高中化學(xué)高考高考沖刺 考點(diǎn)8電解質(zhì)溶液

考點(diǎn)8電解質(zhì)溶液AUTONUM．(2023·安徽高考·13)25℃時(shí),在10mL濃度均為mol·L－1NaOH和NH3·H2O混合溶液中滴加mol·L－1的鹽酸,下列有關(guān)溶液中粒子濃度關(guān)系正確的是 ()A．未加鹽酸時(shí):c(OH－)>c(Na＋)=c(NH3·H2O)B．加入10mL鹽酸時(shí):c(NH4+)＋c(H＋)=c(OHC．加入鹽酸至溶液pH=7時(shí):c(Cl－)=c(Na＋)D．加入20mL鹽酸時(shí):c(Cl－)=c(NH4+)＋c(Na【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)NaOH、NH3·H2O、鹽酸濃度相等;(2)加入10mL鹽酸時(shí),剛好中和完氫氧化鈉;加入20mL鹽酸時(shí),剛好反應(yīng)生成NaCl、NH4Cl?！窘馕觥窟xB。未加鹽酸時(shí),根據(jù)物料守恒有c(NH3·H2O)＋c(NH4mol·L－1=c(Na＋),A項(xiàng)錯(cuò)誤;加入10mL鹽酸,則氫氧化鈉與鹽酸的物質(zhì)的量相等,c(Cl－)=c(Na＋),根據(jù)電荷守恒:c(NH4+)＋c(H＋)＋c(Na＋)=c(Cl－)＋c(OH－),故c(NH4+)＋c(H＋)=c(OH－),B項(xiàng)正確;溶液呈中性,則c(H＋)=c(OH－),根據(jù)電荷守恒:c(NH4+)＋c(H＋)＋c(Na＋)=c(Cl－)＋c(OH－),故c(NH4+)＋c(Na＋)=c(Cl－),C項(xiàng)錯(cuò)誤;加入20mL鹽酸,則剛好反應(yīng)生成NaCl、NH4Cl,NH4Cl水解使溶液呈酸性,c(H＋)>c(OH－),根據(jù)電荷守恒:c(NH4+)＋c(H＋)＋c(Na＋)=c(Cl－)＋c(OHAUTONUM．(2023·福建高考·8)下列實(shí)驗(yàn)操作正確且能達(dá)到相應(yīng)實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖菍?shí)驗(yàn)?zāi)康膶?shí)驗(yàn)操作A稱取gNaOH固體先在托盤上各放1張濾紙,然后在右盤上添加2g砝碼,左盤上添加NaOH固體B配制FeCl3溶液將FeCl3固體溶于適量蒸餾水C檢驗(yàn)溶液中是否含NH取少量試液于試管中,加入NaOH溶液并加熱,用濕潤(rùn)的紅色石蕊試紙檢驗(yàn)產(chǎn)生的氣體D驗(yàn)證鐵的吸氧腐蝕將鐵釘放入試管中,用鹽酸浸沒【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)基本化學(xué)實(shí)驗(yàn)操作以及注意事項(xiàng);(2)化學(xué)基本原理的掌握和應(yīng)用?！窘馕觥窟xC。因?yàn)闅溲趸c具有腐蝕性,不能直接放在托盤上稱量,又由于其易潮解,因此只能放在燒杯中稱量,A錯(cuò)誤;氯化鐵溶液中鐵離子容易發(fā)生水解反應(yīng),因此氯化鐵溶液配制前應(yīng)先溶解在一定濃度的鹽酸中(或濃鹽酸中),然后加水稀釋到所需要的濃度,B錯(cuò)誤;驗(yàn)證鐵的吸氧腐蝕需要在中性或者堿性條件下,不能用鹽酸浸沒(發(fā)生析氫腐蝕),D錯(cuò)誤。【誤區(qū)提醒】化學(xué)實(shí)驗(yàn)中需要注意:(1)氫氧化鈉的稱量不用濾紙而應(yīng)放在燒杯中稱量;(2)鐵的吸氧腐蝕和析氫腐蝕的電解質(zhì)溶液的酸堿性要求;(3)鹽類的水解在溶液的配制和物質(zhì)制備中的應(yīng)用;(4)離子檢驗(yàn)中語(yǔ)言敘述的嚴(yán)謹(jǐn)和規(guī)范答題模版的應(yīng)用。AUTONUM．(2023·全國(guó)卷Ⅰ·13)濃度均為mol·L－1、體積均為V0的MOH和ROH溶液,分別加水稀釋至體積V,pH隨lgVV0的變化如圖所示,下列敘述錯(cuò)誤的是 ()A．MOH的堿性強(qiáng)于ROH的堿性B．ROH的電離程度:b點(diǎn)大于a點(diǎn)C．若兩溶液無(wú)限稀釋,則它們的c(OH－)相等D．當(dāng)lgVV0=2時(shí),若兩溶液同時(shí)升高溫度,則【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)由圖象上的點(diǎn)判斷氫離子或氫氧根離子的濃度;(2)由離子的濃度判斷物質(zhì)電離的程度。【解析】選D。由圖象可知mol·L－1的MOH溶液的pH=13,說(shuō)明MOH完全電離,為強(qiáng)電解質(zhì),同理判斷ROH為弱電解質(zhì),所以前者的堿性大于后者,A正確;ROH為弱電解質(zhì),溶液越稀越易電離,所以電離程度b點(diǎn)大于a點(diǎn),B正確;當(dāng)兩溶液無(wú)限稀釋下去,相當(dāng)于純水,所以二者氫氧根離子濃度相等,C正確;當(dāng)lgVV0=2時(shí),MOH溶液的pH=11,ROH溶液的pH=10,MOH溶液不存在電離平衡,ROH溶液存在電離平衡,升高溫度平衡右移,M＋濃度無(wú)影響,R＋濃度增大,所以AUTONUM．(2023·山東高考·13)室溫下向10mLmol·L－1NaOH溶液中加入mol·L－1的一元酸HA,溶液pH的變化曲線如圖所示。下列說(shuō)法正確的是 ()A．a(chǎn)點(diǎn)所示溶液中c(Na＋)>c(A－)>c(H＋)>c(HA)B．a(chǎn)、b兩點(diǎn)所示溶液中水的電離程度相同C．pH=7時(shí),c(Na＋)=c(A－)＋c(HA)D．b點(diǎn)所示溶液中c(A－)>c(HA)【解題指南】解答本題注意以下兩點(diǎn):(1)注意曲線的變化趨勢(shì),根據(jù)圖象正確判斷酸的強(qiáng)弱;(2)注意溶液的酸堿性與電離和水解之間的關(guān)系?！窘馕觥窟xD。a點(diǎn)NaOH與HA恰好完全反應(yīng),溶液的pH為,呈堿性,說(shuō)明HA為弱酸,NaA發(fā)生水解反應(yīng),c(Na＋)>c(A－)>c(HA)>c(H＋),A錯(cuò)誤;a點(diǎn)NaA發(fā)生水解反應(yīng),促進(jìn)了水的電離,所以a點(diǎn)水的電離程度大于b點(diǎn),B錯(cuò)誤;根據(jù)電荷守恒,c(H＋)＋c(Na＋)=c(OH－)＋c(A－),pH=7時(shí),c(H＋)=c(OH－),則c(Na＋)=c(A－),C錯(cuò)誤;b點(diǎn)HA過量,溶液呈酸性,HA的電離程度大于NaA的水解程度,所以c(A－)>c(HA),D正確。