2022北京昌平高三（上）期末物理（教師版）

19/192022北京昌平高三（上）期末物理一、本部分共14題，每小題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．（3分）2021年11年4日，由我國(guó)自主研發(fā)的可控核聚變裝置“人造太陽”迎來了全新突破，在高達(dá)1.2億攝氏度下成功運(yùn)行了101秒，引發(fā)全球關(guān)注。下列核反應(yīng)方程屬于核聚變的是（）A．+→+ B．→+ C．+→+ D．+→++32．（3分）如圖所示，自動(dòng)卸貨車的車架始終靜止在水平地面上，在一段時(shí)間內(nèi)，車廂在液壓機(jī)的作用下與水平面間的夾角θ逐漸增大，貨物相對(duì)車廂未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。關(guān)于這段時(shí)間內(nèi)貨物所受支持力和摩擦力，下列說法正確的是（）A．貨物所受支持力逐漸增大 B．貨物所受摩擦力逐漸減小 C．支持力對(duì)貨物不做功 D．支持力對(duì)貨物做正功3．（3分）一物體沿直線運(yùn)動(dòng)，其速度v隨時(shí)間t變化關(guān)系的圖像如圖所示。由圖像可知（）A．0～2.0s內(nèi)的加速度小于2.0～3.0s內(nèi)的加速度 B．0～2.0s內(nèi)的位移小于2.0～3.0s內(nèi)的位移 C．0～2.0s內(nèi)的平均速度小于2.0～3.0s內(nèi)的平均速度 D．0～3.0s內(nèi)物體的運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生了改變4．（3分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，此時(shí)a、b、c三個(gè)質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離相同。下列說法正確的是（）A．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)b的速度相同 B．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)b的加速度相同 C．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c的位移相同 D．質(zhì)點(diǎn)b將比質(zhì)點(diǎn)c先回到平衡位置5．（3分）某同學(xué)在做“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓A球沿圓弧軌道由靜止下滑，A球離開軌道末端（末端水平）時(shí)撞開輕質(zhì)接觸式開關(guān)S，被電磁鐵吸住的B球同時(shí)自由下落（下落前B球與軌道末端處于同一高度），如圖所示。改變整個(gè)裝置距水平地面的高度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)兩球總是同時(shí)落地。關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A．在實(shí)驗(yàn)中，A、B兩球的質(zhì)量應(yīng)保持相等 B．在重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，A球沿軌道下滑的初始位置應(yīng)保持不變 C．該實(shí)驗(yàn)說明A球在離開軌道后豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng) D．該實(shí)驗(yàn)說明A球在離開軌道后水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)6．（3分）某教室中有一臺(tái)電風(fēng)扇，其電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻是20Ω，接上220V的恒定電壓后，電風(fēng)扇正常工作，消耗的總功率是66W。下列說法正確的是（）A．通過電風(fēng)扇電動(dòng)機(jī)的電流為11A B．通過電風(fēng)扇電動(dòng)機(jī)的電流為0.3A C．電風(fēng)扇輸出的機(jī)械功率為60W D．電風(fēng)扇輸出的機(jī)械功率為66W7．（3分）在“研究影響通電導(dǎo)體棒所受磁場(chǎng)力的因素”實(shí)驗(yàn)中，把一段導(dǎo)體棒懸掛在蹄形磁鐵的兩極間，通以電流，導(dǎo)體棒擺開一定角度，如圖所示。要使導(dǎo)體棒擺開的角度增大，以下操作可行的是（）A．增加導(dǎo)體棒的質(zhì)量 B．換成磁性較弱的磁鐵 C．增大導(dǎo)體棒中的電流 D．改變導(dǎo)體棒中電流的方向8．（3分）如圖所示，洛倫茲力演示儀由勵(lì)磁線圈、玻璃泡、電子槍等部分組成。勵(lì)磁線圈是一對(duì)彼此平行、共軸的圓形線圈，它能夠在兩線圈之間產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場(chǎng)。玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，電子槍在加速電壓下發(fā)射電子，電子束通過玻璃泡內(nèi)氣體時(shí)能夠顯示出電子運(yùn)動(dòng)的徑跡。若電子槍垂直磁場(chǎng)方向發(fā)射電子，電子質(zhì)量為m，電荷量為e，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。根據(jù)上述信息可以得出（）A．電子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑 B．電子做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小 C．電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期 D．