7小題為單選題，其余為多選題）1．（4分）已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為E1“激發(fā)態(tài)能量En=，其中n=2，3…．用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氫原子從基態(tài)躍遷到n=2的激發(fā)態(tài)的光子的波長為（）A． B． C． D．2．（4分）近年來，數(shù)碼相機(jī)幾近家喻戶曉，用來衡量數(shù)碼相機(jī)性能的一個(gè)非常重要的指標(biāo)就是像素，1像素可理解為光子打在光屏上的一個(gè)亮點(diǎn)，現(xiàn)知300萬像素的數(shù)碼相機(jī)拍出的照片比30萬像素的數(shù)碼相機(jī)拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解為（）A．光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是一份一份的B．光的波動(dòng)性是大量光子之間的相互作用引起的C．大量光子表現(xiàn)光具有粒子性D．光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性3．（4分）如圖所示，設(shè)車廂長為L，質(zhì)量為M，靜止在光滑水平面上，車廂內(nèi)有一質(zhì)量為m的物體以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與車廂壁來回碰撞n次后，靜止在車廂中，則最終車廂速度是（）A．v0，水平向右 B．0C．，水平向右 D．，水平向左4．（4分）理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比，原線圈接在有效值為200V的正弦交流電源上，當(dāng)原線圈電流方向如圖所示，大小逐漸減小到零的時(shí)刻，副線圈A，B兩端（）A．A，B間電勢差為V，a端電勢較高B．A，B間電勢差為V，b端電勢較高C．A，B間電勢差為V，b端電勢較高D．A，B間電勢差為零5．（4分）面積均為S的兩個(gè)電阻相同的線圈，分別放在如圖甲、乙所示的磁場中，甲圖中是磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場，線圈在磁場中以周期T繞OO′軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乙圖中磁場變化規(guī)律為B=B0cost，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則（）A．兩線圈的磁通量變化規(guī)律相同B．兩線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢達(dá)到最大值的時(shí)刻不同C．經(jīng)相同的時(shí)間t（t＞＞T），兩線圈產(chǎn)生的熱量不同D．從此時(shí)刻起，經(jīng)時(shí)間，通過兩線圈橫截面的電荷量不同6．（4分）一中子與一質(zhì)量數(shù)為A（A＞1）的原子核發(fā)生彈性正碰．若碰前原子核靜止，則碰撞前與碰撞后中子的速率之比為（）A． B． C． D．7．（4分）氫原子能級(jí)圖的一部分如圖所示，a、b、c分別表示氫原子在不同能級(jí)之間的三種躍遷途徑，設(shè)在a、b、c三種躍遷過程中，放出光子的能量和波長分別是Ea、Eb、EC和λa、λb、λc，則：①λb=λa+λc②=+③λb=λa?λc④Eb=Ea+EC以上關(guān)系正確的是（）A．①③ B．②④ C．只有① D．③④8．（4分）對(duì)光的認(rèn)識(shí)，下列說法中正確的是（）A．個(gè)別光子的行為表現(xiàn)出粒子性，大量光子的行為表現(xiàn)出波動(dòng)性B．光的波動(dòng)性是光子本身的一種屬性，不是光子之間的相互作用引起的C．光表現(xiàn)出波動(dòng)性時(shí)，就不具有粒子性了；光表現(xiàn)出粒子性時(shí)，就不再具有波動(dòng)性了D．光的波粒二象性應(yīng)理解為：在某種場合下光的波動(dòng)性表現(xiàn)得明顯，在另外的某種場合下，光的粒子性表現(xiàn)得明顯9．（4分）A、B兩球質(zhì)量相等，A球豎直上拋，B球平拋，兩球在運(yùn)動(dòng)中空氣阻力不計(jì)，則下述說法中正確的是（）A．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向相同B．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向不同C．動(dòng)量的變化率大小相等，方向相同D．動(dòng)量的變化率大小相等，方向不同10．（4分）無線電力傳輸目前取得重大突破，在日本展出了一種非接觸式電源供應(yīng)系統(tǒng)．這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可無線傳輸電力．兩個(gè)感應(yīng)線圈可以放置在左右相鄰或上下相對(duì)的位置，原理示意圖如圖所示，下列說法正確的是（）A．若A線圈中輸入電流，B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢B．只有A線圈中輸入變化的電流，B線圈中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢C．