AUTONUM．(2023·四川高考·6)常溫下,將等體積、等物質(zhì)的量濃度的NH4HCO3與NaCl溶液混合,析出部分NaHCO3晶體,過濾,所得濾液pH<7。下列關(guān)于濾液中的離子濃度關(guān)系不正確的是 ()A．KWc(H+)<×10B．c(Na＋)=c(HCO3-)＋c(CO32-)＋C．c(H＋)＋c(NH4+)=c(OH－)＋c(HCO3-)D．c(Cl－)>c(NH4+)>c(HCO3【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)按照以下流程進(jìn)行:【解析】選C。水的離子積KW=c(H＋)×c(OH－),所以KWc(H+)=c(OH－),因pH<7,故c(OH－)<×10－7mol·L－1,A正確;因兩物質(zhì)是等體積、等物質(zhì)的量濃度加入,故當(dāng)未發(fā)生任何反應(yīng)時(shí),鈉與碳應(yīng)是恒等關(guān)系,而發(fā)生發(fā)應(yīng)并析出晶體時(shí),鈉與碳同樣是以1∶1的比例析出,故濾液中的鈉與碳仍應(yīng)恒等,B正確;選項(xiàng)C是電荷守恒,但忽略了陽(yáng)離子中還有鈉離子,C錯(cuò)誤;D中因氯離子不發(fā)生水解反應(yīng),故濃度應(yīng)最大,而HCO3-AUTONUM．(2023·天津高考·3)下列說(shuō)法不正確的是 ()A．Na與H2O的反應(yīng)是熵增的放熱反應(yīng),該反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行B．飽和Na2SO4溶液或濃硝酸均可使蛋白質(zhì)溶液產(chǎn)生沉淀,但原理不同C．FeCl3和MnO2均可加快H2O2分解,同等條件下二者對(duì)H2O2分解速率的改變相同D．Mg(OH)2固體在溶液中存在平衡:Mg(OH)2(s)Mg2＋(aq)＋2OH－(aq),該固體可溶于NH4Cl溶液【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)ΔG=ΔH－TΔS<0,該反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行。(2)催化劑具有高效性、專一性,條件不同作用效果不同?！窘馕觥窟xC。Na與水的反應(yīng)是固體與液體反應(yīng)生成氣體,為熵增的反應(yīng),ΔS>0,在反應(yīng)中鈉會(huì)熔化成一個(gè)閃亮的小球四處游動(dòng),且發(fā)出嘶嘶的聲音,此反應(yīng)為放熱反應(yīng),則ΔH<0,故ΔG=ΔH－TΔS<0,該反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行,A項(xiàng)正確;飽和Na2SO4溶液使蛋白質(zhì)溶液產(chǎn)生沉淀是蛋白質(zhì)的鹽析,濃硝酸是強(qiáng)氧化性酸,使蛋白質(zhì)溶液產(chǎn)生沉淀是蛋白質(zhì)的變性,原理不同,B項(xiàng)正確;FeCl3和MnO2均可作為催化劑加快H2O2分解,但同等條件下二者對(duì)H2O2分解催化效果不相同,故反應(yīng)速率的改變不相同,C項(xiàng)錯(cuò)誤;Mg(OH)2固體在溶液中存在平衡:Mg(OH)2(s)Mg2＋(aq)＋2OH－(aq),NH4Cl溶液中NH4+水解使溶液呈酸性,消耗OH－,使平衡正向移動(dòng),Mg(OH)2固體可溶于NHAUTONUM．(2023·天津高考·5)室溫下,將molNa2CO3固體溶于水配成100mL溶液,向溶液中加入下列物質(zhì),有關(guān)結(jié)論正確的是加入的物質(zhì)結(jié)論A.50mL1mol·L－1H2SO4反應(yīng)結(jié)束后,c(Na＋)=c(SO4B.molCaO溶液中c(OC.50mLH2O由水電離出的c(H＋)·c(OH－)不變D.molNaHSO4固體反應(yīng)完全后,溶液pH減小,c(Na＋)不變【解題指南】解答本題時(shí)注意以下兩點(diǎn):(1)向Na2CO3溶液中加水,CO32-(2)NaHSO4溶于水時(shí)完全電離,電離出Na＋、H＋與SO4【解析】選B。室溫下,將molNa2CO3固體溶于水配成100mL溶液,溶液中存在CO32-＋H2OHCO3-＋OH－,溶液呈堿性;加入50mL1mol·L－1H2SO4,H2SO4與Na2CO3恰好反應(yīng),則反應(yīng)后的溶液溶質(zhì)為Na2SO4,故根據(jù)物料守恒,反應(yīng)結(jié)束后c(Na＋)=2c(SO42-),A項(xiàng)錯(cuò)誤;向溶液中加入molCaO,則CaO＋H2OCa(OH)2,c(OH－)增大,且Ca2＋＋CO32-CaCO3↓,使CO32-＋H2OHCO3-＋OH－平衡左移,c(HCO3-)減小,故c(OH-)c(HCO3-)增大,B項(xiàng)正確;加入50mL水,溶液體積變大,CO32-＋H2OHCO3-＋OH－平衡右移,但c(OH－)減小,即由水電離的c(OH－)減小,在Na2AUTONUM．(2023·浙江高考·12)40℃時(shí),在氨－水體系中不斷通入CO2,各種離子的變化趨勢(shì)如下圖所示。下列說(shuō)法不正確的是 ()A．在pH=時(shí),c(NH4+)>c(HCO3-)>c(NH2COOB．不同pH的溶液中存在關(guān)系:c(NH4+)＋c(H＋)=2c(CO32-)＋c(HCO3-)＋c(NH2C．隨著CO2的通入,c(OD．在溶液pH不斷降低的過程中,有含NH2COO－的中間產(chǎn)物生成【解析】選C。由題圖可知,pH=時(shí),作直線垂直于橫坐標(biāo),從圖上可直接得出:c(NH4+)>c(HCO3-)>c(NH2COO－)>c(CO32-),A項(xiàng)正確;根據(jù)電荷守恒,不同pH的溶液中都存在c(NH4+)＋c(H＋)=2c(CO32-)＋c(HCO3-)＋c(NH2COO－)＋c(OH－),B項(xiàng)正確;由NH3·H2ONH4+＋OH－的電離常數(shù)表達(dá)式可得,c(OH-)c(NAUTONUM．(2023·重慶高考·3)下列敘述正確的是 ()A．稀醋酸中加入少量醋酸鈉能增大醋酸的電離程度B．25℃時(shí),等體積等濃度的硝酸與氨水混合后,溶液pH=7C．25℃時(shí),mol·L－1的硫化氫溶液比等濃度的硫化鈉溶液的導(dǎo)電能力弱D．