電子的加速電壓9．（3分）2021年6月17日，搭載神舟十二號(hào)載人飛船的運(yùn)載火箭，在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射。神舟十二號(hào)飛船入軌后，成功與天和核心艙對(duì)接，3名航天員順利進(jìn)入天和核心艙，標(biāo)志著中國(guó)人首次進(jìn)入自己的空間站。圖為飛船運(yùn)動(dòng)過程的簡(jiǎn)化示意圖。飛船先進(jìn)入圓軌道1做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)橢圓軌道2，最終進(jìn)入圓軌道3完成對(duì)接任務(wù)。地球軌道2分別與軌道1、軌道3相切于A點(diǎn)、B點(diǎn)。則飛船（）A．在軌道1的運(yùn)行周期大于在軌道3的運(yùn)行周期 B．在軌道2運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速率比B點(diǎn)大 C．在軌道2運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度比B點(diǎn)小 D．從軌道2進(jìn)入軌道3時(shí)需要在B點(diǎn)處減速10．（3分）蹦極是一項(xiàng)非常刺激的戶外休閑活動(dòng)。跳躍者站在起跳臺(tái)上，把一端固定的彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)處，然后頭朝下跳下去，如圖所示。某次蹦極中，跳躍者從起跳臺(tái)落下直至最低點(diǎn)的過程中，空氣阻力大小恒定，將跳躍者、彈性繩和地球視為一個(gè)系統(tǒng)。在這個(gè)過程中（）A．系統(tǒng)的機(jī)械能守恒 B．彈性繩剛伸直時(shí)跳躍者的動(dòng)能最大 C．跳躍者重力勢(shì)能的減小量等于彈性勢(shì)能的增加量 D．跳躍者克服空氣阻力做功等于系統(tǒng)機(jī)械能的減少量11．（3分）如圖所示，在一點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的靜電場(chǎng)中，三個(gè)等勢(shì)面a、b、c的電勢(shì)分別為6V、4V和2V。一質(zhì)子從等勢(shì)面a上某處由靜止釋放，經(jīng)過等勢(shì)面b時(shí)的速率為v。下列說法正確的是（）A．該點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電荷 B．質(zhì)子到達(dá)等勢(shì)面c時(shí)速率為2v C．質(zhì)子到達(dá)等勢(shì)面c時(shí)速率為v D．質(zhì)子在等勢(shì)面b上時(shí)的電勢(shì)能比在c上時(shí)小12．（3分）在冰壺比賽中，擲壺隊(duì)員手持冰壺從本壘圓心處向前運(yùn)動(dòng)至前衛(wèi)線時(shí)，速度大小v0＝1m/s，此時(shí)將冰壺沿水平方向擲出，如圖所示。擲出瞬間，冰壺在水平方向相對(duì)于手的速度大小v1＝2m/s。已知擲壺隊(duì)員的質(zhì)量M＝60kg，冰壺的質(zhì)量m＝20kg。冰壺出手后，擲壺隊(duì)員相對(duì)地的速度大小和方向分別為（）A．1m/s，方向與冰壺運(yùn)動(dòng)方向相反 B．1m/s，方向與冰壺運(yùn)動(dòng)方向相同 C．0.5m/s，方向與冰壺運(yùn)動(dòng)方向相反 D．0.5m/s，方向與冰壺運(yùn)動(dòng)方向相同13．（3分）利用某半導(dǎo)體的電阻隨溫度升高而減小的特征可以制作電子溫度計(jì)。圖甲表示該半導(dǎo)體的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把該半導(dǎo)體與電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，理想電壓表和保護(hù)電阻R0連成如圖乙所示的電路。用該半導(dǎo)體作測(cè)溫探頭，把電壓表的電壓刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)易的電子溫度計(jì)。下列說法正確的是（）A．tA應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上 B．tB應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上 C．該電子溫度計(jì)表盤上溫度的刻度是均勻的 D．若電池用久后內(nèi)阻r變大，用該溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏低14．（3分）若橫軸表示時(shí)間，縱軸表示速度，則如圖為勻變速直線運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像。當(dāng)把時(shí)間t分成許多小的時(shí)間間隔Δt，在每個(gè)Δt時(shí)間內(nèi)，可以認(rèn)為物體做勻速運(yùn)動(dòng)。圖中每個(gè)小矩形的面積，就對(duì)應(yīng)著物體在Δt內(nèi)的位移。對(duì)這些位移求和，可以認(rèn)為圖線與橫軸包圍的面積表示t時(shí)間內(nèi)物體的位移。我們可以應(yīng)用上述方法處理很多問題，下列說法正確的是（）A．若橫軸表示時(shí)間t，縱軸表示加速度a，則圖線與橫軸包圍的面積表示物體的末速度 B．若橫軸表示位移x，縱軸表示合外力F合，則圖線與橫軸包圍的面積表示物體動(dòng)能的變化量 C．若橫軸表示通過定值電阻的電流I，縱軸表示其兩端的電壓U，則圖線與橫軸包圍的面積表示定值電阻的電功率 D．若橫軸表示電容器充電時(shí)兩極板所帶電荷量Q，縱軸表示兩極板間電壓U，則圖線與橫軸包圍的面積表示電容器儲(chǔ)存的電能二、本部分共6題，共58分。15．