A中電流越大，B中感應(yīng)電動(dòng)勢越大D．A中電流變化越快，B中感應(yīng)電動(dòng)勢越大11．（4分）下列觀點(diǎn)正確的是（）A．用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，電子動(dòng)能減小，原子電勢能增大，原子能量不變B．用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，則該電磁波的頻率等于C．原子處于稱為定態(tài)的能量狀態(tài)時(shí)，雖然電子做加速運(yùn)動(dòng)，但并不向外輻射能量．D．氫原子的核外電子從n=4能級(jí)軌道向低能級(jí)軌道躍遷所輻射的光子的頻率最多有8種12．（4分）設(shè)氫原子由n=3的狀態(tài)向n=2的狀態(tài)躍遷時(shí)放出能量為E、頻率為v的光子．氫原子（）A．躍遷時(shí)可以放出或吸收能量為任意值的光子B．由n=2的狀態(tài)向n=1的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的能量大于EC．由n=3的狀態(tài)向n=1的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的能量等于D．由n=4的狀態(tài)向n=3的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的頻率大于v二、實(shí)驗(yàn)題（本題8分．請(qǐng)按題目要求作答）13．（8分）用如圖所示裝置探究碰撞中的不變量，氣墊導(dǎo)軌水平放置，擋光板寬度為，兩滑塊被彈簧（圖中未畫出）彈開后，左側(cè)滑塊通過左側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為，右側(cè)滑塊通過右側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為，左側(cè)滑塊質(zhì)量為100g，左側(cè)滑塊的m1v1=g?m/s，右側(cè)滑塊質(zhì)量為150g，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1+m2v2=g?m/s．三、計(jì)算題（本題有4小題，共44分．解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）14．（8分）氫原子的核外電子可以在半徑為ⅹ10﹣10m的軌道上運(yùn)動(dòng)，試求電子在這個(gè)軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電子的速度是多少？（電子質(zhì)量是me=9×10﹣31kg、電荷量是e=×10﹣19C，靜電力常量k≈9×109N?m2?C﹣2，≈）15．（10分）已知=×10﹣35J?s，試求下列情況中速度測定的不確定量，并根據(jù)計(jì)算結(jié)果，討論它們的運(yùn)動(dòng)是否遵從經(jīng)典物理學(xué)理論．（1）一個(gè)球的質(zhì)量m=，測定其位置的不確定量為10﹣6m；（2）電子的質(zhì)量me=×10﹣31kg，測定其位置的不確定量為10﹣10m．16．（12分）如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面上，相距L，左端與一電阻R相連；整個(gè)系統(tǒng)置于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上，在水平外力作用下沿導(dǎo)軌以速率ν勻速向右滑動(dòng)，滑動(dòng)過程中始終保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略．求（1）電阻R消耗的功率；（2）水平外力的大?。?7．（14分）如圖，絕緣水平地面上有寬L=的勻強(qiáng)電場區(qū)域，場強(qiáng)E=6×105N/C、方向水平向左．不帶電的物塊B靜止在電場邊緣的O點(diǎn)，帶電量q=5×10﹣8C、質(zhì)量mA=1×10﹣2kg的物塊A在距O點(diǎn)s=處以v0=5m/s的水平初速度向右運(yùn)動(dòng)，與B發(fā)生碰撞，假設(shè)碰撞前后A、B構(gòu)成的系統(tǒng)沒有動(dòng)能損失．A的質(zhì)量是B的k（k＞1）倍，A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=，物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，且A的電荷量始終不變，取g=10m/s2．（1）求A到達(dá)O點(diǎn)與B碰撞前的速度；（2）求碰撞后瞬間，A和B的速度；（3）討論k在不同取值范圍時(shí)電場力對(duì)A做的功．