molAgCl和molAgI混合后加入1L水中,所得溶液中c(Cl－)=c(I－)【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)同離子效應(yīng)會(huì)抑制弱酸的電離;(2)陰、陽(yáng)離子個(gè)數(shù)相同的難溶電解質(zhì)可以通過比較Ksp直接比較溶解度大小?！窘馕觥窟xC。A項(xiàng),醋酸屬于弱酸,加入少量醋酸鈉,c(CH3COO－)變大,抑制了醋酸的電離,錯(cuò)誤;B項(xiàng),25℃時(shí),等體積等濃度的硝酸與氨水混合后,恰好反應(yīng)生成硝酸銨,屬于強(qiáng)酸弱堿鹽,溶液pH<7,錯(cuò)誤;C項(xiàng),硫化氫溶液屬于弱酸,部分電離,硫化鈉溶液屬于強(qiáng)電解質(zhì),等濃度的硫化氫溶液比等濃度的硫化鈉溶液中離子濃度小,導(dǎo)電能力弱,正確;D項(xiàng),AgCl和AgI的Ksp不相等,c(Ag＋)·c(Cl－)=Ksp(AgCl),c(Ag＋)·c(I－)=Ksp(AgI),molAgCl和molAgI混合后加入1L水中,所得溶液中c(Ag＋)濃度相等,AUTONUM．(2023·海南高考·3)mol下列氣體分別與1Lmol·L－1的NaOH溶液反應(yīng),形成的溶液pH最小的是 ()A．NO2 B．SO2 C．SO3 D．CO2【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)氣體與氫氧化鈉溶液反應(yīng)產(chǎn)物的確定;(2)反應(yīng)中的定量計(jì)算和產(chǎn)物的判斷?！窘馕觥窟xC。A項(xiàng),NO2和NaOH溶液發(fā)生反應(yīng):2NO2＋2NaOHNaNO3＋NaNO2＋H2O,二者恰好反應(yīng)得到NaNO3和NaNO2的混合溶液,該溶液中含有強(qiáng)堿弱酸鹽,水溶液顯堿性。B項(xiàng),發(fā)生反應(yīng)SO2＋NaOHNaHSO3,該物質(zhì)是強(qiáng)堿弱酸鹽,由于HSO3-電離大于水解作用,所以溶液顯酸性。C項(xiàng),發(fā)生反應(yīng):SO3＋NaOHNaHSO4,該鹽是強(qiáng)酸強(qiáng)堿的酸式鹽,電離時(shí)溶液顯酸性,相當(dāng)于一元強(qiáng)酸,所以酸性比NaHSO3強(qiáng)。D項(xiàng),發(fā)生反應(yīng):CO2＋NaOHNaHCO3,該物質(zhì)是強(qiáng)堿弱酸鹽,由于HCO3AUTONUM．(2023·海南高考·11)下列曲線中,可以描述乙酸(甲,Ka=×10－5)和一氯乙酸(乙,Ka=×10－3)在水中的電離度與濃度關(guān)系的是【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)弱電解質(zhì)的電離與濃度的關(guān)系;(2)弱電解質(zhì)的電離常數(shù)與溶液酸堿性的強(qiáng)弱關(guān)系?！窘馕觥窟xB。因?yàn)闈舛仍酱?弱電解質(zhì)的電離程度越小,因此隨著濃度增大,電離度逐漸減小,C、D不符合題意;等濃度時(shí),弱電解質(zhì)越弱,電離程度越小(即Ka越小,電離程度越小),則A不符合題意,B符合題意。AUTONUM．(2023·江蘇高考·11)下列說(shuō)法正確的是 ()A．若H2O2分解產(chǎn)生1molO2,理論上轉(zhuǎn)移的電子數(shù)約為4××1023B．室溫下,pH=3的CH3COOH溶液與pH=11的NaOH溶液等體積混合,溶液pH>7C．鋼鐵水閘可用犧牲陽(yáng)極或外加電流的陰極保護(hù)法防止其腐蝕D．一定條件下反應(yīng)N2＋3H22NH3達(dá)到平衡時(shí),3v正(H2)=2v逆(NH3)【解析】選C。2H2O22H2O＋O2↑,生成1molO2時(shí)轉(zhuǎn)移2mol電子,A項(xiàng)錯(cuò)誤;pH=3的CH3COOH中已電離出的H＋,就可以將pH=11的NaOH電離出的OH－完全中和,但是CH3COOH是弱酸,還會(huì)繼續(xù)電離,即醋酸過量,反應(yīng)后溶液顯酸性,B項(xiàng)錯(cuò)誤;鐵可用作原電池的正極或作為電解池的陰極,此時(shí)鐵均會(huì)受到保護(hù),C項(xiàng)正確;由反應(yīng)方程式的化學(xué)計(jì)量數(shù)知,任何時(shí)候均存在2v正(H2)=3v正(NH3),氮?dú)馀c氫氣合成氨氣達(dá)到平衡時(shí),速率關(guān)系為2v正(H2)=3v逆(NH3),D項(xiàng)錯(cuò)誤。AUTONUM．(2023·廣東高考·11)一定溫度下,水溶液中H＋和OH－的濃度變化曲線如圖,下列說(shuō)法正確的是 ()A．升高溫度,可能引起由c向b的變化B．該溫度下,水的離子積常數(shù)為×10－13C．該溫度下,加入FeCl3可能引起由b向a的變化D．該溫度下,稀釋溶液可能引起由c向d的變化【解題指南】解答本題需注意以下兩點(diǎn):(1)注意提取圖象信息;(2)注意水的離子積常數(shù)的影響因素。【解析】選C。升高溫度,水的離子積常數(shù)會(huì)變大,變化后不會(huì)還在曲線上,A不正確;根據(jù)水的離子積常數(shù)的計(jì)算公式,結(jié)合b點(diǎn)的數(shù)據(jù)可得水的離子積常數(shù)為×10－14,B不正確;加入FeCl3,三價(jià)鐵離子水解會(huì)促進(jìn)水的電離平衡正向移動(dòng),導(dǎo)致氫離子濃度變大,氫氧根離子濃度減小,C正確;溫度不變的情況下,稀釋不會(huì)改變水的離子積常數(shù),應(yīng)在曲線上進(jìn)行移動(dòng),D不正確。AUTONUM．(2023·廣東高考·12)準(zhǔn)確移取mL某待測(cè)HCl溶液于錐形瓶中,用0mol·L－1NaOH溶液滴定,下列說(shuō)法正確的是 ()A．滴定管用蒸餾水洗滌后,裝入NaOH溶液進(jìn)行滴定B．隨著NaOH溶液滴入,錐形瓶中溶液pH由小變大C．用酚酞作指示劑,當(dāng)錐形瓶中溶液由紅色變無(wú)色時(shí)停止滴定D．滴定達(dá)終點(diǎn)時(shí),發(fā)現(xiàn)滴定管尖嘴部分有懸滴,則測(cè)定結(jié)果偏小【解題指南】解答本題需注意以下兩點(diǎn):(1)注意酸堿中和滴定的基本操作;(2)注意使用誤差分析的基本原理進(jìn)行誤差分析。【解析】選B。A項(xiàng)未對(duì)滴定管進(jìn)行潤(rùn)洗;隨著NaOH溶液滴入,鹽酸逐漸被中和,所以對(duì)應(yīng)的pH逐漸變大,B正確;C項(xiàng)滴定終點(diǎn)應(yīng)該是溶液由無(wú)色變成紅色;D項(xiàng)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的標(biāo)準(zhǔn)溶液的體積偏大,所以測(cè)定結(jié)果偏大。