（8分）在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，待測(cè)金屬絲的電阻約為6Ω。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某次測(cè)量如圖1所示，其讀數(shù)為mm。（2）用電流表和電壓表測(cè)量金屬絲的電阻。按如圖2連接好電路，用電壓表的接線柱P先后與a、b接觸，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)有較大變化，而電流表的示數(shù)變化不大，則實(shí)驗(yàn)中電壓表的接線柱P應(yīng)與點(diǎn)相連（選填“a”或“b”）。（3）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中記錄了多組數(shù)據(jù)，并描繪出U﹣I圖像，如圖3所示。由圖像可知，金屬絲的電阻約為Ω。（4）設(shè)被測(cè)金屬絲電阻為Rx，長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑的平均值為d，則該金屬材料電阻率的表達(dá)式為ρ＝（用Rx、L、d等物理量表示）。16．（10分）實(shí)驗(yàn)小組一用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究加速度與物體受力的關(guān)系。保持小車的質(zhì)量M不變，通過改變槽碼的個(gè)數(shù)來改變小車所受的拉力F，通過處理紙帶上打出的點(diǎn)來測(cè)量小車的加速度a。圖1（1）圖2是某次實(shí)驗(yàn)時(shí)得到的一條紙帶，紙帶上相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T＝0.10s，由圖中數(shù)據(jù)可計(jì)算出小車的加速度大小為m/s2。圖2（2）小明同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了a﹣F圖像，如圖3所示。該圖線斜率的物理意義是；該圖線不通過原點(diǎn)的原因可能是。圖3圖4（3）小芳同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范，作出了a﹣F圖像，隨槽碼個(gè)數(shù)的增加，圖線上部發(fā)生了彎曲，該同學(xué)作出的圖像最接近圖4中的（選填“甲”或“乙”）。（4）實(shí)驗(yàn)小組二改進(jìn)了實(shí)驗(yàn)方案，實(shí)驗(yàn)裝置如圖5所示。其主要操作步驟如下：圖5①掛上槽碼，改變木板的傾角，使小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；②取下槽碼，測(cè)出其總質(zhì)量；讓小車沿木板下滑，測(cè)出加速度；③改變槽碼的個(gè)數(shù)和木板傾角，重復(fù)步驟①和②。通過作圖可得到a﹣F圖像。對(duì)比以上兩種方案，寫出實(shí)驗(yàn)小組二方案的優(yōu)點(diǎn)：。17．（9分）如圖所示，ABC為一固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道，BC段水平，AB段與BC段平滑連接。兩小滑塊M、N的質(zhì)量均為m，N靜止在軌道BC段上。M從高h(yuǎn)處由靜止開始沿軌道下滑，與N發(fā)生對(duì)心碰撞，碰后兩小滑塊粘在一起在軌道BC上滑動(dòng)，重力加速度為g。（1）碰撞前瞬間M的速度v0的大?。唬?）碰撞后瞬間M和N一起運(yùn)動(dòng)的速度大小v；（3）碰撞過程中損失的機(jī)械能ΔE。18．（9分）如圖為法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖：銅質(zhì)圓盤安裝在水平銅軸上，兩銅片C、D分別與轉(zhuǎn)動(dòng)軸和圓盤的邊緣接觸。圓盤處于水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓盤平面與磁感線垂直。從左向右看，圓盤以角速度ω沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，圓盤半徑為r，定值電阻的阻值為R。（1）判斷通過電阻R的電流方向；（2）求這個(gè)發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E；（3）如果圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝kt規(guī)律變化（k為常數(shù)），請(qǐng)判斷圓盤上是否產(chǎn)生了感應(yīng)電流？是否有電流通過電阻R？簡(jiǎn)要說明理由。19．（10分）宏觀規(guī)律是由微觀機(jī)制決定的。從微觀角度看，在沒有外電場(chǎng)的作用下，金屬導(dǎo)體中的自由電子沿任意方向運(yùn)動(dòng)的概率相等。對(duì)于導(dǎo)體中的任一截面來說，任何時(shí)刻從兩側(cè)穿過的自由電子數(shù)相等，宏觀上不形成電流。如果導(dǎo)體兩端加恒定電壓，自由電子在電場(chǎng)力的驅(qū)動(dòng)下開始定向移動(dòng)，并不斷與導(dǎo)體內(nèi)金屬陽離子碰撞，可以認(rèn)為自由電子在碰撞后的定向速度變?yōu)?，然后再加速、再碰撞……，在宏觀上自由電子的定向移動(dòng)形成了電流。如圖所示，一段截面積為S、長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬導(dǎo)體，單位體積內(nèi)有n個(gè)自由電子，自由電子的電量為e，質(zhì)量為m，導(dǎo)體兩端所加電壓為U。假設(shè)自由電子與導(dǎo)體內(nèi)金屬陽離子連續(xù)兩次碰撞的時(shí)間間隔為t，僅在碰撞時(shí)才考慮粒子間的相互作用。