2023學(xué)年江西省宜春市樟樹中學(xué)高二（下）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分．1～7小題為單選題，其余為多選題）1．（4分）（2023?梅州一模）已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為E1“激發(fā)態(tài)能量En=，其中n=2，3…．用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氫原子從基態(tài)躍遷到n=2的激發(fā)態(tài)的光子的波長為（）A． B． C． D．【分析】分別求出基態(tài)和n=2激發(fā)態(tài)的能量，根據(jù)求出光子的波長．【解答】解：基態(tài)的氫原子能量為E1，n=2能級(jí)的原子能量為，根據(jù)得，．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．故選A．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em﹣En=hv．2．（4分）（2023春?荔灣區(qū)校級(jí)期末）近年來，數(shù)碼相機(jī)幾近家喻戶曉，用來衡量數(shù)碼相機(jī)性能的一個(gè)非常重要的指標(biāo)就是像素，1像素可理解為光子打在光屏上的一個(gè)亮點(diǎn)，現(xiàn)知300萬像素的數(shù)碼相機(jī)拍出的照片比30萬像素的數(shù)碼相機(jī)拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解為（）A．光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是一份一份的B．光的波動(dòng)性是大量光子之間的相互作用引起的C．大量光子表現(xiàn)光具有粒子性D．光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性【分析】光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是“一份一份”進(jìn)行的，用很弱的光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)的照片上的白點(diǎn)就是光子落在膠片上的痕跡，清楚的顯示了光的粒子性光的波粒二象性是光的內(nèi)在屬性，即使是單個(gè)光子也有波動(dòng)性，跟光子的數(shù)量和光子之間是否有相互作用無關(guān)大量光子表明光具有波動(dòng)性【解答】解：光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是“一份一份”進(jìn)行的，用很弱的光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)的照片上的白點(diǎn)就是光子落在膠片上的痕跡，清楚的顯示了光的粒子性，但數(shù)碼相機(jī)拍出的照片不是白點(diǎn)，所以不是因?yàn)榇嗽?，故不選擇A．光的波粒二象性是光的內(nèi)在屬性，即使是單個(gè)光子也有波動(dòng)性，跟光子的數(shù)量和光子之間是否有相互作用無關(guān)，所以B錯(cuò)誤；大量光子表明光具有波動(dòng)性所以C錯(cuò)誤；光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，D正確．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題考查理論知識(shí)在實(shí)際生活中應(yīng)用的分析，屬于基礎(chǔ)題目．3．（4分）（2023秋?漳州校級(jí)期末）如圖所示，設(shè)車廂長為L，質(zhì)量為M，靜止在光滑水平面上，車廂內(nèi)有一質(zhì)量為m的物體以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與車廂壁來回碰撞n次后，靜止在車廂中，則最終車廂速度是（）A．v0，水平向右 B．0C．，水平向右 D．，水平向左【分析】物體與車廂反復(fù)碰撞，最終兩者速度相等，在此過程中，兩者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出車廂的速度．【解答】解：以物體與車廂組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以向右為正，由動(dòng)量守恒定律可得：mv0=（M+m）v′，最終車的速度v′=，方向與v0的速度相同，水平向右，故C正確．故選：C【點(diǎn)評(píng)】在碰撞過程中車與物體動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以正確解題，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．4．（4分）（2023春?宜春校級(jí)月考）理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比，原線圈接在有效值為200V的正弦交流電源上，當(dāng)原線圈電流方向如圖所示，大小逐漸減小到零的時(shí)刻，副線圈A，B兩端（）A．A，B間電勢差為V，a端電勢較高B．A，B間電勢差為V，b端電勢較高C．A，B間電勢差為V，b端電勢較高D．A，B間電勢差為零【分析】理想變壓器輸入功率等于輸出功率，原副線圈電流與匝數(shù)成反比，原副線圈電壓與匝數(shù)成正比，根據(jù)楞次定律分析電勢高低．