AUTONUM．(2023·江蘇高考·14)室溫下,向下列溶液中通入相應(yīng)的氣體至溶液pH=7(通入氣體對(duì)溶液體積的影響可忽略),溶液中部分微粒的物質(zhì)的量濃度關(guān)系正確的是 ()A．向mol·L－1NH4HCO3溶液中通CO2:c(NH4+)=c(HCO3-)B．向mol·L－1NaHSO3溶液中通NH3:c(Na＋)>c(NH4+)>c(SC．向mol·L－1Na2SO3溶液中通SO2:c(Na＋)=2[c(SO32-)＋c(HSO3-)＋D．向mol·L－1CH3COONa溶液中通HCl:c(Na＋)>c(CH3COOH)=c(Cl－)【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)首先要判斷發(fā)生反應(yīng)后溶液的成分;(2)“物料守恒“的角度是“鈉原子”和“硫原子”的個(gè)數(shù)比?！窘馕觥窟xD。溶液pH=7(室溫)呈中性,c(H＋)=c(OH－),依據(jù)電荷守恒,c(NH4+)=c(HCO3-)＋2c(CO32-),A項(xiàng)錯(cuò)誤;c(Na＋)＋c(NH4+)=c(HSO3-)＋2c(SO32-),物料守恒c(Na＋)=c(HSO3-)＋c(SO32-)＋c(H2SO3),c(NH4+)=c(SO32-)－c(H2SO3),B項(xiàng)錯(cuò)誤;在亞硫酸鈉中通入二氧化硫呈中性,則c(Na＋)<2[c(HSO3-)＋c(SO32-)＋c(H2SOAUTONUM．(2023·北京高考·27)研究CO2在海洋中的轉(zhuǎn)移和歸宿,是當(dāng)今海洋科學(xué)研究的前沿領(lǐng)域。(1)溶于海水的CO2主要以4種無(wú)機(jī)碳形式存在,其中HCO3-占95%,寫出CO2溶于水產(chǎn)生HCO3-(2)在海洋碳循環(huán)中,通過如圖所示的途徑固碳。①寫出鈣化作用的離子方程式:。②同位素示蹤法證實(shí)光合作用釋放出的O2只來(lái)自H2O,用18O標(biāo)記物質(zhì)的光合作用的化學(xué)方程式如下,將其補(bǔ)充完整:＋

(CH2O)x＋x18O2＋xH2O(3)海水中溶解無(wú)機(jī)碳占海水總碳的95%以上,其準(zhǔn)確測(cè)量是研究海洋碳循環(huán)的基礎(chǔ),測(cè)量溶解無(wú)機(jī)碳,可采用如下方法:①氣提、吸收CO2,用N2從酸化后的海水中吹出CO2并用堿液吸收(裝置示意圖如下),將虛線框中的裝置補(bǔ)充完整并標(biāo)出所用試劑。②滴定。將吸收液吸收的無(wú)機(jī)碳轉(zhuǎn)化為NaHCO3,再用xmol·L－1HCl溶液滴定,消耗ymLHCl溶液,海水中溶解無(wú)機(jī)碳的濃度=mol·L－1。(4)利用如圖所示裝置從海水中提取CO2,有利于減少環(huán)境溫室氣體含量。①結(jié)合方程式簡(jiǎn)述提取CO2的原理:。②用該裝置產(chǎn)生的物質(zhì)處理b室排出的海水,合格后排回大海。處理至合格的方法是?！窘忸}指南】解答本題時(shí)應(yīng)明確以下4點(diǎn):(1)根據(jù)流程圖中的箭頭判斷反應(yīng)物與生成物:鈣化作用生成CaCO3、CO2。(2)光合作用釋放出的O2只來(lái)自H2O。(3)與電源正極相連的是陽(yáng)極,陽(yáng)極發(fā)生氧化反應(yīng)。(4)陽(yáng)離子膜只允許陽(yáng)離子通過?！窘馕觥?1)二氧化碳溶于水生成碳酸,然后碳酸電離。即CO2＋H2OH2CO3,H2CO3HCO3-＋H(2)①根據(jù)反應(yīng)物是HCO3-,生成物是CaCO3和CO2,易知本題的離子方程式為Ca2＋＋2HCO3-CaCO3↓＋CO2↑＋②由O2只來(lái)自H2O及示蹤原子的標(biāo)記可知水分子含18O,而且分子個(gè)數(shù)是2x,根據(jù)元素守恒法可知方程式中的缺項(xiàng)物質(zhì)為xCO2、2xH2(3)①注意酸化的試劑要用硫酸,一定不能用鹽酸,HCl會(huì)揮發(fā)出來(lái)影響后續(xù)的滴定,如圖。②該滴定過程轉(zhuǎn)化的關(guān)系式為CO2～HCO3-1 1n(CO2) xmol·L－1×y×10－3L解得:n(CO2)=xy×10－3mol所以:c(無(wú)機(jī)碳)=xy/zmol·L－1(4)①a室是陽(yáng)極室,發(fā)生氧化反應(yīng):2H2O－4e－O2↑＋4H＋,出去的海水pH<6,顯酸性,表明反應(yīng)后溶液由堿性變?yōu)樗嵝?a室中的H＋通過陽(yáng)離子交換膜進(jìn)入b室,發(fā)生反應(yīng):HCO3-＋H＋CO2↑＋H2②c室是陰極室,發(fā)生還原反應(yīng):2H2O＋2e－2OH－＋H2↑,即c室生成堿,然后用堿液將從b室排出的酸性海水調(diào)至接近裝置入口海水的pH。答案:(1)CO2＋H2OH2CO3,H2CO3HCO3-＋(2)①Ca2＋＋2HCO3-CaCO3↓＋CO2↑＋H②xCO22xH2(3)①②xy/z(4)①a室發(fā)生的反應(yīng):2H2O－4e－O2↑＋4H＋,H＋通過陽(yáng)離子交換膜從a室進(jìn)入b室,發(fā)生反應(yīng):HCO3-＋H＋CO2↑＋H②c室發(fā)生的反應(yīng):2H2O＋2e－2OH－＋H2↑,用c室排出的堿液將從b室排出的酸性海水調(diào)至接近裝置入口海水的pHAUTONUM．(2023·福建高考·23)研究硫元素及其化合物的性質(zhì)具有重要意義。(1)①硫離子的結(jié)構(gòu)示意圖為。②加熱時(shí),硫元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的濃溶液與木炭反應(yīng)的化學(xué)方程式為。(2)25℃,在mol·L－1H2S溶液中,通入HCl氣體或加入NaOH固體以調(diào)節(jié)溶液pH,溶液pH與c(S2－)關(guān)系如下圖(忽略溶液體積的變化、H2S的揮發(fā))。①pH=13時(shí),溶液中的c(H2S)＋c(HS－)=mol·L－1。②某溶液含mol·L－1Mn2＋、mol·L－1H2S,當(dāng)溶液pH=時(shí),Mn2＋開始沉淀。[已知:Ksp(MnS)=×10－13](3)25℃,兩種酸的電離平衡常數(shù)如下表:Ka1Ka2H2SO3×10－2×10－8H2CO3×10－7×10－11①HSO3-的電離平衡常數(shù)表達(dá)式K=②mol·L－1Na2SO3溶液中離子濃度由大到小的順序?yàn)?。③H2SO3溶液和NaHCO3溶液反應(yīng)的主要離子方程式為