（1）求恒定電場(chǎng)對(duì)每個(gè)自由電子作用力的大小F；（2）求在時(shí)間間隔t內(nèi)自由電子定向移動(dòng)的平均速率v；（3）實(shí)驗(yàn)表明，同一金屬導(dǎo)體兩端的電壓與通過它的電流之比是一個(gè)常量，物理學(xué)中把它叫做導(dǎo)體的電阻。請(qǐng)推導(dǎo)電阻的微觀表達(dá)式（用物理量S、L、n、e、m、t表示）。20．（12分）運(yùn)動(dòng)的合成與分解是我們研究復(fù)雜運(yùn)動(dòng)時(shí)常用的方法。（1）如圖1所示，一高度為h、內(nèi)壁光滑的圓筒豎直放置，將一個(gè)小滑塊在圓筒上端O點(diǎn)以水平初速度v0沿圓筒內(nèi)壁切線方向拋出，小滑塊沿圓筒內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)了一周后恰好從O'點(diǎn)離開圓筒。已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。a.求小滑塊從拋出到離開圓筒所用的時(shí)間t。b.如果沿虛線OO'將圓筒展開，以小滑塊初始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，初速度v0方向?yàn)閤軸正方向，豎直向下為y軸正方向，建立直角坐標(biāo)系xOy。請(qǐng)?jiān)趫D2中定性畫出小滑塊在圓筒內(nèi)表面的運(yùn)動(dòng)軌跡。（2）如圖3所示，在真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。將一個(gè)質(zhì)量為m、帶正電的小球從電場(chǎng)中某點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出。已知小球所受電場(chǎng)力與重力之比為。求小球從拋出點(diǎn)至最高點(diǎn)電勢(shì)能的變化量ΔEp。（3）如圖4所示，在真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。電子槍（圖中未畫出）發(fā)射出質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，經(jīng)加速后以初速度v0射入磁場(chǎng)中，初速度方向與磁場(chǎng)方向夾角為θ。不計(jì)電子所受重力。a.電子在沿磁感線和垂直磁感線方向上分別做什么運(yùn)動(dòng)？b.求電子在垂直磁感線方向上運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間內(nèi)，沿磁感線方向上運(yùn)動(dòng)的距離x。圖1圖2圖3圖4

參考答案一、本部分共14題，每小題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．【分析】由兩個(gè)較輕的核生成一個(gè)較重的核的過程屬于聚變，根據(jù)聚變的特點(diǎn)進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓篈、+→+屬于輕核聚變，故A正確；B、→+屬于β衰變，故B錯(cuò)誤；C、+→+屬于原子核的人工轉(zhuǎn)變，故C錯(cuò)誤；D、+→++3屬于重核裂變，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查幾種核反應(yīng)，掌握幾種核反應(yīng)方程的特點(diǎn)即可順利解答。2．【分析】貨物處于平衡狀態(tài)，對(duì)貨物進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件及恒力做功公式列式分析即可?！窘獯稹拷猓篈B、貨物處于平衡狀態(tài)，則有：mgsinθ＝f，N＝mgcosθ，θ增大時(shí)，f增大，N減小，故AB錯(cuò)誤；C、貨物受到的支持力的方向與位移方向的夾角小于90°，做正功，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了平衡條件的應(yīng)用、功的正負(fù)發(fā)的判斷方法，要求同學(xué)們能正確對(duì)物體進(jìn)行受力分析，基礎(chǔ)題目。3．【分析】在v﹣t圖像中，圖線的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積大小表示物體的位移大小。速度的正負(fù)表示物體的運(yùn)動(dòng)方向。結(jié)合平均速度的定義分析即可?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)v﹣t圖像的斜率表示加速度，斜率絕對(duì)值越大，加速度越大，則知0～2.0s內(nèi)的加速度小于2.0～3.0s內(nèi)的加速度，故A正確；B、根據(jù)v﹣t圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，則知0～2.0s內(nèi)的位移小于2.0～3.0s內(nèi)的位移，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度公式＝可知，0～2.0s內(nèi)與2.0～3.0s內(nèi)的平均速度相等，均為1.0m/s，故C錯(cuò)誤；D、速度的正負(fù)表示物體的運(yùn)動(dòng)方向，由圖知，0～3.0s內(nèi)物體的速度一直為正，運(yùn)動(dòng)方向不變，故D錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是要知道v﹣t圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，速度的正負(fù)表示速度的方向，圖像的斜率表示加速度。4．【分析】由波的傳播方向可判斷，各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向，并能比較b、c兩點(diǎn)回到平衡位置的先后。