【解答】解：當(dāng)原線圈電流方向?yàn)槿鐖D所示，大小逐漸減小到零的時(shí)刻，磁通量的變化率最大，副線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈電壓有效值為100V，所以ab兩端的電壓為100V，又根據(jù)楞次定律，原線圈電流減小，磁通量減小，磁通量向上，副線圈中磁通量向下，感應(yīng)電流磁場方向與原磁場方向相同，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流由a流向b，副線圈b相當(dāng)于電源，電源內(nèi)部電流由負(fù)極流向正極，故知b端電勢高，故選：B【點(diǎn)評(píng)】理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象．輸入電壓決定輸出電壓，而輸出功率決定輸入功率5．（4分）（2023春?宜春校級(jí)月考）面積均為S的兩個(gè)電阻相同的線圈，分別放在如圖甲、乙所示的磁場中，甲圖中是磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場，線圈在磁場中以周期T繞OO′軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乙圖中磁場變化規(guī)律為B=B0cost，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則（）A．兩線圈的磁通量變化規(guī)律相同B．兩線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢達(dá)到最大值的時(shí)刻不同C．經(jīng)相同的時(shí)間t（t＞＞T），兩線圈產(chǎn)生的熱量不同D．從此時(shí)刻起，經(jīng)時(shí)間，通過兩線圈橫截面的電荷量不同【分析】根據(jù)交流電產(chǎn)生的原理，得出電動(dòng)勢的瞬時(shí)值的表達(dá)式，然后結(jié)合交流電的有效值的意義分析即可．【解答】解：A、兩個(gè)線圈的面積相等，在磁場中開始時(shí)的位置相同，甲繞固定轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的交流電電動(dòng)勢：e=B0S?①乙不動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢：e′==﹣B0S?②由公式①②可知，兩線圈的磁通量變化規(guī)律不相同；兩線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢達(dá)到最大值的時(shí)刻不同．故A錯(cuò)誤，B正確；C、若t＞＞T，則可以由交流電的有效值來計(jì)算線圈產(chǎn)生的熱量，由兩個(gè)公式結(jié)合有效值的定義可知，二者的有效值是相等的，所以經(jīng)相同的時(shí)間t（t＞＞T），兩線圈產(chǎn)生的熱量相等．故C錯(cuò)誤；D、從此時(shí)刻起，經(jīng)時(shí)間，甲線圈的平面與磁場的方向平行，所以穿過甲線圈的磁通量等于0，通過甲線圈橫截面的電荷量：q==；從此時(shí)刻起，經(jīng)時(shí)間，乙線圈所處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度：B′=0，所以穿過乙線圈的磁通量的等于0，通過甲線圈橫截面的電荷量：q′==；所以從此時(shí)刻起，經(jīng)時(shí)間，通過兩線圈橫截面的電荷量相等．故D錯(cuò)誤．故選：B【點(diǎn)評(píng)】該題考查法拉第電磁感應(yīng)強(qiáng)度與交流電，解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律的表達(dá)式以及正弦式交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式，并能靈活運(yùn)用，中檔題．6．（4分）（2023春?龍華區(qū)校級(jí)期末）一中子與一質(zhì)量數(shù)為A（A＞1）的原子核發(fā)生彈性正碰．若碰前原子核靜止，則碰撞前與碰撞后中子的速率之比為（）A． B． C． D．【分析】中子與原子核發(fā)生彈性正碰，動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律求出碰撞前后中子的速率之比．【解答】解：設(shè)中子的質(zhì)量為m，因?yàn)榘l(fā)生的是彈性正碰，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，規(guī)定初速度的方向?yàn)檎较?，有：mv1=mv2+Amv，聯(lián)立兩式解得：=．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．故選：A．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道彈性碰撞的過程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，與非彈性碰撞不同，非彈性碰撞機(jī)械能不守恒．7．（4分）（2023春?宜春校級(jí)月考）氫原子能級(jí)圖的一部分如圖所示，a、b、c分別表示氫原子在不同能級(jí)之間的三種躍遷途徑，設(shè)在a、b、c三種躍遷過程中，放出光子的能量和波長分別是Ea、Eb、EC和λa、λb、λc，則：①λb=λa+λc②=+③λb=λa?λc④Eb=Ea+EC以上關(guān)系正確的是（）A．①③ B．②④ C．只有① D．