?！窘忸}指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)硫及其化合物的化學(xué)性質(zhì);(2)電解質(zhì)溶液中的電離平衡、溶度積的計(jì)算等知識(shí)的應(yīng)用。【解析】(1)①S2－核外有18個(gè)電子,結(jié)構(gòu)示意圖為。②加熱時(shí),C和濃硫酸反應(yīng)生成CO2、SO2和H2O,化學(xué)方程式為C＋2H2SO4(濃)2SO2↑＋CO2↑＋2H2O。(2)①根據(jù)圖象可知,pH=13時(shí),c(S2－)=mol·L－1,根據(jù)物料守恒,c(H2S)＋c(HS－)＋c(S2－)=mol·L－1,則c(H2S)＋c(HS－)=mol·L－1－mol·L－1=mol·L－1。②由于Ksp(MnS)=×10－13,某溶液含mol·L－1Mn2＋,則開始形成沉淀需要的c(S2－)=Ksp(MnS)÷c(Mn2＋)=×10－13÷mol·L－1=×10－11mol·L－1,根據(jù)圖象中c(S2－)與溶液的pH關(guān)系可知此時(shí)溶液pH=5。(3)①由電離平衡常數(shù)的含義可知:HSO3-的電離平衡常數(shù)表達(dá)式K=②Na2SO3在溶液中電離:Na2SO32Na＋＋SO32-,SO32-發(fā)生水解反應(yīng):SO32-＋H2OHSO3-＋OH－,水解產(chǎn)生的HSO3-又有部分發(fā)生水解反應(yīng):HSO3-＋H2OH2SO3＋OH－,水解是逐步進(jìn)行的,而且在水中還存在水的電離平衡,主要以鹽電離產(chǎn)生的離子為主,所以mol·L－1③由于H2SO3的K2小于H2CO3的K1,則反應(yīng)后H2SO3轉(zhuǎn)化為HSO3-而不是SO32-,離子方程式為H2SO3＋HCO3-HSO3答案:(1)①②C＋2H2SO4(濃)2SO2↑＋CO2↑＋2H2O(2)①②5(3)①c(H②c(Na＋)>c(SO32-)>c(OH－)>c(HSO3-)>c(H＋)或[Na＋]>[SO32③H2SO3＋HCO3-HSO3-＋H2OAUTONUM．(2023·全國(guó)卷Ⅰ·28)碘及其化合物在合成殺菌劑、藥物等方面具有廣泛用途?；卮鹣铝袉栴}:(1)大量的碘富集在海藻中,用水浸取后濃縮,再向濃縮液中加MnO2和H2SO4,即可得到I2。該反應(yīng)的還原產(chǎn)物為。(2)上述濃縮液中主要含有I－、Cl－等離子。取一定量的濃縮液,向其中滴加AgNO3溶液,當(dāng)AgCl開始沉淀時(shí),溶液中c(I-)c(Cl-)為。已知Ksp(AgCl)=×10－(3)已知反應(yīng)2HI(g)H2(g)＋I(xiàn)2(g)的ΔH=＋11kJ·mol－1,1molH2(g)、1molI2(g)分子中化學(xué)鍵斷裂時(shí)分別需要吸收436kJ、151kJ的能量,則1molHI(g)分子中化學(xué)鍵斷裂時(shí)需吸收的能量為kJ。(4)Bodensteins研究了下列反應(yīng):2HI(g)H2(g)＋I(xiàn)2(g),在716K時(shí),氣體混合物中碘化氫的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)x(HI)與反應(yīng)時(shí)間t的關(guān)系如下表:t/min020406080120x(HI)1x(HI)0①根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)結(jié)果,該反應(yīng)的平衡常數(shù)K的計(jì)算式為

。②上述反應(yīng)中,正反應(yīng)速率為v正=k正x2(HI),逆反應(yīng)速率為v逆=k逆x(H2)x(I2),其中k正、k逆為速率常數(shù),則k逆為(以K和k正表示)。若k正=7min－1,在t=40min時(shí),v正=min－1。③由上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算得到v正~x(HI)和v逆~x(H2)的關(guān)系可用下圖表示。當(dāng)升高到某一溫度時(shí),反應(yīng)重新達(dá)到平衡,相應(yīng)的點(diǎn)分別為(填字母)?！窘馕觥?1)根據(jù)化合價(jià)升降規(guī)律,結(jié)合實(shí)驗(yàn)室制取氯氣的反應(yīng),碘元素的化合價(jià)升高,錳元素的化合價(jià)降低,所以還原產(chǎn)物為硫酸錳。(2)c(I-)c(Cl-)=Ksp(AgI)/c(Ag(3)根據(jù)焓變等于反應(yīng)物鍵能減去生成物鍵能可知:2×EH—I－EH—H－EI—I=＋11kJ·mol－1,得EH—I=299kJ·mol－1。(4)①K=c(H2)·c(I2)c2②平衡時(shí),v正=v逆,k正x2(HI)=k逆x(H2)x(I2),k逆=k正x2(HI)x(H2)x(I2)=k正K;v正=k正x2(HI),k正=7min③升高溫度,正逆反應(yīng)速率均增大,在圖象上v正、v逆均上移;但平衡右移,x(HI)減少,在圖象上數(shù)值減小,即A點(diǎn),平衡右移,x(H2)、x(I2)增大,在圖象上數(shù)值增大,即E點(diǎn)。答案:(1)MnSO4(或Mn2＋)(2)×10－7(3)299(4)①K=0.10820.7842③A、EAUTONUM．(2023·全國(guó)卷Ⅱ·28)二氧化氯(ClO2,黃綠色易溶于水的氣體)是高效、低毒的消毒劑?；卮鹣铝袉栴}:(1)工業(yè)上可用KClO3與Na2SO3在H2SO4存在下制得ClO2,該反應(yīng)氧化劑與還原劑物質(zhì)的量之比為。(2)實(shí)驗(yàn)室用NH4Cl、鹽酸、NaClO2(亞氯酸鈉)為原料,通過以下過程制備ClO2:①電解時(shí)發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為。②溶液X中大量存在的陰離子有。③除去ClO2中的NH3可選用的試劑是(填標(biāo)號(hào))。a.水 b.堿石灰c.濃硫酸 d.飽和食鹽水(3)用下圖裝置可以測(cè)定混合氣中ClO2的含量:Ⅰ.在錐形瓶中加入足量的碘化鉀,用50mL水溶解后,再加入3mL稀硫酸;Ⅱ.在玻璃液封裝置中加入水,使液面沒過玻璃液封管的管口;Ⅲ.將一定量的混合氣體通入錐形瓶中吸收;Ⅳ.將玻璃液封裝置中的水倒入錐形瓶中;Ⅴ.