【解答】解：A、由同側(cè)法可知，此時(shí)a正向上運(yùn)動(dòng)，b、c正向下運(yùn)動(dòng)，a、b速度方向相反，故A錯(cuò)誤。B、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)回復(fù)力指向平衡位置，此時(shí)a、b、c三個(gè)質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離相同，質(zhì)點(diǎn)a、b所受回復(fù)力相同，故質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)b的加速度相同，故B錯(cuò)誤；C、a、b、c三個(gè)質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離相同，質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c的位移大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D、因向右傳播，該時(shí)刻以后b、c均向下運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)c將比質(zhì)點(diǎn)b先回到平衡位置，故D錯(cuò)誤；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系。同時(shí)，要熟練分析波動(dòng)形成的過程，分析物理量的變化情況。5．【分析】根據(jù)兩球在豎直方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)分析出豎直方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，而水平方向上的運(yùn)動(dòng)沒有參照物，無法分析?！窘獯稹拷猓篈CD、因?yàn)锳、B兩球同時(shí)從同一高度開始下落，并且同時(shí)到達(dá)地面，所以他們?cè)谪Q直方向兩球遵循相同的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，因?yàn)锽球做的是自由落體，所以A球在豎直方向也做自由落體；而A球在水平方向上的運(yùn)動(dòng)沒有可以參照的物體，所以無法確定A球在離開軌道后水平方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，而且自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律與物體本身的質(zhì)量是沒有關(guān)系的，故C正確，AD錯(cuò)誤；B、在重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，A球沿軌道下滑的初始位置可以改變，因?yàn)楦淖兒笏椒较虻某跛俣葧?huì)發(fā)生變化，但豎直方向上仍然做自由落體，不影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果，故B錯(cuò)誤；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)，在分析過程中要注意結(jié)論是從實(shí)驗(yàn)中得到的，正確但不能從本實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證到的實(shí)驗(yàn)結(jié)果要注意區(qū)分，比如平拋運(yùn)動(dòng)的水平方向上是做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，但本實(shí)驗(yàn)無法得到此實(shí)驗(yàn)結(jié)果。6．【分析】利用總功率與總電壓的關(guān)系，求出通過電動(dòng)機(jī)的電流大??；再根據(jù)熱功率的表達(dá)式求出電風(fēng)扇的熱功率，總功率減去熱功率即為電風(fēng)扇輸出的機(jī)械功率?！窘獯稹拷猓篈B、因?yàn)殡婏L(fēng)扇消耗的總功率是66W，由P總＝UI可得，通過電動(dòng)機(jī)的電流大小為：，故A錯(cuò)誤、B正確；CD、電風(fēng)扇的熱功率為：P熱＝I2r＝0.32×20W＝1.8W所以電風(fēng)扇輸出的機(jī)械功率為：P出＝P總﹣P熱＝66W﹣1.8W＝64.2W，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查非純電阻電路的相關(guān)計(jì)算，易錯(cuò)點(diǎn)在于直接用電壓除以內(nèi)阻計(jì)算電流大小，要牢記對(duì)于非純電阻電路而言，需利用功率與電壓、電流的關(guān)系間接求解相關(guān)參數(shù)。7．【分析】要使導(dǎo)體擺動(dòng)的幅度增大，只要增大安培力即可，根據(jù)安培力的公式F＝BIL，知安培力大小與哪些因素有關(guān)?！窘獯稹拷猓涸龃蟀才嗔纯墒箤?dǎo)體擺動(dòng)的幅度增大，根據(jù)安培力的公式F＝BIL可知，A、增加導(dǎo)體棒的質(zhì)量，導(dǎo)體棒擺開的角度減小，故A錯(cuò)誤；B、換成磁性較弱的磁鐵，磁感應(yīng)強(qiáng)度減弱，安培力減小，導(dǎo)體棒擺開的角度減小，故B錯(cuò)誤；C、增大導(dǎo)體棒中的電流強(qiáng)度，安培力增大，導(dǎo)體棒擺開的角度增大，故C正確；D、改變導(dǎo)體棒中的電流方向，只會(huì)改變安培力的方向，不會(huì)改變安培力的大小，導(dǎo)體棒擺開的角度不變，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式，知道安培力的大小跟哪些因素有關(guān)8．【分析】電子在電場(chǎng)中加速，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意應(yīng)用動(dòng)能定理、牛頓第二定律與周期公式分析答題?！