③④【分析】根據(jù)吸收或輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差判斷光子的能量和波長分別是Ea、Eb、EC和λa、λb、λc的關(guān)系．【解答】解：因?yàn)镋m﹣En=hv，知Eb=Ea+EC，所以，則=+．故②④正確．故選B．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道吸收或輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即Em﹣En=hv．8．（4分）（2023春?紅山區(qū)校級(jí)期中）對(duì)光的認(rèn)識(shí)，下列說法中正確的是（）A．個(gè)別光子的行為表現(xiàn)出粒子性，大量光子的行為表現(xiàn)出波動(dòng)性B．光的波動(dòng)性是光子本身的一種屬性，不是光子之間的相互作用引起的C．光表現(xiàn)出波動(dòng)性時(shí)，就不具有粒子性了；光表現(xiàn)出粒子性時(shí)，就不再具有波動(dòng)性了D．光的波粒二象性應(yīng)理解為：在某種場合下光的波動(dòng)性表現(xiàn)得明顯，在另外的某種場合下，光的粒子性表現(xiàn)得明顯【分析】光的波粒二象性是指光既具有波動(dòng)性又有粒子性，少量粒子體現(xiàn)粒子性，大量粒子體現(xiàn)波動(dòng)性．【解答】解：A、大量光子的效果往往表現(xiàn)出波動(dòng)性，個(gè)別光子的行為往往表現(xiàn)出粒子性．故A正確；B、波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無關(guān)，故B正確；C、光具有波粒二象性即光既具有波動(dòng)性又有粒子性．故C錯(cuò)誤；D、光的波粒二象性是指光既具有波動(dòng)性又有粒子性，少量粒子體現(xiàn)粒子性，大量粒子體現(xiàn)波動(dòng)性，故D正確；故選ABD．【點(diǎn)評(píng)】宏觀世界里找不到既有粒子性又有波動(dòng)性的物質(zhì)，同時(shí)波長長的可以體現(xiàn)波動(dòng)性，波長短可以體現(xiàn)粒子性．9．（4分）（2023春?衡水期中）A、B兩球質(zhì)量相等，A球豎直上拋，B球平拋，兩球在運(yùn)動(dòng)中空氣阻力不計(jì)，則下述說法中正確的是（）A．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向相同B．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向不同C．動(dòng)量的變化率大小相等，方向相同D．動(dòng)量的變化率大小相等，方向不同【分析】合外力的沖量等于動(dòng)量的變化，根據(jù)動(dòng)量定理分析答題，要注意：動(dòng)量是矢量，既有大小又有方向．【解答】解：A、由動(dòng)量定理可得，△p=mgt，兩球的質(zhì)量、運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則動(dòng)量的變化大小相等，方向相同，故A正確B錯(cuò)誤；B、動(dòng)量的變化率==mg，兩小球的質(zhì)量相等，則重力每個(gè)相等，動(dòng)量的變化率大小相等，方向相同，故C正確；D錯(cuò)誤；故選：AC．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了判斷動(dòng)量、沖量是否相同，應(yīng)用動(dòng)量定理即可正確解題，解題時(shí)要注意，動(dòng)量、沖量都是矢量，只有大小與方向都相同時(shí)，兩動(dòng)量或兩沖量才相等．10．（4分）（2023秋?仙桃期末）無線電力傳輸目前取得重大突破，在日本展出了一種非接觸式電源供應(yīng)系統(tǒng)．這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可無線傳輸電力．兩個(gè)感應(yīng)線圈可以放置在左右相鄰或上下相對(duì)的位置，原理示意圖如圖所示，下列說法正確的是（）A．若A線圈中輸入電流，B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢B．只有A線圈中輸入變化的電流，B線圈中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢C．A中電流越大，B中感應(yīng)電動(dòng)勢越大D．A中電流變化越快，B中感應(yīng)電動(dòng)勢越大【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可解答．【解答】解：A、根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，若A線圈中輸入恒定的電流，則A產(chǎn)生恒定的磁場，B中的磁通量不發(fā)生變化，則B線圈中就會(huì)不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，但在圖輸入過程中，A線圈中的電流從無到有，因此B線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，然而不是總會(huì)有的，故A錯(cuò)誤；B、若A線圈中輸入變化的電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=可得，則B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，故B正確；C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=可得，A線圈中電流變化越快，A線圈中電流產(chǎn)生的磁場變化越快，B線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢越大．