用0mol·L－1硫代硫酸鈉標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定錐形瓶中的溶液(I2＋2S2O32-2I－＋S4①錐形瓶?jī)?nèi)ClO2與碘化鉀反應(yīng)的離子方程式為。②玻璃液封裝置的作用是。③Ⅴ中加入的指示劑通常為,滴定至終點(diǎn)的現(xiàn)象是。④測(cè)得混合氣中ClO2的質(zhì)量為g。(4)用ClO2處理過的飲用水會(huì)含有一定量的亞氯酸鹽。若要除去超標(biāo)的亞氯酸鹽,下列物質(zhì)最適宜的是(填標(biāo)號(hào))。a.明礬 b.碘化鉀c.鹽酸 d.硫酸亞鐵【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)書寫化學(xué)方程式時(shí)要注意結(jié)合題目給出的物質(zhì)書寫產(chǎn)物;(2)注意利用氧化性、還原性進(jìn)行物質(zhì)的除雜?！窘馕觥?1)根據(jù)氧化還原反應(yīng)中得失電子守恒,氯元素的化合價(jià)從＋5價(jià)降到＋4價(jià),得1個(gè)電子,氯酸鉀是氧化劑;硫元素的化合價(jià)從＋4價(jià)升高到＋6價(jià),失去2個(gè)電子,亞硫酸鈉是還原劑,根據(jù)得失電子相等可知氧化劑和還原劑的物質(zhì)的量之比為2∶1。(2)①根據(jù)圖示可知氯化銨和氯化氫反應(yīng)生成氫氣和NCl3,配平即可。②根據(jù)產(chǎn)物中有氨氣生成可知溶液為堿性,存在氫氧根離子,根據(jù)元素守恒可知還存在氯離子。③ClO2易溶于水,a、d錯(cuò)誤;堿石灰不能吸收NH3,b錯(cuò)誤。(3)①ClO2能把碘離子氧化為碘單質(zhì),自身被還原為氯離子。②由于ClO2有毒,容易逸出進(jìn)入空氣中,所以玻璃液封裝置的作用是吸收殘余的二氧化氯氣體。③由于碘單質(zhì)遇到淀粉變藍(lán),所以常用的指示劑為淀粉。滴定終點(diǎn)的顏色為溶液由藍(lán)色變?yōu)闊o(wú)色,且半分鐘內(nèi)溶液顏色不再改變。④根據(jù)方程式可知2ClO2~5I2~10S2O32-0mol·L－1×0.02L×67.5g·mol－1÷5=00g。(4)亞氯酸鹽有氧化性,除去它要用有還原性的硫酸亞鐵,同時(shí)產(chǎn)生的鐵離子還能凈水。答案:(1)2∶1(2)①NH4Cl＋2HCl3H2↑＋NCl3②Cl－、OH－③c(3)①2ClO2＋10I－＋8H＋2Cl－＋5I2＋4H2O②吸收殘余的二氧化氯氣體③淀粉溶液溶液由藍(lán)色變?yōu)闊o(wú)色,且半分鐘內(nèi)溶液顏色不再改變④00(4)dAUTONUM．(2023·山東高考·31)毒重石的主要成分為BaCO3(含Ca2＋、Mg2＋、Fe3＋等雜質(zhì)),實(shí)驗(yàn)室利用毒重石制備BaCl2·2H2O的流程如下:(1)毒重石用鹽酸浸取前需充分研磨,目的是。實(shí)驗(yàn)室用37%的鹽酸配制15%的鹽酸,除量筒外還需使用下列儀器中的。a.燒杯 b.容量瓶 c.玻璃棒 d.滴定管(2)Ca2＋Mg2＋Fe3＋開始沉淀時(shí)的pH完全沉淀時(shí)的pH加入NH3·H2O調(diào)節(jié)pH=8可除去(填離子符號(hào)),濾渣Ⅱ中含(填化學(xué)式)。加入H2C2O4時(shí)應(yīng)避免過量,原因是。已知:Ksp(BaC2O4)=×10－7,Ksp(CaC2O4)=×10－9(3)利用間接酸堿滴定法可測(cè)定Ba2＋的含量,實(shí)驗(yàn)分兩步進(jìn)行。已知:2CrO42-＋2H＋Cr2O72-＋H2OBa2＋步驟Ⅰ:移取xmL一定濃度的Na2CrO4溶液于錐形瓶中,加入酸堿指示劑,用bmol·L－1鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液滴定至終點(diǎn),測(cè)得滴加鹽酸的體積為V0mL。步驟Ⅱ:移取ymLBaCl2溶液于錐形瓶中,加入xmL與步驟Ⅰ相同濃度的Na2CrO4溶液,待Ba2＋完全沉淀后,再加入酸堿指示劑,用bmol·L－1鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液滴定至終點(diǎn),測(cè)得滴加鹽酸的體積為V1mL。滴加鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液時(shí)應(yīng)使用酸式滴定管,“0”刻度位于滴定管的(填“上方”或“下方”)。BaCl2溶液的濃度為mol·L－1,若步驟Ⅱ中滴加鹽酸時(shí)有少量待測(cè)液濺出,Ba2＋濃度測(cè)量值將(填“偏大”或“偏小”)?！窘忸}指南】解答本題注意以下兩點(diǎn):(1)配制一定質(zhì)量分?jǐn)?shù)的溶液和配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液所用的儀器不一樣;(2)注意整個(gè)化工流程的分析和應(yīng)用。【解析】(1)充分研磨可以增大反應(yīng)物的接觸面積,提高反應(yīng)速率;因?yàn)榕渲频柠}酸溶液濃度以質(zhì)量分?jǐn)?shù)表示,可以計(jì)算出濃鹽酸的體積和水的體積,所以使用燒杯作為容器進(jìn)行稀釋,用玻璃棒攪拌。(2)根據(jù)流程圖和表中數(shù)據(jù),加入NH3·H2O調(diào)pH為8,只有Fe3＋完全沉淀,故可除去Fe3＋;加入NaOH調(diào)pH=,Mg2＋完全沉淀,Ca2＋部分沉淀,所以濾渣Ⅱ中含Mg(OH)2、Ca(OH)2;根據(jù)Ksp(BaC2O4)=×10－7可知,H2C2O4過量時(shí)Ba2＋轉(zhuǎn)化為BaC2O4沉淀,BaCl2·2H2O產(chǎn)品的產(chǎn)量會(huì)減少。(3)“0”刻度位于滴定管的上方;與Ba2＋反應(yīng)的CrO42-的物質(zhì)的量為(V0b－1000mol,則Ba2＋濃度為V0b-V1bymol·L－答案:(1)增大接觸面積從而使反應(yīng)速率加快a、c(2)Fe3＋Mg(OH)2、Ca(OH)2H2C2O4過量會(huì)導(dǎo)致生成BaC2O4沉淀,產(chǎn)品的產(chǎn)量減少(3)上方V0AUTONUM．(2023·天津高考·7)隨原子序數(shù)遞增,八種短周期元素(用字母x表示)原子半徑的相對(duì)大小、最高正價(jià)或最低負(fù)價(jià)的變化如下圖所示。根據(jù)判斷出的元素回答問題:(1)f在周期表中的位置是。