窘獯稹拷猓築D、電子在電場(chǎng)中加速，設(shè)加速后電子速度大小為v，設(shè)加速電壓為U，由動(dòng)能定理得：eU＝﹣0，解得：v＝，由于不知加速電壓，不能求出電子做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小，由于不知電子的速度大小，頁無法求出加速電壓大小，故BD錯(cuò)誤；A、電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：evB＝m，解得：r＝，由于不知道電子的速度，無法求出電子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r，故A錯(cuò)誤；C、電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)周期T＝，由于m、e、B已知，可以求出電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，故C正確；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題，知道電子在電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，利用動(dòng)能定理可求出加速獲得的速度．電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供．9．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力分析出周期與半徑的關(guān)系；根據(jù)開普勒第二定律分析出速率的大小關(guān)系；根據(jù)萬有引力提供加速度，分析出加速度與半徑的關(guān)系并做分析；根據(jù)變軌的知識(shí)分析在B處需要加速還是減速?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)解得：由上式可知飛船在軌道1的運(yùn)動(dòng)周期小于在軌道3的運(yùn)動(dòng)周期，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船在軌道2上運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速率比B點(diǎn)大，故B正確；C、根據(jù)解得：可知飛船在軌道2運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過A點(diǎn)的加速度比B點(diǎn)大，故C錯(cuò)誤；D、飛船從軌道2進(jìn)入軌道3時(shí)需要在B點(diǎn)處加速，故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)萬有引力提供向心力分析出周期和加速度的大小關(guān)系，結(jié)合開普勒第二定律和變軌的相關(guān)知識(shí)完成分析。10．【分析】跳躍者要克服空氣阻力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒；系統(tǒng)機(jī)械能的減少量等于跳躍者克服空氣阻力做功；跳躍者重力勢(shì)能的減小量等于彈性勢(shì)能的增加量與克服空氣阻力做功之和；跳躍者的動(dòng)能最大，即速度最大，此時(shí)加速度為零，即彈性繩的彈力與空氣阻力之和等于跳躍者重力?！窘獯稹拷猓篈、由于跳躍者下落過程中，受到空氣阻力作用，所以系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B、繩未伸直前恒定的空氣阻力小于跳躍者的重力，跳躍者加速下落，當(dāng)彈性繩剛伸直后，其對(duì)跳躍者向上的彈力由零逐漸增加，在彈力與空氣阻力之和小于跳躍者重力的過程，跳躍者所受合力向下，仍向下加速，當(dāng)彈力增加到與空氣阻力之和等于跳躍者重力時(shí)，跳躍者的速度最大，其動(dòng)能最大，故彈性繩剛伸直時(shí)跳躍者的動(dòng)能并不是最大，故B錯(cuò)誤；C、跳躍者從起跳臺(tái)落下直至最低點(diǎn)的過程，跳躍者初末動(dòng)能均為零，由能量守恒和功能關(guān)系可知，跳躍者重力勢(shì)能的減小量等于彈性勢(shì)能的增加量與克服空氣阻力做功之和，即跳躍者重力勢(shì)能的減小量大于彈性勢(shì)能的增加量，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能變化量等于除重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力之外其它力做的功，可知跳躍者、彈性繩和地球組成系統(tǒng)的機(jī)械能減少量等于克服空氣阻力做的功，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查功能關(guān)系與機(jī)械能守恒的條件。需掌握系統(tǒng)的機(jī)械能變化量等于除重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力之外其它力做的功。11．【分析】由電勢(shì)變化推導(dǎo)點(diǎn)電荷的電性，由動(dòng)能定理求解速率，由電勢(shì)能公式比較大小?！窘獯稹拷猓篈.由于a、b、c的電勢(shì)逐漸降低，所以該點(diǎn)電荷Q帶正電荷，故A錯(cuò)誤；BC.對(duì)質(zhì)子從a到b的過程，根據(jù)動(dòng)能定理有eUab＝mv2對(duì)質(zhì)子從b到c的過程，根據(jù)動(dòng)能定理有eUbc＝mv′2﹣mv2由題意可知Uab＝Ubc聯(lián)立以上三式解得質(zhì)子到達(dá)等勢(shì)面時(shí)速率為v′＝v故B錯(cuò)誤，C正確；D.質(zhì)子帶正電，根據(jù)Ep＝eφ可知質(zhì)子在等勢(shì)面b上時(shí)的電勢(shì)能比在c上時(shí)大，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查靜電場(chǎng)，學(xué)生需熟練掌握動(dòng)能定理在靜電場(chǎng)的應(yīng)用，綜合求解。