故C錯(cuò)誤；D正確．故選：BD．【點(diǎn)評(píng)】該題的情景設(shè)置雖然新穎，與日常的生活聯(lián)系也密切，但抓住問題的本質(zhì)，使用電磁感應(yīng)的規(guī)律即可正確解答．11．（4分）（2023?江門模擬）下列觀點(diǎn)正確的是（）A．用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，電子動(dòng)能減小，原子電勢能增大，原子能量不變B．用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，則該電磁波的頻率等于C．原子處于稱為定態(tài)的能量狀態(tài)時(shí)，雖然電子做加速運(yùn)動(dòng)，但并不向外輻射能量．D．氫原子的核外電子從n=4能級(jí)軌道向低能級(jí)軌道躍遷所輻射的光子的頻率最多有8種【分析】從基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)，軌道半徑增大，根據(jù)庫侖引力提供向心力判斷動(dòng)能的變化，通過能量的變化得出電勢能的變化．能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差．【解答】解：A、用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，軌道半徑增大，原子能量增大，根據(jù)，知電子動(dòng)能減小，則電勢能增大．故A錯(cuò)誤．B、用電磁波照射某原子，使它從能量為E1的基態(tài)躍遷到能量為E2的激發(fā)態(tài)，根據(jù)hv=E2﹣E1，解得電磁波的頻率v=．故B正確．C、原子處于定態(tài)，電子做加速運(yùn)動(dòng)，但不向外輻射能量．故C正確．D、根據(jù)=6知，最多可以輻射出6種不同頻率的光子．故D錯(cuò)誤．故選BC．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷所滿足的規(guī)律，Em﹣En=hv．12．（4分）（2023?廣州一模）設(shè)氫原子由n=3的狀態(tài)向n=2的狀態(tài)躍遷時(shí)放出能量為E、頻率為v的光子．氫原子（）A．躍遷時(shí)可以放出或吸收能量為任意值的光子B．由n=2的狀態(tài)向n=1的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的能量大于EC．由n=3的狀態(tài)向n=1的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的能量等于D．由n=4的狀態(tài)向n=3的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的頻率大于v【分析】能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大，吸收或輻射的光子能量越大，光子頻率越大．【解答】解：A、躍遷時(shí)輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差．故A錯(cuò)誤．B、因?yàn)閚=2和n=1間的能級(jí)差大于n=3和n=2間的能級(jí)差，則由n=2的狀態(tài)向n=1的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的能量大于E．故B正確．C、設(shè)基態(tài)的能量為E1，則n=2能級(jí)的能量為，n=3能級(jí)的能量為，則，所以，由n=3躍遷到n=1輻射的光子能量為=．故C正確．D、因?yàn)閚=4和n=3間的能級(jí)差小于n=3和n=2間的能級(jí)差，所以由n=4的狀態(tài)向n=3的狀態(tài)躍遷時(shí)放出光子的頻率小于v．故D錯(cuò)誤．故選BC．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握能級(jí)間躍遷滿足的規(guī)律，即hv=Em﹣En．二、實(shí)驗(yàn)題（本題8分．請(qǐng)按題目要求作答）13．（8分）（2023春?宜春校級(jí)月考）用如圖所示裝置探究碰撞中的不變量，氣墊導(dǎo)軌水平放置，擋光板寬度為，兩滑塊被彈簧（圖中未畫出）彈開后，左側(cè)滑塊通過左側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為，右側(cè)滑塊通過右側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為，左側(cè)滑塊質(zhì)量為100g，左側(cè)滑塊的m1v1=g?m/s，右側(cè)滑塊質(zhì)量為150g，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1+m2v2=0g?m/s．