(2)比較d、e常見離子的半徑大小(用化學(xué)式表示,下同):>;比較g、h的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性強(qiáng)弱:>。(3)任選上述元素組成一種四原子共價(jià)化合物,寫出其電子式:。(4)已知1mole的單質(zhì)在足量d2中燃燒,恢復(fù)至室溫,放出kJ熱量,寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式:。(5)上述元素可組成鹽R:zx4f(gd4)2。向盛有10mL1mol·L－1R溶液的燒杯中滴加1mol·L－1NaOH溶液,沉淀物質(zhì)的量隨NaOH溶液體積的變化示意圖如下:①R溶液中,離子濃度由大到小的順序是。②寫出m點(diǎn)反應(yīng)的離子方程式:。③若在R溶液中改加20mLmol·L－1Ba(OH)2溶液,充分反應(yīng)后,溶液中產(chǎn)生沉淀的物質(zhì)的量為mol?！窘馕觥繌膱D中的化合價(jià)和原子半徑的大小,可以推出x是氫元素,y是碳元素,z是氮元素,d是氧元素,e是鈉元素,f是鋁元素,g是硫元素,h是氯元素。(1)f是Al,在元素周期表的位置是第3周期ⅢA族。(2)電子層結(jié)構(gòu)相同的離子,核電荷數(shù)越大離子半徑越小,故r(O2－)>r(Na＋);非金屬性越強(qiáng)最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性越強(qiáng),HClO4>H2SO4。(3)四原子共價(jià)化合物,可以是NH3、H2O2、C2H2等,其電子式分別為、、。(4)1molNa的單質(zhì)在足量O2中燃燒,放出kJ熱量,該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為2Na(s)＋O2(g)Na2O2(s)ΔH=－511kJ·mol－1。(5)①R是NH4Al(SO4)2,Al3＋比NH4+水解程度更大,離子濃度由大到小的順序是c(SO42-)>c(NH4+)>c(Al②m點(diǎn)前后過程中加入氫氧化鈉,沉淀物質(zhì)的量不變,是NH4+發(fā)生了反應(yīng),離子方程式為NH4+＋OH－NH③10mL1mol·L－1NH4Al(SO4)2,溶液中Al3＋物質(zhì)的量為mol,NH4+的物質(zhì)的量為mol,SO42-的物質(zhì)的量為mol,20mLmol·L－1Ba(OH)2溶液中Ba2＋物質(zhì)的量為mol,OH－為mol,由離子反應(yīng)先后可知可生成molBaSO4沉淀;OH－先與Al3＋反應(yīng)生成Al(OH)3,再與NH4+反應(yīng),若有剩余再同Al(OH)3答案:(1)第3周期ⅢA族(2)r(O2－)>r(Na＋)HClO4>H2SO4(3)(或QUOTEH··O······O····(4)2Na(s)＋O2(g)Na2O2(s)ΔH=－511kJ·mol－1(5)①c(SO42-)>c(NH4+)>c(Al3＋②NH4+＋OH－NH3·H③AUTONUM．(2023·天津高考·10)FeCl3具有凈水作用,但腐蝕設(shè)備,而聚合氯化鐵是一種新型的絮凝劑,處理污水比FeCl3高效,且腐蝕性小。請(qǐng)回答下列問題:(1)FeCl3凈水的原理是。FeCl3溶液腐蝕鋼鐵設(shè)備,除H＋作用外,另一主要原因是(用離子方程式表示)

。(2)為節(jié)約成本,工業(yè)上用NaClO3氧化酸性FeCl2廢液得到FeCl3。①若酸性FeCl2廢液中c(Fe2＋)=×10－2mol·L－1,c(Fe3＋)=×10－3mol·L－1,c(Cl－)=×10－2mol·L－1,則該溶液的pH約為。②完成NaClO3氧化FeCl2的離子方程式:□ClO3-＋□Fe2＋＋□

□Cl－＋□Fe3＋＋□(3)FeCl3在溶液中分三步水解:Fe3＋＋H2OFe(OH)2＋＋H＋K1Fe(OH)2＋＋H2OFe(OH)2+＋H＋Fe(OH)2+＋H2OFe(OH)3＋H＋以上水解反應(yīng)的平衡常數(shù)K1、K2、K3由大到小的順序是。通過控制條件,以上水解產(chǎn)物聚合,生成聚合氯化鐵,離子方程式為:xFe3＋＋yH2OFex(OH)y(3x-y)+＋yH＋,欲使平衡正向移動(dòng)可采用的方法是(填序號(hào))a.降溫b.加水稀釋c.加入NH4Cl d.加入NaHCO3室溫下,使氯化鐵溶液轉(zhuǎn)化為高濃度聚合氯化鐵的關(guān)鍵條件是。(4)天津某污水處理廠用聚合氯化鐵凈化污水的結(jié)果如下圖所示。由圖中數(shù)據(jù)得出每升污水中投放聚合氯化鐵[以Fe(mg·L－1)表示]的最佳范圍約為mg·L－1?！窘馕觥?1)Fe3＋水解生成的Fe(OH)3膠體粒子能吸附水中懸浮的雜質(zhì),可起到凈水的作用;鋼鐵設(shè)備中的Fe會(huì)與鐵離子反應(yīng)生成亞鐵離子,離子方程式是2Fe3＋＋Fe3Fe2＋。(2)①根據(jù)電荷守恒,則溶液中氫離子的濃度是c(Cl－)－2c(Fe2＋)－3c(Fe3＋)=×10－2mol·L－1,所以pH=2;②根據(jù)題意,氯酸鈉氧化酸性的氯化亞鐵,則反應(yīng)物中有氫離子參加,則生成物中有水生成,Cl的化合價(jià)從＋5價(jià)降低到－1價(jià),得到6個(gè)電子,而Fe的化合價(jià)從＋2價(jià)升高到＋3價(jià),失去1個(gè)電子,根據(jù)得失電子守恒,則氯酸根離子的化學(xué)計(jì)量數(shù)為1,Fe2＋的化學(xué)計(jì)量數(shù)為6,則鐵離子的化學(xué)計(jì)量數(shù)也是6,氯離子的化學(xué)計(jì)量數(shù)是1,根據(jù)電荷守恒,則氫離子的化學(xué)計(jì)量數(shù)是6,水的化學(xué)計(jì)量數(shù)是3,即ClO3-＋6Fe2＋＋6H＋Cl－＋6Fe3＋＋3H(3)鐵離子的水解分為三步,且水解程度逐漸減弱,所以水解平衡常數(shù)逐漸減小,則K1>K2>K3;該水解為吸熱反應(yīng),所以降溫,平衡逆向移動(dòng);加水稀釋,則水解平衡正向移動(dòng);加入氯化銨,氯化銨溶液為酸性,氫離子濃度增大,平衡逆向移動(dòng);加入碳酸氫鈉,則消耗氫離子,所以氫離子濃度降低,平衡正向移動(dòng),所以答案選b、d;從反應(yīng)的離子方程式中可知,氫離子的濃度影響高濃度聚合氯化鐵的生成,所以關(guān)鍵步驟是調(diào)節(jié)溶液的pH。(4)由題中圖象可知,聚合氯化鐵的濃度在18~20mg·L－1時(shí),去除率達(dá)到最大值,污水的渾濁度減小。答案:(1)Fe3＋水解生成的Fe(OH)3膠體粒子能吸附水中懸浮的雜質(zhì)2Fe3＋＋Fe3Fe2＋(2)①2②166H＋163H2O(3)K1>K2>K3b、d調(diào)節(jié)溶液的pH(4)18～20AUTONUM．(2023·海南高考·15)銀是一種貴金屬,古代常用于制造錢幣及裝飾器皿,現(xiàn)代在電池和照明器材等領(lǐng)域亦有廣泛應(yīng)用?；卮鹣铝袉栴}:(1)久存的銀制品表面會(huì)變黑,失去銀白色光澤,原因是。(2)已知Ksp(AgCl)=×10－10,若向50mLmol·L－1的AgNO3溶液中加入50mLmol·L－1的鹽酸,混合后溶液中Ag＋的濃度為mol·L－1,pH為。(3)AgNO3光照易分解,生成Ag和紅棕色氣體等物質(zhì),其光照分解反應(yīng)的化學(xué)方程式為