12．【分析】擲出冰壺過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出擲壺運(yùn)動(dòng)員的速度?！窘獯稹拷猓阂缘孛孀鳛閰⒖枷?，設(shè)擲壺運(yùn)動(dòng)員的速度大小為v，則冰壺的速度大小為v冰壺＝v+v1，擲出冰壺過程，冰壺與運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以冰壺的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：（M+m）v0＝mv冰壺+Mv代入數(shù)據(jù)解得：v＝0.5m/s，方向與冰壺的運(yùn)動(dòng)方向相同，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即可解題；解題時(shí)要注意，各速度是相對(duì)于同一參考系的速度。13．【分析】根據(jù)圖甲分析電阻R與溫度t的關(guān)系，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律分析R的電壓與電阻R的關(guān)系，從而判斷溫度刻度情況；電池用久后內(nèi)阻r變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流的變化，判斷R的電壓變化，從而確定溫度測(cè)量值與真實(shí)值的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B、溫度為tA時(shí)電阻R的阻值大于溫度tB時(shí)的阻值，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，R的電壓：U＝E，R越大，U越大，所以tA應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上，tB應(yīng)標(biāo)在電壓較小的刻度上，故A正確，B錯(cuò)誤；C、由U＝E知，U與R是非線性關(guān)系，而R與t是線性關(guān)系，則U與t是非線性關(guān)系，電壓表刻度是均勻的，所以電子溫度計(jì)表盤上溫度刻度不均勻，故C錯(cuò)誤；D、若電池用久后內(nèi)阻r變大，由I＝知電路中電流變小，R的電壓變小，則用該溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏高，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題相當(dāng)于動(dòng)態(tài)分析問題，要熟練運(yùn)用閉合電路歐姆定律和串聯(lián)電路分壓規(guī)律列式，得到電阻R的電壓與電阻R的關(guān)系，從而定性分析溫度t與電壓U的關(guān)系。14．【分析】根據(jù)橫、縱坐標(biāo)的乘積表示的物理意義和物理量本身的特點(diǎn)進(jìn)行分逐項(xiàng)析：a﹣t圖象與橫軸圍成的面積是aΔt，表示的是物體速度的變化量；F合﹣x圖象與橫軸圍成的面積是F合x，表示的是物體動(dòng)能的變化量；速度變化量與動(dòng)能變化量都是過程量，對(duì)應(yīng)著一段時(shí)間或位移。但電功率和某一時(shí)刻的電能是狀態(tài)量，對(duì)應(yīng)的是某一時(shí)刻。所以U﹣I圖象和U﹣Q圖象與橫軸的面積是無意義的，電功率的大小等于某一點(diǎn)的U與I的乘積，電能的大小根據(jù)能量守恒W＝UIt＝UQ，可知等于某一點(diǎn)的U與Q的乘積?！窘獯稹拷猓篈、若橫軸表示時(shí)間t，縱軸表示加速度a，則圖線與橫軸包圍的面積的意義是aΔt，根據(jù)Δv＝aΔt可知，面積表示的是物體的速度變化量，不是末速度，故A錯(cuò)誤；B、若橫軸表示位移x，縱軸表示合外力F合，則圖線與橫軸包圍的面積的意義是F合x，根據(jù)動(dòng)能定理可知，面積表示的是物體動(dòng)能的變化量，故B正確；C、若橫軸表示通過定值電阻的電流I，縱軸表示其兩端的電壓U，圖線與橫軸包圍的面積是沒有意義的，因?yàn)殡姽β适菭顟B(tài)量，等于圖線上某點(diǎn)對(duì)應(yīng)的U與I的乘積，故C錯(cuò)誤；D、若橫軸表示電容器充電時(shí)兩極板所帶電荷量Q，縱軸表示兩極板間電壓U，圖線與橫軸包圍的面積也沒有意義，因?yàn)殡娙萜鞒潆娺^程中某一時(shí)刻存儲(chǔ)的電能大小也是狀態(tài)量，根據(jù)能量守恒，可知W＝UIt＝UQ，即等于某一點(diǎn)對(duì)應(yīng)的U與Q的乘積，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題通過v﹣t圖象的面積代表位移，介紹了微元法的應(yīng)用，需要類比到其他圖象，要注意對(duì)物理量加以區(qū)分，不是所有物理學(xué)圖象的縱橫坐標(biāo)的乘積都是有意義的。二、本部分共6題，共58分。15．【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器的分度值結(jié)合圖1得出金屬絲的直徑；（2）根據(jù)試觸法分析出電流表的接法；（3）根據(jù)圖像的斜率計(jì)算出金屬絲的電阻；（4）先計(jì)算出金屬絲的橫截面積，結(jié)合電阻定律計(jì)算出金屬材料的電阻率?！窘獯稹拷猓海?）由螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm，需要估讀到分度值的下一位，則直徑為31.3×0.01mm＝0.313mm；（2）用電壓表的接線柱P先后與a、b接觸，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)有較大變化，而電流表的示數(shù)變化不大，說明電壓表的分壓作用明顯，故應(yīng)該將電流表外接，故實(shí)驗(yàn)中電壓表的接線柱P應(yīng)與a點(diǎn)相連；（3）因?yàn)閁﹣I圖像的斜率即電阻，則（4）由電阻定律得：，同時(shí)聯(lián)立解得：ρ＝。