【分析】根據(jù)平均速度公式可求得滑塊通過光電門時(shí)的速度，再根據(jù)動(dòng)量公式即可求得兩次動(dòng)量，并求出動(dòng)量的矢量和．【解答】解：左側(cè)滑塊的速度為：v1===s則左側(cè)滑塊的m1v1=100g×m/s=g?m/s右側(cè)滑塊的速度為：v2===s則右側(cè)滑塊的m2v2=150g×（﹣m/s）=﹣g?m/s因m1v1與m2v2等大、反向，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1+m2v2=0故答案為：；0．【點(diǎn)評(píng)】本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，并能根據(jù)光電門求解瞬時(shí)速度，進(jìn)而表示出碰撞后的動(dòng)量，在計(jì)算時(shí)要注意動(dòng)量的矢量性．三、計(jì)算題（本題有4小題，共44分．解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）14．（8分）（2023春?宜春校級(jí)月考）氫原子的核外電子可以在半徑為ⅹ10﹣10m的軌道上運(yùn)動(dòng)，試求電子在這個(gè)軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電子的速度是多少？（電子質(zhì)量是me=9×10﹣31kg、電荷量是e=×10﹣19C，靜電力常量k≈9×109N?m2?C﹣2，≈）【分析】根據(jù)題意“氫原子的核外電子可以在半徑為ⅹ10﹣10m的軌道上運(yùn)動(dòng)“，電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解電子的速度．【解答】解：電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：解得：答：電子的速度是×106m/s．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是建立電子運(yùn)動(dòng)的圓周運(yùn)動(dòng)模型，然后找到向心力來源，根據(jù)牛頓第二定律列式求解，基礎(chǔ)題目．15．（10分）（2023春?宜春校級(jí)月考）已知=×10﹣35J?s，試求下列情況中速度測定的不確定量，并根據(jù)計(jì)算結(jié)果，討論它們的運(yùn)動(dòng)是否遵從經(jīng)典物理學(xué)理論．（1）一個(gè)球的質(zhì)量m=，測定其位置的不確定量為10﹣6m；（2）電子的質(zhì)量me=×10﹣31kg，測定其位置的不確定量為10﹣10m．【分析】1、根據(jù)不確定原理德△v≥，代入數(shù)據(jù)計(jì)算即可．2、根據(jù)不確定原理德△v≥，代入數(shù)據(jù)計(jì)算即可．【解答】解：（1）球的速度測定的不確定量△v≥=×10﹣29m/s這個(gè)速度不確定量在宏觀世界中微不足道，可認(rèn)為球的速度是確定的，其運(yùn)動(dòng)遵從經(jīng)典物理學(xué)理論．（2）原子中電子的速度測定的不確定量△v≥=×10﹣35×=×105m/s這個(gè)速度不確定量不可忽略，不能認(rèn)為原子中的電子具有確定的速度，其運(yùn)動(dòng)不能用經(jīng)典物理學(xué)理論處理．答：（1）一個(gè)球的質(zhì)量m=，測定其位置的不確定量為10﹣6m；速度不確定量在宏觀世界中微不足道，可認(rèn)為球的速度是確定的，其運(yùn)動(dòng)遵從經(jīng)典物理學(xué)理論；（2）電子的質(zhì)量me=×10﹣31kg，測定其位置的不確定量為10﹣10m，速度不確定量不可忽略，不能認(rèn)為原子中的電子具有確定的速度，其運(yùn)動(dòng)不能用經(jīng)典物理學(xué)理論處理．【點(diǎn)評(píng)】該題考查不確定關(guān)系，解答的關(guān)鍵是牢記不確定關(guān)系的公式，然后將相應(yīng)的數(shù)據(jù)代入公式，進(jìn)行檢驗(yàn)即可．由于該知識(shí)點(diǎn)的公式不在高考的要求范圍以內(nèi)，所以該題可能是課堂練習(xí)的題目．16．（12分）（2023?海南）如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面上，相距L，左端與一電阻R相連；整個(gè)系統(tǒng)置于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上，在水平外力作用下沿導(dǎo)軌以速率ν勻速向右滑動(dòng)，滑動(dòng)過程中始終保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略．求（1）電阻R消耗的功率；（2）水平外力的大?。痉治觥浚?）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢，由歐姆定律求出電流的大?。晒絇=I2R求出電阻R的功率．（2）導(dǎo)體棒勻速向右滑動(dòng)時(shí)，水平外力與安培力和摩擦力的和是平衡力，根據(jù)平衡條件求解水平外力F的大小．【解答】解：（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：E=BvL…①則導(dǎo)體棒中的電流大小為：…②電阻R消