。(4)右圖所示原電池正極的反應(yīng)式為。【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)化學(xué)反應(yīng)原理的理解與應(yīng)用;(2)電化學(xué)中電極反應(yīng)式的書寫?！窘馕觥?1)根據(jù)金屬的腐蝕原理可知Ag變黑是發(fā)生了化學(xué)腐蝕的緣故;(2)根據(jù)反應(yīng)中HCl和硝酸銀的物質(zhì)的量可知HCl過量,則計(jì)算剩余的氯離子的物質(zhì)的量濃度為－mol·L－1/2=mol·L－1,根據(jù)AgCl的溶度積的表達(dá)式計(jì)算即可,即c(Ag＋)=Ksp(AgCl)c(Cl-)=1.8×10-mol·L－1,則pH=2;(3)根據(jù)氧化還原反應(yīng)理論,硝酸銀分解生成Ag和二氧化氮?dú)怏w,元素化合價(jià)均降低,因此該反應(yīng)中有氧氣生成(氧化還原反應(yīng)中化合價(jià)有降必有升,氧元素化合價(jià)升高)。(4)該原電池的實(shí)質(zhì)是Cu與銀離子發(fā)生置換反應(yīng)生成Ag單質(zhì),所以正極是生成Ag單質(zhì)的還原反應(yīng)。答案:(1)Ag在空氣中易與氧氣和含硫化合物反應(yīng),發(fā)生化學(xué)腐蝕(2)×10－72(3)2AgNO32Ag↓＋2NO2↑＋O2↑(4)Ag＋＋e－AgAUTONUM．(2023·海南高考·16)氨是合成硝酸、銨鹽和氮肥的基本原料,回答下列問題:(1)氨的水溶液顯弱堿性,其原因?yàn)?用離子方程式表示),mol·L－1的氨水中加入少量NH4Cl固體,溶液的pH(填“升高”或“降低”);若加入少量明礬,溶液中NH4+的濃度(2)硝酸銨加熱分解可得到N2O和H2O,250℃時(shí),硝酸銨在密閉容器中分解達(dá)到平衡,該分解反應(yīng)的化學(xué)方程式為

,平衡常數(shù)表達(dá)式為;若有1mol硝酸銨完全分解,轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為mol。(3)由N2O和NO反應(yīng)生成N2和NO2的能量變化如圖所示,若生成1molN2,其ΔH=kJ·mol－1?！窘忸}指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)氮及其化合物的性質(zhì)及轉(zhuǎn)化;(2)電解質(zhì)溶液中電離平衡、水解平衡以及化學(xué)平衡、反應(yīng)中的能量變化等化學(xué)反應(yīng)原理知識(shí)的理解與應(yīng)用?！窘馕觥?1)氨水中一水合氨部分電離生成銨根離子和氫氧根離子,使溶液呈堿性;若加入氯化銨,銨根離子濃度增大,電離平衡逆向移動(dòng),氫氧根離子濃度減小,pH減小;若加入明礬,Al3＋水解消耗OH－,使NH3·H2O的電離反應(yīng)正向移動(dòng),c(NH4(2)硝酸銨分解生成N2O和H2O為可逆反應(yīng),因此化學(xué)方程式為NH4NO3(s)N2O(g)＋2H2O(g)(250℃時(shí),水為氣態(tài)),則K=c(N2O)c2(H2O);硝酸銨中氮元素化合價(jià)分別從－3和＋5價(jià)均變?yōu)椋?價(jià),因此轉(zhuǎn)移電子數(shù)為4個(gè),每有1mol硝酸銨反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為4mol。(3)N2O＋NON2＋NO2,根據(jù)圖示每生成1mol氮?dú)?ΔH=209kJ·mol－1－348kJ·mol－1=－139kJ·mol－1。答案:(1)NH3·H2ONH4+＋OH(2)NH4NO3N2O↑＋2H2O↑K=c(N2O)c2(H2O)4(3)－139AUTONUM．(2023·江蘇高考·16)以磷石膏(主要成分CaSO4,雜質(zhì)SiO2、Al2O3等)為原料可制備輕質(zhì)CaCO3。(1)勻速向漿料中通入CO2,漿料清液的pH和c(SO42-)隨時(shí)間變化見下圖。清液pH>11時(shí)CaSO4轉(zhuǎn)化的離子方程式為 ()A．?dāng)嚢铦{料B．加熱漿料至100℃C．增大氨水濃度D．減小CO2通入速率(2)當(dāng)清液pH接近時(shí),過濾并洗滌固體。濾液中物質(zhì)的量濃度最大的兩種陰離子為和(填化學(xué)式);檢驗(yàn)洗滌是否完全的方法是。(3)在敞口容器中,用NH4Cl溶液浸取高溫煅燒的固體,隨著浸取液溫度上升,溶液中c(Ca2＋)增大的原因是?！窘馕觥?1)清液pH>11時(shí),通入CO2,CO2在堿性條件下轉(zhuǎn)化為CO32-,CaSO4與CO32-反應(yīng)轉(zhuǎn)化為CaCO(2)清液的pH接近時(shí),為弱酸性,濾液中陰離子有SO42-、HCO3-。根據(jù)沉淀轉(zhuǎn)化的反應(yīng),沉淀中可能含有(NH4)2(3)NH4Cl的水解吸熱,浸取液溫度上升,NH4+水解程度增大,溶液中c(H＋)增大,促進(jìn)固體中Ca2答案:(1)CaSO4＋2NH3·H2O＋CO2CaCO3＋2NH4+＋SO42-＋H2O或CaSO4＋COA．C(2)SO42-HCO(3)浸取液溫度上升,溶液中c(H＋)增大,促進(jìn)固體中Ca2＋浸出AUTONUM．(2023·江蘇高考·18)軟錳礦(主要成分MnO2,雜質(zhì)金屬元素Fe、Al、Mg等)的水懸濁液與煙氣中SO2反應(yīng)可制備MnSO4·H2O,反應(yīng)的化學(xué)方程式為MnO2＋SO2MnSO4。(1)質(zhì)量為g純凈MnO2最多能氧化L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)SO2。(2)已知:Ksp[Al(OH)3]=1×10－33,Ks