故答案為：（1）0.313；（2）a；（3）6.0：；（4）?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了金屬電阻率的測(cè)量，根據(jù)圖像得電阻的大小，結(jié)合電阻定律分析出金屬材料的電阻率。16．【分析】（1）根據(jù)逐差法計(jì)算出小車的加速度；（2）根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像分析出圖像產(chǎn)生的可能原因；（3）根據(jù)小車和砝碼的質(zhì)量關(guān)系解牛頓第二定律分析出a﹣F圖像的變化趨勢(shì)；（4）對(duì)比兩個(gè)實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理，從而得出方案二的優(yōu)點(diǎn)?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)逐差法可知，小車的加速度大小為：；（2）由圖像的橫截距可知，當(dāng)F不等于零時(shí)，加速度仍為零，可能是原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（3）要使得繩子拉力等于鉤碼的重力大小，必有m＜＜M，而不滿足m＜＜M時(shí)，隨m的增大物體的加速度a逐漸減小，故同學(xué)做出的圖像最接近圖4的甲；（4）小組二方案的優(yōu)點(diǎn)是不需要保證M遠(yuǎn)大于m，且不存在系統(tǒng)誤差。故答案為：（1）4；（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（3）甲；（4）不需要保證M遠(yuǎn)大于m，且不存在系統(tǒng)誤差?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，分析過程中涉及到了逐差法的使用，同時(shí)涉及到了圖像的分析，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是理解實(shí)驗(yàn)的改進(jìn)并分析出優(yōu)點(diǎn)。17．【分析】（1）應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出碰撞前的瞬時(shí)速度。（2）兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出碰撞后的共同速度。（3）應(yīng)用能量守恒定律可以求出碰撞過程損失的機(jī)械能?！窘獯稹拷猓海?）滑塊M下滑過程，由動(dòng)能定理得：mgh＝﹣0解得：v0＝（2）兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0＝2mv解得：v＝（3）碰撞過程，由能量守恒定律得：+ΔE解得：ΔE＝mgh答：（1）碰撞前瞬間M的速度v0的大小是；（2）碰撞后瞬間M和N一起運(yùn)動(dòng)的速度大小是；（3）碰撞過程中損失的機(jī)械能是mgh?！军c(diǎn)評(píng)】根據(jù)題意分析清楚滑塊的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律即可解題。18．【分析】把銅盤看做若干條由中心指向邊緣的銅棒組合而成，當(dāng)銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，每根金屬棒都在切割磁感線，產(chǎn)生大小和方向不變的電流。根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E＝BLv可求出感應(yīng)電勢(shì)?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)右手定則可知，銅盤的若干個(gè)半徑相當(dāng)于直導(dǎo)線切割磁感線，所以其電流方向是由圓心指向邊緣，那么通過電阻R的電流方向?yàn)閎→R→a；（2）根據(jù)E＝Brv，而v＝得到發(fā)電機(jī)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝（3）將圓盤看作是無數(shù)同心圓環(huán)組成，如果圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝kt規(guī)律變化（k為常數(shù)），穿過這些圓環(huán)的磁通量發(fā)生變體，即圓盤中產(chǎn)生了渦流，渦流的方向?yàn)橐訡為圓心的一系列同心圓，不會(huì)產(chǎn)生由C指向D的徑向電流，則此時(shí)C、D之間電動(dòng)勢(shì)差為零，所以不會(huì)有電流通過R。答：（1）判斷通過電阻R的電流方向?yàn)閎→R→a；（2）這個(gè)發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E為；（3）如果圓盤不轉(zhuǎn)動(dòng)，使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝kt規(guī)律變化（k為常數(shù)），請(qǐng)判斷圓盤上產(chǎn)生了渦電流。無電流通過電阻R?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查運(yùn)用物理知識(shí)分析實(shí)際問題的能力。此題是電磁感應(yīng)問題，基本規(guī)律有楞次定律或右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律；根據(jù)題意應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)即可解題。19．【分析】（1）導(dǎo)體中的